浙江省诸暨中学2020学年高一物理上学期期中试题（含解析）

PAGE浙江省诸暨中学2020学年高一物理上学期期中试题（含解析）一、单项选择题（每小题3分，共57分。每个小题只有一个正确选项）1.在下面列举的物理量的单位中，不属于国际单位制（）的基本单位的是（）A.千克（kg）B.米（m）C.秒（s）D.牛顿（N）【答案】D【解析】三个力学基本物理分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，牛顿（N）是导出单位，不属于国际单位制力学基本单位，故D符合题意．故选D．2.一质点在半径为R的圆周上从A处沿顺时针运动到B处，则它通过的路程、位移大小分别是A.、B.、C.、D.、【答案】B【解析】从A处沿顺时针运动到B处时，质点经过了3/4个圆周，所以经过的路程为：s=×2πR=πR，位移是指从初位置到末位置的有向线段，所以从A到B的位移为AB之间的直线的距离，大小为：x=R．所以B正确。故选B。3.下列图象中反映物体可能做自由落体运动的是（图中s 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 示位移、v表示速度、t表示时间）A.B.C.D.【答案】D【解析】匀加速直线运动的位移与时间成二次关系，s-t图线是抛物线，A错；B错；C是匀速直线运动，C错；D对；4.广州亚运会中，中国选手王涵和施廷懋夺得了跳水女子双人3米板比赛的冠军，如图所示某运动员正在进行10m跳台训练。下列说法正确的A.为了研究运动员的技术动作，可将正在比赛的运动员视为质点B.选地面为参考系，运动员在下落过程中感觉水面在匀速上升C.前一半时间内位移大，后一半时间内位移小D.前一半位移用的时间长，后一半位移用的时间短【答案】D【解析】【详解】研究运动员的技术动作，不可将正在比赛的运动员视为质点，否则无法分辨他的动作和造型了，故A错误；根据运动的相对性，运动员加速下落，他感觉水面在加速上升，故B错误；运动员进行10m跳台训练时，匀加速下落，前一半位移用的时间长，后一半位移用的时间短，前一半时间内位移小，后一半时间内位移大，故D正确，C错误。所以D正确，ABC错误。5.在一次交通事故中，交通警察测量出肇事车辆的刹车痕迹是30米，该车辆最大刹车加速度是15m/s2，该路段的限速60km/h。则该车是否超速。A.超速B.不超速C.刚好是60km/hD.无法判断【答案】A【解析】【详解】根据匀变速直线运动的速度位移公式得：，代入数据解得：，可知该车超速，故A正确，BCD错误。6.一观察者发现，每隔一定时间有一个水滴自3.2m高处的屋檐落下，而且看到第五滴水刚要离开屋檐时，第一滴水正好落到地面，那么这时第二滴水离地的高度是（g=10m/s2）（）A.0.8mB.1.2mC.1.4mD.1.8m【答案】C【解析】解：根据h=得，t=，可知相邻两滴水之间的时间间隔，第2滴水下落的时间t′=3△t=0.6s，则第2滴水下落的高度，水滴离地的高度h=H﹣h′=1.4m．故C正确，A、B、D错误．故选：C．【考点】自由落体运动．【专题】定量思想；推理法；自由落体运动专题．【 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 】根据位移时间公式求出水下落的时间，从而得出相邻水滴之间的时间间隔，根据位移公式求出第2滴水离地的高度．【点评】解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵活求解，难度不大．7.一本书静止放在桌面上，下列说法正确的是（）A.桌面对书的支持力的大小等于书的重力，它们是一对平衡力B.书受到的重力和桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力C.书对桌面的压力就是书的重力，它们是同一性质的力D.书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对平衡力【答案】A【解析】试题分析：书本处于平衡状态，竖直方向只受重力和支持力作用，所以此二力平衡，故A项正确；由上面分析可知B项错；压力属于弹力，与重力产生的条件不同，是不同性质的力，故C项错；书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对作用力和反作用力，故D项错。考点：本题考查了一对平衡力与作用力和反作用力的概念和区别。8.已知一些材料间动摩擦因数如下：质量为1kg的物块放置于水平面上，现用弹簧秤沿水平方向匀速拉动此物块时，读得弹簧秤的示数为3N，则关于两接触面的材料可能是（取g＝10m/s2）材料钢—钢木—木木—金属木—冰动摩擦因数0.250.300.200.03A.