黑龙江省鹤岗市第一中学2020学年高一物理上学期12月月考试题（含解析）

PAGE黑龙江省鹤岗市第一中学2020学年高一物理上学期12月月 考试题 教师业务能力考试题中学音乐幼儿园保育员考试题目免费下载工程测量项目竞赛理论考试题库院感知识考试题及答案公司二级安全考试题答案 （含解析）一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，1-6小题只有一个选项正确，其余小题有多个选项正确。全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的不得分)1.某物体做直线运动，位移遵循的方程为x=6t－t2(其中,x的单位为m,t的单位为s)。则该物体在0～4s时间内通过的路程为（）A.11mB.10mC.9mD.8m【 答案 八年级地理上册填图题岩土工程勘察试题省略号的作用及举例应急救援安全知识车间5s试题及答案 】B【解析】【详解】根据x=6t-t2=vt+at2，知初速度为6m/s，加速度为-2m/s2，则速度减小到0所需的时间;所经过的位移x1＝t1＝9m;最后1s做反向匀加速直线运动，所以,则物体在时间t从0-4s内经过的路程s=x1+x2=10m。故B正确，ACD错误，故选B。【点睛】解决本题的关键知道路程是运动的轨迹的长度，因为在0-4s内，前3s做匀减速直线运动，最后1s做反向匀加速直线运动，求出路程时必须求出两段过程的位移大小。2.某质点做直线运动，其速度一时间图像如图所示，下列说法中正确的是A.质点在第1s末运动方向发生变化B.质点在第2s内和第3s内加速度大小相等且方向相反C.质点在第4s内和第5s内的速度变化快慢是相等的D.在前6s内质点的位移为负值【答案】C【解析】A、第1s末前后质点的速度均为正，故速度方向没有改变，故A错误；B、物体在第2s内做正向减速运动，加速度沿运动的反方向，第3s内做反向的匀加速运动，加速度也沿负方向运动，故加速度的方向均沿负方向，方向相同，故B错误；C、在v-t图象中图线的斜率 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 示加速度，加速度大小相同代表速度变化快慢相同，故C正确；D、根据图线的面积表示位移，图线在时间轴上方表示的位移为正，在时间轴下方表示的位移为负，可知前6s内质点的位移为正值，故D错误；故选C。3.若两个共点力F1、F2合力为F，则下列说法不正确的是A.合力F一定大于任何一个分力B.合力F的大小可能等于F1，也可能等于F2C.合力F有可能小于任何一个分力D.合力F的大小随F1、F2间夹角的增大而减小【答案】A【解析】【详解】A、一个合力与几个分力共同作用的效果相同，但合力的大小不一定大于任何一个分力的大小，可以小于分力，也可以等于分力；故A不正确．B、当，且夹角为时，合力故B正确．C、合力与分力效果相同，合力有可能小于任何一个分力，如两个分力为3N，4N，合力可能为故C正确．D、合力F的大小随、间的夹角的增大而减小，合力的范围在两个分力之差与之和之间故D正确．本题选不正确的故选A．【点睛】本题考查对合力与分力关系的理解能力．合力与分力是等效的，合力的范围在两个分力之差与之和之间．4.目前交警部门开展的“车让人”活动深入人心,不遵守“车让人”的驾驶员将受到罚款、扣分的严厉处罚,如图所示,以8m/s匀速行驶的汽车即将通过路口,有一老人正在过人行横道,此时汽车的车头距离停车线8m,该车减速时的加速度大小为5m/s2,则下列说法中正确的是A.如果驾驶员的反应时间为0.4s,汽车刚好能在停车线处刹住停车让人B.如果驾驶员的反应时间为0.2s,汽车刚好能在停车线处刹住停车让人C.如果驾驶员立即刹车制动,则t=2s时,汽车离停车线的距离为2mD.如果在距停车线6m处开始刹车制动,汽车能在停车线处刹住停车让人【答案】B【解析】【详解】若汽车做匀减速运动，速度减为零的时间，所以刹车到停止的位移，汽车离停车线的距离为8m-6.4m=1.6m，故C错误；如果在距停车线6m处开始刹车制动，刹车到停止的位移是6.4m，所以汽车不能在停车线处刹住停车让人。故D错误；刹车的位移是6.4m，所以车匀速运动的位移是1.6m，则驾驶员的反应时间：t＝s＝0.2s．故A错误，B正确。故选B。【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、速度位移公式、位移时间公式，并能灵活运用，同时要注意刹车的末速度可能是0。5.某人做一实验：让一个质量为3kg的小球从足够高处下落,做匀加速直线运动。测得小球在第3s内的位移为3m。则A.小球在第2s末的速度是2m/sB.小球在第3s内的平均速度是1m/sC.小球在第2s内的位移是2.4mD.