黑龙江省哈尔滨市萧红中学九年级物理上学期期中试题(含解析) 新人教版

黑龙江省哈尔滨市萧红中学九年级物理上学期期中试题(含解析)新人教版2015-2016学年黑龙江省哈尔滨市萧红中学九年级（上）期中物理试卷一、选择题（每小题2分，共24分，每小题只有一个正确 答案 八年级地理上册填图题岩土工程勘察试题省略号的作用及举例应急救援安全知识车间5s试题及答案 ）1．下列用电器中，利用电流热效应工作的是(  )A．电视机  B．电风扇  C．电热毯  D．电冰箱2．下列四幅图中，通电螺线管的极性标注正确的是(  )A．  B．  C．  D．3．如图所示为A、B两个导体的I﹣U图线，由图线可知(  )A．RA＞RB  B．RA＜RB  C．RA=RB  D．无法确定4．如图所示电路中，当开关S1、S2均闭合后，则(  )A．L1、L2都能发光  B．L1、L2都不能发光C．Ll能发光，L2不能发光  D．Ll不能发光，L2能发光5．如图所示，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，各电表示数变化正确的是(  )A．电流表和电压表的示数均变小B．电流表和电压表的示数均变大C．电流表示数变大、电压表的示数不变D．电流表示数变小、电压表的示数不变6．在如图所示的电路中，当闭合开关S后，发现两灯都不亮，电流表的指针几乎指在零刻度线，电压表指针则有明显偏转．经检查除小灯泡外，其余器材的连接良好，造成这种情况的原因可能是(  )A．灯泡L2短路  B．灯泡L2断路C．灯泡L1断路  D．两个灯泡都断路7．用毛皮摩擦硬橡胶棒，硬橡胶棒带了负电，这是由于(  )A．毛皮束缚电子的能力比较强B．硬橡胶棒的正电荷转移到毛皮上C．摩擦过程中创造了负电荷D．硬橡胶棒上有了多余的电子8．为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统，当乘客坐在座椅上时，座椅F的开关S1闭合，若未系安全带（安全带控制开关S2断开）仪表盘上的指示灯将亮起，当系上安全带时，安全带控制开关S2闭合，指示灯熄灭，下列电路图 设计 领导形象设计圆作业设计ao工艺污水处理厂设计附属工程施工组织设计清扫机器人结构设计 最合理的是(  )A．  B．  C．  D．9．如图为小科设计的遮光感烟探测器部分工作原理图，在一个外部光线无法进入的烟室中，装有一个激光发射器及带有一感光电阻（R0）的电路，R为定值电阻，电源电压恒定；当烟雾进入烟室后，激光被烟雾遮挡而使感光电阻的阻值发生变化．当烟雾达到某一浓度时，探测器便会发出警报．已知光照越强，感光电阻阻值越小，反之则越大．当烟雾进入烟室并越来越浓时，则(  )A．电路的总电阻逐渐变小  B．电压表的示数逐渐变大C．电流表的示数逐渐变大  D．R消耗的功率逐渐变大10．如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列说法正确的是(  )A．甲的电阻值保持10Ω不变B．乙的电阻值保持20Ω不变C．甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.3AD．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，甲的功率为0.6W11．在家庭电路中，导线相互连接处往往比别处更容易发热，老化更快．这是因为(  )A．连接处的电流较大  B．连接处的电流较小C．连接处的电阻较大  D．连接处的电阻较小12．如图，电路中R为定值电阻．闭合开关后，当滑片P在某两点之间滑动时，电流表示数变化范围是0.5A～2A，电压表示数变化范围是9V～3V．则下列错误的是(  )A．变阻器连入电路的电阻变化范围为18Ω～2ΩB．电源电压为11VC．实验中R两端的电压变化范围为2V～8VD．R的电阻为4Ω二、非选择题13．电扇使用一段时间后，扇叶很容易粘上灰尘，这是因为扇叶转动过程中带上了__________，具有__________的性质，所以灰尘被吸在扇叶上．14．从能量转化的观点来看，电源是__________的装置，用电器是__________的装置．15．电能表是专门用来测量__________的仪表．验电器可以检验物体是否带电，它的工作原理是__________．