钢—钢B.木—木C.木—金属D.木—冰【答案】B【解析】【详解】物体匀速运动时：F=f，滑动摩擦力为：f=μFN=μmg，联立解得：μ=0.3，由表中数据可知为木-木接触，故ACD错误，B正确。9.关于物体的重心，下列说法中正确的是（）A.任何物体的重心一定在这个物体上B.在物体上只有重心受到我的重力的作用C.一个球体的重心一定在球心处D.一辆空载的载重汽车装上货物后，重心会升高【答案】D【解析】将物体各部分受到的重力看成集中于一点，所以重心可以在物体上，也可以物体外，故AB错误．重心除了与几何位置有关外，还与密度分布有关，因此一个球体的重心不一定在球心处，故C错误．上方增加了相当大的质量，故重力的作用点也相对上升，重心升高，故D正确．故选D．10.我们乘电梯上高层楼房时，从起动到停下来，我们分别所处的状态是（）A.先失重，正常，后超重B.先超重，正常，后失重C.先超重，失重，后正常D.先正常，超重，失重【答案】B【解析】试题分析：超重：即物体的加速度向上．失重：即物体的加速度向下．分析运动过程的加速度向上还是向下进行判断．解：乘电梯上高层楼房时，从起动到停下来，具体的运动过程是：开始时先向上加速，加速度向上，超重；稳定后匀速直线，加速度为零，正常；停止时，向上减速，加速度向下，失重．所以整个过程是：先超重，正常，后失重．故选B【点评】判断物体超重还是失重，关键是看物体的加速度是向上还是向下，不用看物体向那个方向运动．11.下列说法正确的是(　　)A.在研究自行车后轮的转动情况时可以将自行车后轮看作质点B.电台报时说：“现在是北京时间8点整”，这里的“时间”实际上指的是时刻C.质量和速度都是物体惯性大小的量度D.做直线运动的物体当加速度方向与速度方向相同时，若加速度减小，速度也减小【答案】BD【解析】试题分析：A、在研究自行车后轮的转动情况时，观察的是自行车后轮不同部位的运动情况，自行车轮大小不能忽略，不能看成质点；错误B、“现在是北京时间8点整”指的是一个时间点，是时刻；正确C、只有质量才是惯性大小的量度；错误D、只要加速度和速度方向相同，不管加速度增加还是减小，物体的速度均增大；正确故选BD考点：物理概念点评：牢记物理概念，深刻理解其含义，可以纠正我们对物理知识的错误认识。12.有种自动扶梯，无人乘行时运转很慢，有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，正好经历了这两个过程，则能正确反映该乘客在这两个过程中的受力示意图的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】试题分析：人随扶梯先慢慢加速，再匀速向上，加速度先沿斜面向上，后变为零，根据牛顿第二定律分析可知：人先受到重力、扶梯的支持力和静摩擦力，后受到重力和支持力，不受摩擦力．解：当扶梯匀速上升时，人受力平衡，故人受重力和支持力；而当扶梯加速上升时，人受重力、支持力；将加速度分解可知，物体应有水平向右的加速度，故扶梯应对人有平行于接触面向右的摩擦力；故只有D受力正确；故选：D．【点评】本题在分析加速过程时，也可以先确定加速度，根据加速度方向确定合力方向，再分析受力情况．13.如图用细绳悬挂一个小球，小球在水平拉力F的作用下从平衡位置P点缓慢地沿圆弧移动到Q点，在这个过程中，绳子拉力T和水平拉力F的大小变化情况是（）A.T不断增大，F不断减小B.T不断减小，F不断增大C.T与F都不断增大D.T与F都不断减小【答案】C【解析】：小球在水平拉力F的作用下从平衡位置P点缓慢地沿圆弧移动到Q点，水平拉力F不断增大，绳子拉力T不断增大，选项C正确。14.物体在与其初速度始终共线的合力F的作用下运动.取v0方向为正,合力F随时间t的变化情况如图所示,则在0～t1这段时间内()A.物体的加速度先减小后增大,速度也是先减小后增大B.物体的加速度先增大后减小,速度也是先增大后减小C.物体的加速度先减小后增大,速度一直在增大D.物体的加速度先减小后增大,速度一直在减小【答案】C【解析】试题分析：由F=ma可知物体的加速度先减小后增大，由于取v0方向为正，则F方向一直与速度方向相同，则速度一直增大，ABD错；同理C对；考点：考查力与运动的关系点评：难度较小，合外力的大小决定加速度大小，合外力与速度方向是相同还是相反，决定速度是增大还是减小15.如图所示，一根轻质弹簧固定在天花板上，下端系着质量为m的物体A，A的下面再用细绳挂另一质量也为m的物体B．