小球在前3s内的位移是5.4m【答案】D【解析】解：A、第3s内的位移是3m，有：gt12﹣gt22=3m，t1=3s，t2=2s，解得：g=1.2m/s2．所以2s末的速度：v=gt=1.2×2=2.4m/s．故A错误．B、第3s内的平均速度：．故B错误．C、t=2s，t′=1s，物体在第2s内的位移：x=gt2﹣gt′2=1.8m．故C错误．D、物体在3s内的位移：x=gt2=×1.2×9m=5.4m．故D正确．故选：D．考点：自由落体运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：自由落体运动专题． 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 ：第3s内的位移等于3s内的位移减去2s内的位移，根据自由落体运动的位移时间公式求出星球上的重力加速度．再根据速度时间公式v=gt，位移时间公式h=gt2求出速度和位移．点评：解决本题的关键掌握自由落体运动的规律，注意星球上重力加速度和地球的重力加速度不同．6.如图所示，在动摩擦因数μ＝0.2的水平面上有一个质量m＝1kg的小球，小球分别与水平轻弹簧及与竖直方向成θ＝45°角的不可伸长的轻绳一端相连，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零．在剪断轻绳的瞬间(g取10m/s2，滑动摩擦力等于最大静摩擦力)，下列说法中正确的是A.小球受到地面的弹力仍然为零B.小球立即向左运动，且a＝8m/s2C.小球立即向左运动，且a＝10m/s2D.小球仍然静止【答案】B【解析】【详解】A.在细线剪断的瞬时，小球向左运动，竖直方向受力平衡，与地面有相互的挤压，压力不为零，故A错误；B.对小球受力分析，如图所示，根据共点力平衡得，弹簧的弹力F=mg=10N，剪断轻绳的瞬间，弹簧弹力不变，根据牛顿第二定律得，a=m/s2=8m/s2，方向向左。故B正确，C错误，D错误；故选：B.【点睛】水平面对小球弹力为零，小球受重力、弹力和拉力处于平衡，根据共点力平衡求出弹簧弹力的大小．剪断轻绳的瞬间，弹力大小不变，根据牛顿第二定律求出小球的加速度大小和方向．7.如图所示，用粗铁丝弯成半圆环，B处固定一个小滑轮，小圆环A用细绳吊着一个质量为m的物块并套在半圆环上。现用另一根细绳一端栓在A上，另一端跨过小滑轮，用力F拉动，使A缓慢向上移动（不计一切摩擦，绳子不可伸长）。则在物块移动过程中，关于拉力F和铁丝对A的支持力FN，以下说法正确的是A.F变小B.F变大C.FN不变D.FN变大【答案】AC【解析】【详解】若在物块缓慢向上移动的过程中，小圆环A处于三力平衡状态，根据平衡条件知mg与FN的合力与T等大反向共线，作出mg与FN的合力，如图:由三角形相似有：，而F=T，可得，AB变小，BO不变，则F变小,，AO、BO都不变，则FN不变；故AC正确，BD错误；故选AC.【点睛】本题是动态变化分析问题，在非直角三角形的情况下，运用三角形相似法列式也是常用的方法，本题采用的是函数法。8.关于力和运动的关系，下列说法中正确的是A.力是维持物体运动状态的原因B.物体的惯性是指物体不受外力作用时仍保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质C.没有力的作用，物体只能处于静止状态或匀速直线运动状态D.要改变物体的运动状态，必须有力的作用【答案】BCD【解析】A、力和运动无关，力不是产生运动的原因，力是运动状态变化的原因是产生加速度的原因，故A错误。B、C、惯性是指物体总有保持原有运动状态不变的性质．原有运动状态包括静止或匀速运动状态．它是物体的一种基本属性，任何物体在任何时候都具有惯性；故B、C均正确。D、物体的运动状态即速度的改变，一定具有加速度，合力一定不为零，则D正确。故选BCD。【点睛】力与运动的关系在历史经历了曲折、漫长过程，在学习过程中学生要了解这段历史，同时了解伽利略的理想斜面实验．9.关于合力F、物体的加速度a、速度v,以下说法正确的是A.若F和V同向,当F逐渐减小时,a逐渐减小,v逐渐减小B.若F和V同向,当F逐渐减小时,a逐渐减小,V逐渐增大C.若F和反向,当F逐渐增大时,a逐渐增大,V逐渐增大D.若F和V反向,当F逐渐增大时,a逐渐增大,v逐渐减小【答案】BD【解析】AB、由牛顿第二定律可知，加速度的方向与力的方向相同，大小与合外力成正比；若F与v同向，则加速度与速度同向，物体做加速运动，当力F减小时，加速度在减小，但速度继续增大，故A错误，B正确；CD、若F和v反向，加速度与速度反向，物体做减速运动，若力增大时，加速度增大，但物体的速度减小，故C错误，D正确综上所述本题答案是：BD．点睛：解决本题的关键知道根据合力的大小变化，可知道加速度大小的变化．