2020年四川省高考试题(理综物理)解析版

2020年四川省高 考试题 教师业务能力考试题中学音乐幼儿园保育员考试题目免费下载工程测量项目竞赛理论考试题库院感知识考试题及答案公司二级安全考试题答案 （理综物理）解析版物理部分全解全析【金卷精析】二、选择题〔此题共4小题。在每题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。〕14．以下现象中不能讲明分子间存在分子力的是A．两铅块能被压合在一起B．钢绳不易被拉断C.水不容易被压缩D.空气容易被压缩【答案】D【解析】空气容易压缩是因为分子间距大，而水不容易压缩是因为分子间距小轻微压缩都使分子力表现为斥力。ABC讲明存在分子力。15.以下讲法正确的选项是A.a粒子大角度散射讲明a粒子专门难进入原子内部B.氨原子跃迁发出的光从空气射入水时可能发生全反射C.裂变反应有质量亏损，质量数不守恒D.丫射线是一种波长专门短的电磁波AB©（3）A【答案】DC.45m,右处质点曲葩图協当人处质虽运【解析儿粒子的阪射学习现象表日月大粲金粒子不发生偏转，说朋穿过了原子，少数口粒子发生偏转， 说明 关于失联党员情况说明岗位说明总经理岗位说明书会计岗位说明书行政主管岗位说明书 无法穿迥原子核，盘错谋・任何光貝有在从光密介质进入光疏介质时才能发生全反肘，B错溟.裂变有质量亏损是固丸枝子的平均密度变化引起的，旦是核子的总数并耒改变，C错误.忙射境是频率很大披长彳豳的电磁密D正确15.一列间進横波沿亘线庄岂向B传播，扣E相距动到波嗥位貫时，B处质点刚好到达平衡位苴且向丁紬:E.”匀走动，遠列渡的波產可能是v=4.5m/s，当n=1时v=0.9m/s，当n=2时v=0.5m/s等，正确答案为A。17.a是地球赤道上一栋建筑，b是在赤道平面内作匀速圆周运动、距地面9.6106m的卫星，c是地球同步卫星，某一时刻b、c刚好位于a的正上方〔如图甲所示〕，经48h,a、b、c的大致位置是图乙中的〔取地球半径R=6.4106m，地球表面重力加速度g=10m/s2，=.10〕D0.7m5C.Um5【答累】A【解祈】在处理相距一宦距画閑两个质点.关系时咅须養试础两质点间在该时刻的最少疲形，然后■根据间距和波长关系求波长（注意波的周期性）B波杲由A向B传播的.而且在虫到!±波峰的时却处于B平術位直向上运动，则最少波形关系如圈，所以育当旷。时A_4/_4x0.45F_T(4w+1>~04x(4n-l-l)4+1【答黑】B【解析】氐亡都是地球的卫星，共同匱谓地球对它们的万有引力捉供向心力，是可悝比较年面內有相同角谨度转动的，也是可以比较亂在1则以后永远在正上右对b肓鱼丝=礙込&,GM匚拠》化罚得X(16xl05)310x(64xWT在4S小时机转动的圈数垃士喙二加所胆正踰1S_用波萇为ZUxltr'ni的第外线頤射钙的表面，释啟出来的光电子R霞兀的动能是VxlO'^J.由此可知.鸭的极限频率是（普阴克常壘h=6.63幻尸*J・s）?光速o3.-0xl02m勾绪果取两位有散数字）D.1.2xlObHzA.5.5x10I4HzB.7.9xlOI+HzC?.8xlO14H2【答案】B【解析】依照光电效应方程EkmhW，在恰好发生光电效应时最大出动能为0有h0W，且h—Ekm，综合化简得0h-kmh310821074.710196.63103481014Hz19•图甲所示电路中,A「A2、A3为相同的电流表，C为电容器，电阻R「R2、R3的阻值相同，线圈L的电阻不计。在某段时刻内理想变压器原线圈内磁场的变化如图乙所示，那么在t2~t2时刻内A.电流表A1的示数比A2的小B.电流表A2的示数比A1的小电流表A1和A2的示数相同D.电流表的示数都不为零【答案】c【解析】由图像知在trtW间内，原绽圈中磁场先负向减小后正向増大，则制践圈中強通量是均匀变优的，根据法拉第电磁感应定會在副线圈中产生的感应申蛊衣小不变*再根据据袂定则可判斷负向询討耐和正向増大时感应电流閒方向相同，则在Wt］时间內副线圈中感应电鬲为穗恒电;M，所以A］和卷的示敎相同，民的示数為0,正确答案C受摩嚓力可能A.