16．如图所示电路，开关S始终闭合，要使小灯泡L1、L2串联，必须闭合开关__________，要使L1、L2并联，必须闭合开关__________，若闭合开关__________则将造成电路短路．17．如图所示的电路中，电源两端电压为6V并保持不变，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω．当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由b端移到a端的过程中，电流表的示数变化范围为__________．18．某同学手边有一个标有“6V 0.5A”字样的定值电阻和一个标有“10V 1A”字样的滑动变阻器，如果将它们串联后接入电路使用，那么电路中的电流最大不能超过__________A；如果将它们并联后接入电路使用，那么电路两端的电压最大不能超过__________V．19．如图所示，设电源电压保持不变，R0=10Ω，当闭合开关，滑动变阻器的滑片P在中点c时，电流表的示数为0.6A；移动滑片P至b端时，电流表的示数为0.4A，则电源电压U为__________，滑动变阻器的最大阻值R为__________．20．两定值电阻R1=9Ω，R2=18Ω，若将R1、R2串联后接在电源两端（电源电压不变），此时R1、R2两端的电压之比为__________；若将R1、R2并联后接在同一电源上，则通过R1、R2的电流之比为__________，前后两次电路消耗的总功率之比为__________．21．在如图所示电路中，电源电压6V保持不变．只闭合开关S1，电流表示数为0.8A；再闭合开关S2，电流表示数变化了0.4A．则R2的阻值为__________Ω，S2闭合前后R1消耗的电功率相差__________W．22．装饰路旁小树的节日小彩灯（如图甲），可以烘托节日的气氛，但是小亮发现，这个电路有一个缺点，如果一个小灯泡烧坏了，将使整串灯泡全部熄灭，这是因为__________；于是他和同学一起改进了节日彩灯（如图乙），如果一个小灯泡烧坏，其它小灯泡却不会熄灭，而且电路的总功率将__________（选填“变大”、“不变”、“变小”）．三、解答题（共2小题，满分0分）23．在一个圆纸盒里有一个条形磁体，圆纸盒外放着一些小磁针，各磁针N极的指向如图所示，请画出圆纸盒里的条形磁体并标明它的N、S极．24．根据图中的电流方向，分别在方框中填入电流表或电池使两灯都发光．四、填空题（共3小题，每小题3分，满分9分）25．[探究名称]探究欧姆定律[猜想与假设]导体中的电流可能与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比[设计并进行实验]（1）探究导体中的电流跟它两端电压的关系①如图1，请把滑动变阻器正确接人电路中，要求滑片P向右移动时电流表示数增大．②此实验中，滑动变阻器的作用是__________和__________．（2）小英同学探究“导体中的电流与电阻的关系”时，进行创新实验，除了与原有实验所必须的器材相同外，没领电压表，而是多领了一只电流表，并设计出如图2所示的电路图，进行实验．①连接电路，调节滑动变阻器，读出电流表A1与A2的示数分别记为I1和I2；②把定值电阻R2换成R3，调节滑动变阻器使电流表A1的示数为__________，使R3两端的__________不变．记录此时电流表A2的示数为I3；③把定值电阻R3换成R4，重复上一步骤进行实验；④分析数据得出电流与电阻的关系．试验次数123U/V2.02.52.8I/A0.220.250.26R/26．小亮在做“测量小灯泡的电阻”的实验中，所用小灯泡上标有“2.5V”字样．（1）小亮分别测出了小灯泡的几组电压和电流值，记录在表格中．实验次数123U/V2.02.52.8I/A0.220.250.26R/①小灯泡正常工作时的电阻为__________Ω．②分析数据发现，三次实验中小灯泡的电阻相差较大，这是因为__________．（2）完成上述实验后，小亮看到滑动变阻器的铭牌模糊不清，于是想测量变阻器的最大电阻RX．他找来一个已知阻值为R0的定值电阻替换了灯泡，同时撤去了电流表，并利用余下的器材（电压未知的电源、量程合适的电压表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干），在不改动电压表位置及连线的情况下，很快测出了RX的大小．