以及知道当速度方向与加速度方向相同，物体做加速运动，当速度方向与加速度方向相反，物体做减速运动．10.把一木块放在水平桌面上保持静止，下面说法正确的是A.桌面对木块的支持力是因为桌面发生了向下的弹性形变引起的B.木块对桌面的压力与桌面对木块的支持力是一对相互作用力C.木块对桌面的压力就是木块的重力D.木块的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力【答案】ABD【解析】【详解】桌面对木块的支持力是因为桌面发生了向下的弹性形变引起的，选项A正确；木块对桌面的压力与桌面对木块的支持力是一对作用力和反作用力，故B正确；木块放在水平桌面上保持静止，由平衡条件和牛顿第三定律分析得知，木块对桌面的压力在数值上等于木块受的重力。但性质不同，故C错误。木块保持静止是由于桌面对木块的支持力与木块受的重力二力平衡，故D正确；故选ABD。【点睛】本题考查对压力与重力区别的理解．要知道弹力的产生是由于施力物体发生弹性形变而产生的．要区别平衡力和相互作用力.11.如图所示，质量为m的物体在恒力F作用下沿水平地面做匀速直线运动，物体与地面间动摩擦因数为μ，则物体受到的摩擦力的大小为A.FsinθB.μ(mg-Fsinθ)C.FcosθD.μ(mg+Fsinθ)【答案】CD【解析】【详解】对物体受力分析如图，由于匀速运动所以物体所受的合力为零，在水平方向有摩擦力f=Fcosθ，所以C正确，A错误；再由f=μFN，FN=mg+Fsinθ可知，摩擦力f=μ（mg+Fsinθ），所以D正确B错误。故选CD。【点睛】解决动力学问题的关键是正确进行受力分析，根据物体的运动状态，结合正交分解法列方程求解．12.如图所示，两根轻绳一端系于结点O，另一端分别系于固定圆环上的A、B两点，O为圆心。O点下面悬挂一物体M，绳OA水平，拉力大小为F1，绳OB与绳OA成α＝120°，拉力大小为F2。将两绳同时缓慢顺时针转过75°，并保持两绳之间的夹角α始终不变，物体始终保持静止状态。则在旋转过程中，下列说法正确的是A.F1逐渐增大B.F1先增大后减小C.F2逐渐减小D.F2先减小后增大【答案】BC【解析】试题分析：物体始终保持静止，合力为零，所以mg、F1、F2构成封闭的矢量三角形如图所示，由于重力不变，以及F1和F2夹角α=120°不变，即β=60°，矢量三角形动态图如右图所示，当θ=β=60°，F1为圆的直径最大，所以F1先增大后减小，F2一直减小．故BC正确．故选BC.考点：共点力的平衡【名师点睛】本题以共点力的平衡为命题背景，考查了学生的推理能力和分析综合能力，解题的关键是画出力的矢量三角形，结合几何关系迹共点力的平衡条件来分析力的变化，此题难度适中，是一道考查学生能力的好题.视频二、实验题（每空2分，共14分）13.（1）一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两根不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示，下列表述正确的是________A．a的原长比b的长B．a的劲度系数比b的小C．a的劲度系数比b的大D．测得的弹力与弹簧的长度成正比（2）如图所示，是探究某根弹簧的伸长量X与所受拉力F之间的关系图：①弹簧的劲度系数是______N/m；②当弹簧受F=600N的拉力作用时（在弹性限度内），弹簧伸长为x=______cm【答案】(1).（1）C(2).（2）①2000(3).②30【解析】（1）根据胡克定律得：F=kx=k（L-L0），其中L0为弹簧的原长，由此可知在F-L图象上横轴截距表示弹簧的原长，故b的原长大于a的，图象斜率表示劲度系数的大小，故a的劲度系数较大．故答案为：C（2）由斜率得劲度系数k=2000N/m；带入数据F=600N，x=30cm14.某同学设计了一个探究加速度与物体所受合外力F及质量M的关系实验．如图为实验装置简图，A为小车，后端连有纸带，B为打点计时器，C为装有沙的沙桶(总质量为m)，D为一端带有定滑轮的长木板．(1)在这个实验中，为了探究两个物理量之间的关系，要保持第三个物理量不变，这种探究方法叫做_____法．(2)某同学在探究a与F的关系时，把沙和沙桶的总重力当作小车的合外力F，作出a－F图线如图所示，试分析该图线不过原点的原因是_____，图线右上部弯曲的原因是_________．(横线上填写正确选项的字母的代号)A．平衡摩擦力时，长木板倾角过小B．平衡摩擦力时，长木板倾角过大C．沙和沙桶的总质量m过小D．沙和沙桶的总质量m过大(3)如图是某次实验得出的纸带，所用电源的频率为50Hz，舍去前面比较密集的点，从A点开始，依次选取A、B、C、D、E5个计数点，相邻两个计数点间都有四个计时点未画出，图中给出了相邻两点间的距离，则小车运动的加速度大小为a＝______m/s2.