变次I。B.先減严洽不变会等于FD.先噌大再减小【答家】AB【解忻】对口棒所受合力沃F严F-FjF“g-B卜说明日做加逮度at小曲加违运动，当加速度沖o后旬速运动，所以』所受安堵力先噌大后不变.如黒/'=7}■十舫gsin&,则最大空培力为槪丘血B,则b所受摩擦力最后为山A正确.如臬F+iwgsin61则握大安垸力小于帼血应，则b所受摩整力一直3J4隈后不变，B正确。【答案】AC【解析】在N点假如电场力不小于弹簧弹力的分力，那么滑块一直加速，A正确。在N点假如电场力小于弹簧弹力的分力，那么滑块先加速后减速，就可能有两个位置的速度相同，C正确。1、2与3、4间的电势差相等，电场力做功相等，B错误。由于M点和N点弹簧的长度不同但弹力相等，讲明N点时弹簧是压缩的，在弹簧与水平杆垂直和弹簧复原原长的两个位置滑块的加速度只由电场力决定，D错误。44T第二种情形是现在间差不是周期的整数倍那么（0）（4）nT，当n=0时T8s，且由因此332t21的二倍讲明振幅是该位移的二倍为0.2m。如图答案。第二卷22.〔17分〕〔1〕①用多用电表探测图甲所示黑箱发觉：用直流电压挡测量，E、G两点间和F、G两点间均有电压,E、F两点间无电压；用欧姆测量，黑表笔〔与电表内部电源的正极相连〕接E点，红表笔〔表电表内部电源的负极相连〕接F点，阻值秀小，但反接阻值专门大。那么，该黑箱内元件的接法可能是图乙中【答案】⑴①B〕将电源E1改选E2〔□〕判定电流表的内外接法，作出相应调整②在物理兴趣小组活动中，二同学利用下列器材 设计 领导形象设计圆作业设计ao工艺污水处理厂设计附属工程施工组织设计清扫机器人结构设计 并完成了“探究导体阻值与长度的关系胪的实验.电圧表斤內阻约为9C0f）卜量程10V内阻约为寒.ch电压表©量程50mA內阻约为sc£|电源勒电中势宓内1沮约为02门电源妄电酣势宓内阻约为04门滑动变f且器（最尢阻值为屹.O）,粗细均匀的同种电限躍，开关、导扶杓刻度尺其主要冥验歩骤如下；■A.选取图中器材,按示意图连接电路B-用伏安法测宦电阻丝的阻值RU用剳慶尺没出电雌的畏度1依汶漩J电且丝Kl长度，保持电路其他諾分不变,重盧歩骤禺C处理数据・丰瞬下列孤囲果，拔出瓠繇嚴长度的关系L(m)0.99560.80490.59810.40210.1958R()104.885.365.246.627.1为使实验尽可能准确，请你对上述步骤中画线处加以改进。〔I〕〔II〕〔2〕有4条用打点计时器〔所用交流电频率为50Hz丨打出的纸带A、B、C、D，其中一条是做”验证机械能守恒定律〃实验时打出的。为找出该纸带，某同学在每条纸带上取了点迹清晰的、连续的4个点，用刻度尺测出相邻两个点间距离依次为Si、S2、S3。请你依照以下Si、S2、S3的测量结果确定该纸带为。〔当地的重力加速度为9.791m/s2〕A.61.0mm65.8mm70.7mmB.41.2mm45.1mm53.0mmC.4936mm53.5mm57.3mmD.60.5mm61.0mm60.6mm2s12ss①s2sa②③t2t2t2at22⑵C【解析】⑴①红表笔接F,电阻专门小，现在二极管导通，电源电流从黑表笔流出通过二极管从红表笔流进，电流方向E到F，只有B正确。②根据电动势大小电压裘量磔丕堆选择10V,电路图中选择知当然正瞩电压袅岗减小测量误差要求指针偏转过半，故1.5¥的电珈势木小电源也应饮改选弘由于J爲兄二丽立次6C蚤欧姆，第一齟测量值次104.80,次大电阻用内播伏安眩,第五组测量^27.10,次4潼13且用外接伏安法，这说明内夕険法先用试^法判断调整后再测塞⑵验证机械能守恒采用堇锂的自由落惟运动实现，所以相邻的0一皿内的位移曙加量为A5=gr:=9.791xO.022rs3.9nun,答窠为C・23,（1（5分）质量为w皓拖拉机尊麹舷損，由靜止开始僦匀抑速直贱运◎在时间t内前进的距离为阳耙她时，拖拉机受劉的牽引力恒为F,哽到她面的阻力为自重的kgt把浙曼阻力惬定，连接杆质量不计JL与水平面旳夹骨P保持不变-求:【答案】⑴a②③连立变形得⑵TCOSFM（kg寻）⑶WTFM（kg变形得⑵对拖拉机受到牵引力、支持力、重力、地面阻力和连杆拉力T,依照牛顿第二定律MaFkMgTcos⑴拖拉机的加連度丸小.