平衡时将绳剪断，在此瞬时，A和B的加速度大小分别等于（）A.aA=g，aB=0B.aA=g，aB=gC.aA=g，aB=2gD.aA=0，aB=g．【答案】B【解析】试题分析：剪断细线前，对AB整体受力分析，受到总重力和弹簧的弹力而平衡，故F=2mg；剪断细线的瞬间，对A而言，受弹簧的弹力和重力，根据牛顿第二定律有：F﹣mg=maA，aA=g，方向向上．对B，剪断细线的瞬间，仅受重力，根据牛顿第二定律知，aB=g，方向向下．故B正确，A、C、D错误．故选B．16.一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．该过程的v－t图象如图所示，g取10m/s2．下列说法中正确的是：A.小球所受重力和阻力之比为10∶1B.小球上升过程与下落过程所用时间之比为2∶3C.小球落回到抛出点时的速度大小为D.小球下落过程中，受到向上的空气阻力，处于超重状态【答案】C【解析】【详解】小球向上做匀减速运动的加速度大小：，根据牛顿第二定律得，mg+f=ma1，解得阻力大小：f=ma1-mg=2m=2N，则重力和阻力大小之比为mg：f=5：1，故A错误；小球下降的加速度大小：，小球上升过程的逆过程是初速度的匀加速运动，则对上升和下落两个过程，由，可得上升与下落所用时间之比为：，故B错误；小球匀减速上升的位移，根据v02=2a2x得：，故C错误；下落的过程中，小球的加速度向下，处于失重状态，故D错误。所以C正确，ABD错误。17.粗细均匀的电线架在A、B两根电线杆之间。由于热胀冷缩，电线在夏、冬两季呈现如图所示的两种形状，若电线杆始终处于竖直状态，下列说法中正确的是（　　）A.冬季，电线对电线杆的拉力较大B.夏季，电线对电线杆的拉力较大C.夏季与冬季，电线对电线杆的拉力一样大D.夏季，电线杆对地的压力较大【答案】A【解析】试题分析：对于电线，重心在最低点，受力分析如下图所示。由共点力的平衡条件知，，由于夏天气温较高，电线因长度膨胀而使夹角θ变小，F变小，而电线的质量一定，整体受力平衡，故夏季、冬季杆对地面的压力相等，选项A正确。考点：本题旨在考查共点力的平衡、力的合成与分解。18.如图所示，质量为m的滑块在水平面上撞向弹簧，当滑块将弹簧压缩了x0时速度减小为0，然后弹簧又将滑块向右推开。已知弹簧的劲度系数为k，滑块与水平面间的动摩擦因数为μ，整个过程弹簧未超过弹性限度，则正确的是（）A.滑块向左运动过程中，加速度先减小后增大B.滑块向右运动过程中，始终做加速运动C.滑块与弹簧接触过程中，最大加速度为D.滑块向右运动过程中，当滑块离开弹簧时，滑块的速度最大【答案】C【解析】A、滑块向左接触弹簧的运动过程中，在水平方向上受到向右的弹簧的弹力和向右的摩擦力，在此过程中弹簧的弹力是逐渐增大的，弹力和摩擦力的合力与运动方向始终相反，物体做减速运动，加速度大小一直增大，故A错误．B、滑块向右接触弹簧的运动是从弹簧压缩量最大时开始的，此时受到水平向右的弹力和向左的摩擦力，开始时弹簧的弹力大于摩擦力，但当弹簧伸长到一定程度，弹力和摩擦力大小相等，此后摩擦力大于弹力．所以滑块向右接触弹簧的运动过程中，是先加速，后减速．故B错误．C、由对A的分析可知，当弹簧的压缩量为x0时，水平方向的合力为F=kx0+μmg，此时合力最大，由牛顿第二定律有：，故C正确．D、在滑块向右接触弹簧的运动中，当弹簧的形变量为时，由胡克定律可得f=kx=μmg，此时弹力和摩擦力大小相等，方向相反，在水平方向上合外力为零此时速度最大，之后物体开始做减速运动，故D错误．故选C．【点睛】解决此类问题，要正确的分析物体运动的过程及物体的受力情况，并会确定运动过程中的临界点和分析在临界点上的受力，当物体接触弹簧向右运动的过程中，开始是加速运动的，当弹力和摩擦力相等时，加速度为零，之后摩擦力要大于弹力，物体开始做减速运动．弹力和摩擦力相等时即为一个临界点．19.如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面．若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中A.鱼缸对桌布摩擦力的方向向右B.若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大C.若猫增大拉力，鱼缸有可能滑出桌面D.