(结果保留两位有效数字)【答案】(1).控制变量(2).B(3).D(4).0.62【解析】【详解】（1）该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法。（2）开始物体所受拉力为零时，却产生了加速度，故操作过程中平衡摩擦力时木板倾角过大，故选：B；随着外力F的增大，砂和砂筒的质量越来越大，最后出现了不满足远小于小车质量的情况，因此图线出现了偏折现象。故选：D。（3）根据△x=aT2可得：a=m/s2=0.62m/s2.三、计算题（共38分）15.如图所示，质量为m1＝2kg的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与放置在水平面上的质量为m2＝10kg的物体乙相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ＝37°，物体甲、乙均处于静止状态．乙物体与接触面间动摩擦因数μ＝0.3，(已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，tan37°＝0.75，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2.)求：(1)轻绳OA受到的拉力是多大？(2)物体乙受到的摩擦力是多大？方向如何？【答案】(1)25N(2)15N，方向水平向左【解析】【分析】以结点O为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件求出轻绳OA受到的拉力；乙物体水平方向受到OB绳的拉力和水平面的静摩擦力，由二力平衡求解乙受到的摩擦力大小和方向．【详解】（1）对结点O，如图有：（2）对于乙物体：摩擦力，方向水平向左16.在平直公路上，某公共汽车在A站上下客后，从静止开始以大小a1=2.5m/s2的加速度匀加速开出，经时间t=8s达到最大速度，再以该最大速度匀速行驶，然后司机关闭发动机并刹车，汽车做加速度大小a2=1m/s2的匀减速直线运动，结果恰好停在距离A站s=1000m的B站，求：（1）汽车匀速行驶的路程；（2）汽车由A站运动至B站所用的时间。【答案】(1)(2)【解析】【详解】（1）汽车加速行驶距离m=80m，最大速度vm=at1=2.5×8=20m/s，匀减速直线运动距离m=200m，所以汽车匀速行驶的路程s3=s-s1-s2=1000m-80m-200m=720m；（2）匀减速直线运动时间=20s，汽车匀速行驶的时间=36s，所以汽车在A、B两站间运动的时间t=t1+t2+t3=64s17.两个完全相同的物体a、b质量均为m=0.80kg，在同一水平面上，以相同的初速度开始运动。开始运动后，a不受拉力，b受到水平恒力F作用。图中的两条直线分别表示a、b的v-t图象。求：（1）运动过程a、b加速度各多大？（2）a、b与水平面间的动摩擦因数μ多大？（3）b所受水平恒力F的大小。【答案】⑴1.5m/s2，0.75m/s2⑵0.15⑶1.8N【解析】【分析】由v-t图象的斜率等于加速度，求出加速度，由牛顿第二定律求出动摩擦因数和拉力F的大小；【详解】（1）设a、b两物块的加速度分别为由v-t图可得a的加速度为：，即加速度大小为，方向与初速度方向相反；由v-t图可得b的加速度为：，方向与初速度方向相同；（2）对a由牛顿第二定律得：，解得：；（3）对b由牛顿第二定律得：，解得：。【点睛】本题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动情况，然后根据运动学公式、牛顿第二定律列方程求解摩擦因数以及拉力的大小。18.如图所示，底座A上装有长0.5m的直立杆，总质量为0.2kg，杆上套有质量为0.05kg的小环B，它与杆有摩擦，当环从底座上以4m/s的初速度飞起时，刚好能到达杆顶，求：（1）在环升起的过程中，底座对水平面的压力多大？（2）小环从杆顶落回底座需要多少时间？（g=10m/s2）【答案】（1）1.7N（2）0.5s【解析】试题分析：（1）先分析整体的受力情况，有（mA+mB）g-FN=mBa①对小环隔离分析：F+mBg=mBa②运动情况：v2=2a1L③联立①②③得FN=l.7N，F=0.3N（2）小环从杆顶落回时，摩擦力与重力相反，此时加速度为a'，则mBg-F=mBa'，得a'=4m/s2运动时间考点：牛顿第二定律的应用【名师点睛】此题是牛顿第二定律的综合应用问题；注意此题中虽然环与杆有不同的加速度，一般应分开讨论，但此题也可以用质点系的牛顿第二定律来分析，这种方法简单快捷；注意小环上升和下降过程中的加速度不相同.