⑵擅拉机对進接杆的拉力丸小•⑶时间t内拖拉机曝J嫩如s,依照位移公式【解析】⑴拖拉机在时刻t内匀加速前进I1COSFM(kg2s)依照牛顿第三定律连杆对耙的反作用力为r=r=1cose⑶闭合开关调节滑动变阻器便待测表满偏，流过的电流为心-根据井联电路屯压相等有潯拖拉机衬耙做功対WT二玄曲話二Frlf(炖亠尹皆⑥(19分)如图所示，电源电动势£^15Fffi阻殆=KT电阻姙二孔0&二600・间距d=94的两平行金属板水平放貫，板I可分布有垂直于纸面向里、碎愍麽强度B=庁的匀强磴场-闹合开关S,板间电场视淘勺强电场，博一带正电的小球以初遠度u=0Am店沿两板间中绽水平射入板间-设滑动变阻器接入电路的阻值囲您略空吒对小球的作朗取g=lQm^2.当R}=29Q时，也阻R2消耗的电功率是多大？若小球!8入祓间做匀遠度圈周运动并2板相碰，艇嫌夢初連度的夬角次60J则昆是多少？【解析】⑴闭合电路的外电阻为RRxRiR2R<)R22930603060依照闭合电路的欧姆定律E15Rr4910.3AR2两端的电压为U2EI(Rxr)150.3306VR2消耗的功率为62P2u；瓦600.6W⑤⑥⑦60°,依照几何关系得⑧⑵小球进入电磁场做匀速圆周运动，讲明重力和电场力等大反向，洛仑兹力提供向心力，依照牛顿第二定律Bqvmg连立⑤⑥化简得u；輕v小球做匀速圆周运动的初末速的夹角等于圆心角为Rd连立⑦⑧带入数据U2Bd2gv干路电流为IU241R1220RxEU2口4V0.10.2A154r154Q0.2（20分）如图所示，空有场强E=0.5A7C的竖直向下的匀强电场，长I=0.3品n的不可伸长的轻绳一端固定于。点，另一端系73质mw=O.Olkg的不带电小球4,拉起小球至財王后，无初逵释敗・另一电荷量q=+0.1C、质量与/相同的小球P,以速度q>=3出m,s水平抛出，经时间r=0.2j^小球C^D点下方二足够大的平板相遇.不汁空气阻力，埠可视为质為取g=10mfs2»（1）求碰扌童前瞬间小球P的逋度.（2）若小球C经过路s=0_09加到达平板，此时速度怆好为O,求所加的恒力。（3）若施加恒力后■,保持平板垂直于纸面且与水平面的夹角不变，在Q点疋瀰任意改变平板位苴，小球C均能与平板正碰，求出所有满足条件的恒力.【答勒倔亠同®1.0L4PC【解桁】⑴p做拋物线运动，竖直方rafflin速度沏在D点的竖直速度为vT=tjf=3msp碰前的谨度沖Vp二4—6ms*Wvt,rvww囚设在D点昭与竖直方向的夹角曲X由于P^A迎面正碰，则P与題速度方向相反'祈以P的谨度与水平方向的天角角eWvr品tanff=—-——38—30°岭3对A到i±D点的过程中根据动能宦理12f口—师巧=rnglCOS化简并材得-cos^=3rtisP与A迎面正匪结合为G根据动量守恒得mvpmvA2mvC解得vC1.5m/s小球C通过s速度变为0，—定做匀减速运动，依照位移推论式2aC12.5m/s22s设恒力F与竖直方向的夹角为a如图，依照牛顿第二定律FCOS(90)(2mgqE)sin2maFsin(90)(2mgqE)cos0给以上二式带入数据得FCOS(90)0.375Fsin（90）0.125/3解得F=—tz=30°4⑶平板足够大•如臬榕平板隸直到无限远^据题意也能相征，此时小球C必加I赵或加遠不能减谨.所以満足奚件的恒力在婆直线与C的速匯线之「环设恒力与竖直方向的来角洵飭则0^P<120*在垂直速度的方向上，晅力的分力与重力和电场力的分力尊大反向，