①请你把设计的电路图画在如图2虚线框内．②简述实验步骤：（a）__________（b）__________③RX=__________（用已知量和测量量表示）．27．小明和小红分别用下图所示的装置，探究电流一定时，电流产生的热量与电阻的关系．他们分别将两段阻值不同的电阻丝（R1＜R2）密封在完全相同的烧瓶中，并通过短玻璃管与气球相连．（设他们所用的各种同类器材性能相同）（1）在这个实验中电流产生热量的多少是通过__________体现出来的．（2）他们同时开始进行实验，a、b、c、d四个气球鼓起来最快的是__________．（3）小红和小明的实验 方案 气瓶 现场处置方案 .pdf气瓶 现场处置方案 .doc见习基地管理方案.doc关于群访事件的化解方案建筑工地扬尘治理专项方案下载 ，__________（选填“小红”或“小明”）是错误的，理由是__________．（4）本实验中，应用的物理方法有__________法和转换法，请你再举一个同样也用到这两个实验方法的物理实验：__________．五、计算题（共5分）28．如图1是小刚家的电热水壶及铭牌．一天傍晚，他用该电热水壶将1kg的水从20℃加热到100℃，用时5min．（1）水吸收的热量是多少？[c水=4.2×103J/（kg•℃）]（2）若此时家中只有电热水壶在工作，在这段时间里，小刚观察到他家电能表（如图2）的转盘转过了60转，那么电热水壶消耗了多少电能？（3）电热水壶的实际电功率是多少？（4）电热水壶的效率是多少？（5）分析（4）的结果，导致其小于1的原因有哪些？（写出一条即可）2015-2016学年黑龙江省哈尔滨市萧红中学九年级（上）期中物理试卷一、选择题（每小题2分，共24分，每小题只有一个正确答案）1．下列用电器中，利用电流热效应工作的是(  )A．电视机  B．电风扇  C．电热毯  D．电冰箱【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应．【专题】应用题；定性思想；电与热、生活用电．【分析】（1）电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子；（2）电流的化学效应：电流通过导电的液体会使液体发生化学变化，产生新的物质，电流的这种效果叫做电流的化学效应，如电解，电镀，电离等就属于电流的化学效应的例子；（3）电流的磁效应：给绕在软铁心周围的导体通电，软铁心就产生磁性，这种现象就是电流的磁效应，如电铃、蜂鸣器、电磁扬声器等都是利用电流的磁效应制成的．【解答】解：A、电视机主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应工作的，故A错误．B、电风扇主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故B错误．C、电热毯主要是把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故C正确．D、电冰箱主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故D错误．故选C．【点评】本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，利用热效应工作的电器特点是把电能主要转化成内能，是一道基础题．2．下列四幅图中，通电螺线管的极性标注正确的是(  )A．  B．  C．  D．【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；安培定则．【专题】应用题．【分析】在四个选项中，直接告诉了螺线管的绕向；通过电源的正负极，间接告诉了螺线管中电流的方向，利用安培定则即可确定螺线管的磁极标注是否正确．【解答】解：A、电流由螺线管的左端流入，由安培定则可知，螺线管的左端为N极，故A错误，不符合题意．B、电流由螺线管的右端流入，由安培定则可知，螺线管的右端为N极，故B错误，不符合题意．C、电流由螺线管的右端流入，由安培定则可知，螺线管的左端为N极，故C正确，符合题意．D、电流由螺线管的右端流入，由安培定则可知，螺线管的左端为N极，故D错误，不符合题意．