若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面【答案】D【解析】【详解】向右拉桌布时，桌布相对于鱼缸有向右的运动，则鱼缸对桌布的摩擦力向左，故A错误；若鱼缸受到的摩擦力为滑动摩擦力，其大小与拉力无关，只与压力和动摩擦因数有关，因此增大拉力时，摩擦力不变，故B错误；鱼缸受到的摩擦力为滑动摩擦力，其大小与拉力无关，只与压力和动摩擦因数有关，因此增大拉力时，摩擦力不变，加速度不变，加速运动时间变短，鱼缸不会滑出桌面，故C错误；猫减小拉力时，桌布在桌面上运动的加速度减小，则运动时间变长；因此鱼缸加速时间变长，桌布抽出时的位移以及速度均变大，则有可能滑出桌面，故D正确。所以D正确，ABC错误。二、实验题（每空2分，计16分）20.某同学做“探究求合力的 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 ”的实验，实验装置如图6甲所示，其中两个主要步骤如下：①用两个弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O，记下O点的位置，读出并 记录 混凝土 养护记录下载土方回填监理旁站记录免费下载集备记录下载集备记录下载集备记录下载 两个弹簧测力计的示数；②只用一个弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出并记录弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这三个力的图示，并求出F1、F2的合力，如图乙所示．(1)以上两步骤均有疏漏：在①中是__________________________________________________________________；在②中是_________________________________________________________________．(2)图乙所示的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是________．【答案】(1).（）①记下两条细绳的方向；(2).②把橡皮条的结点拉到了同一位置点．(3).（）．【解析】试题分析：1、步骤①中只有记下两条细绳的方向，才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平行四边形定则求合力；步骤②中只有使结点到达同样的位置O，才能表示两种情况下力的作用效果相同．2、只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F′的图示．解：（1）本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果．所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示．步骤①中未记下两条细绳的方向；步骤②中未说明把橡皮条的结点拉到位置O．（2）F是利用F1和F2做平行四边形得到的，F′使用一根弹簧测力计测出的，故F′一定沿AO方向．故答案为：（1）①记下两条细绳的方向；②把橡皮条的结点拉到了同一位置O点．（2）F′．【点评】本实验关键理解实验原理，根据实验原理分析实验步骤中有无遗漏或缺陷，因此掌握实验原理是解决实验问题的关键．21.在探究“加速度与力、质量的关系”实验中：(1)某同学在接通电源进行实验之前，将实验器材组装如图所示。请你指出该装置中的两处错误或不妥之处：__________________、___________________。(2)他想用砂桶的重力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为下列哪些说法是正确的（）A.要平衡摩擦力B.实验时不需要平衡摩擦力C.砂桶的重力要远小于小车的总重力D.实验进行时应先释放小车再接通电源(3)用打点计时器打出的一条纸带，A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的记数点，相邻计数点间的时间间隔为0.1s，各点间的距离如图下所示，则在打D点时，小车的速度为___________m/s，并可求得小车的加速度大小为__________m/s2，若当交流电的实际频率小于50Hz时，仍按50Hz计算，则测量的加速度值比真实的加速度值_________（填“偏大”“偏小”“不变”）。【答案】(1).电源不能用干电池(2).小车与滑轮间的细绳不平行于轨道、小车与打点计时器的距离太远、未平衡摩擦力等(3).AC(4).0.34(5).0.4(6).偏大【解析】(1)实验装置的错误时打点计时器不应使用干电池，应使用交流电源；小车初始位置离打点计时器太远，纸带不能有效利用．(2)A、B、只有平衡了摩擦力，挂钩码的绳的拉力才是小车的合力，步骤是将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，使小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力，故A正确，B错误；C、只有当车和砝码的质量远大于被悬吊重物的质量时，绳子的拉力才等于重物的重力，故C正确；D、实验时，应先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，同时要求开始小车要靠近打点计时器，故D错误．故选AC．(3)由匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的瞬时速度；由匀变速直线运动的判别式得：；根据知，频率算大了，周期就代小了，导致加速度偏大.【点睛】教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚，同时加强基础知识的应用，提高解题能力．三、计算题（本题共3小题，共27分，解答个小题时，应写出必要的文字说明，表达式和重要步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确数值和单位）22.跳伞运动员做低空跳伞表演，他离开飞机后先做自由落体运动，当距离地面125m时打开降落伞，伞张开后运动员就以9.9m/s2的加速度做匀减速直线运动，到达地面时速度为5m/s，（g=10m/s2）问：（1）运动员离开飞机时距地面的高度为多少？（2）离开飞机后，运动员经过多少时间才能到达地面？【答案】（1）305m（2）9.85s【解析】试题分析：对减速过程运用速度位移关系公式列式求解初速度，然后再根据速度位移关系公式列式求解自由落体运动的位移，得到总高度；根据速时间关系公式求解自由落体运动的时间，再同样计算减速时间，最后得到总时间．（）运动员打开伞后做匀减速运动，由．可求得运动员打开伞时的速度为自由下落过程中．解出运动员离开飞机时距地面高度为．（）又因为自由落体运动的时间为，打开伞后运动的时间为离开飞机后运动的时间为23.（10分）如图所示，用不可伸长的轻绳AC和BC吊起一质量不计的沙袋，绳AC和BC与天花板的夹角分别为60°和30°。现缓慢往沙袋中注入沙子。重力加速度g取10m/s2。（1）当注入沙袋中沙子的质量m=10kg时，求绳AC和BC上的拉力大小FAC和FBC。（2）若AC能承受的最大拉力为150N，BC能承受的最大拉力为100N，为使绳子不断裂，求注入沙袋中沙子质量的最大值M。【答案】（1）（2）【解析】试题分析：装置受力图如右图所示（1）沙桶处于静止，根据二力平衡有：受力分析如图，AC和BC两端绳子拉力分别沿各自绳子的方向，二力的合力与T等大反向，做二力合成的平行四边形如图（3分）（3分）（2）AC和BC两段绳子方向不变，要保持平衡，二力的拉力方向不变，二力合成的平行四边形仍然如上图所以有而，所以AC更容易被拉断（2分）此时，所以（2分）考点：共点力的平衡24.如图所示，倾角θ=30°的光滑斜面与粗糙的水平面平滑连接．现将一小滑块(可视为质点)从斜面上的A点由静止释放，最终停在水平面上的C点．已知A点距离水平面的高度h＝0.8m，B点距离C点的距离L＝2.m．(假设滑块经过B点时没有任何能量损失，g取10m/s2)．求：（1）滑块在运动过程中的最大速度；（2）滑块与水平面间的动摩擦因数μ；（3）滑块从A点释放后，写出经过时间t，速度大小V的表达式．【答案】（1）（2）（3）【解析】【分析】滑块在斜面上时，对其受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解出加速度，再根据运动学公式计算末速度；对减速过程运用牛顿第二定律列式，再运用速度位移公式列式，最后联立方程组求解；先判断加速时间，再根据速度时间关系即可求解。【详解】（1）滑块先在斜面上做匀加速运动，然后在水平面上做匀减速运动，所以滑块运动到B点时速度最大为vm，设滑块在斜面上运动的加速度大小为a1根据牛顿第二定律，有mgsin30°=ma1根据运动学公式，有解得：vm=4m/s即滑块在运动过程中的最大速度为4m/s．（2）滑块在水平面上运动的加速度大小为a2根据牛顿第二定律，有μmg=ma2根据运动学公式，有vm2=2a2L解得：μ=0.4即滑块与水平面间的动摩擦因数μ为0.4．（3）设t时刻速度大小为v，在斜面上运动的时间为：，所以当时，当时，【点睛】本题关键先对滑块的加速和减速过程运用牛顿第二定律列式求解，再分别对两个过程运用运动学公式列方程联立求解。