故选C．【点评】安培定则涉及三个方向：电流方向、线圈绕向、磁场方向；关于它的考查一般是告诉其中的两个，让确定第三个．此题中就是告诉了电流方向与线圈绕向让确定所标磁场方向是否正确．3．如图所示为A、B两个导体的I﹣U图线，由图线可知(  )A．RA＞RB  B．RA＜RB  C．RA=RB  D．无法确定【考点】欧姆定律的应用．【专题】控制变量法；图析法．【分析】根据电压一定时，通过电阻的电流与电压成反比；电阻一定时，电阻两端的电压和电阻成正比，结合图象即可判断两电阻的阻值关系．【解答】解：根据欧姆定律可知：在导体两端的电压相同时，通过导体的电流越大，导体的电阻就越小；（或者在通过导体的电流相同时，导体两端的电压越大，导体的电阻就越大）由图可知：在电压相同时，通过B导体的电流比A小，所以B的电阻比较大．（或者在电流相同时，B导体两端的电压比A大，所以B的电阻比较大）故选B．【点评】本题考查了欧姆定律的实际应用，侧重考查了控制变量法．控制变量法是我们初中阶段学习的最重要方法之一，所以我们要好好掌握．4．如图所示电路中，当开关S1、S2均闭合后，则(  )A．L1、L2都能发光  B．L1、L2都不能发光C．Ll能发光，L2不能发光  D．Ll不能发光，L2能发光【考点】电路的三种状态．【专题】压轴题．【分析】开关S1闭合后，会造成短路．【解答】解：当开关S1、S2均闭合后，在S1发生短路，两个电灯不亮，会烧坏电源的．故选B．【点评】电源短路是指电源两极不经过用电器直接连通的电路，这时电流会很大，会烧坏电源．5．如图所示，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，各电表示数变化正确的是(  )A．电流表和电压表的示数均变小B．电流表和电压表的示数均变大C．电流表示数变大、电压表的示数不变D．电流表示数变小、电压表的示数不变【考点】电路的动态分析．【专题】电路变化分析综合题．【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器并联在电源两端，电压表测量电源电压（各支路两端的电压），则可知电压表示数不变；根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可得出通过滑动变阻器的电流的变化，再有并联电路的电流特点得出总电流的变化情况【解答】解：电压表测量电源电压，故电压表示数保持不变；当滑片向下滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则由欧姆定律可得通过滑动变阻器的电流增大；因定值电阻两端电压不变，故通过定值电阻的电流不变；由并联电路的电流规律可得干路电流增大，即电流表A的示数增大．故选C．【点评】本题考查欧姆定律的应用，在分析电路时要注意电压表的接法，可以先将电流表看作短路，电压表看作开路，将电路简化后再思考电压表测谁的电压．6．在如图所示的电路中，当闭合开关S后，发现两灯都不亮，电流表的指针几乎指在零刻度线，电压表指针则有明显偏转．经检查除小灯泡外，其余器材的连接良好，造成这种情况的原因可能是(  )A．灯泡L2短路  B．灯泡L2断路C．灯泡L1断路  D．两个灯泡都断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【专题】逆推法；图析法．【分析】闭合开关灯泡不亮，原因有两个：断路或短路．已知两灯串联都不亮，所以不可能是一灯短路，只能是断路．【解答】解：A如果灯泡L2短路不发光，灯泡L1会发光，电压表无示数，电流表有示数．此选项不符合题意；B如果灯泡L2断路，两只灯泡都不发光，电流表无示数，电压表测量电源电压有示数．此选项符合题意；C如果灯泡L1断路，两只灯泡都不发光，电压表、电流表都无示数．此选项不符合题意；D如果两只灯泡都断路不会发光，电压表、电流表无示数．此选项不符合题意．故选B．【点评】用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联，如果电压表无示数，可能是并联的用电器短路或其它部分断路；如果电压表有示数且较大（接近电源电压），可能是并联的用电器断路或其它部分短路．7．用毛皮摩擦硬橡胶棒，硬橡胶棒带了负电，这是由于(  )A．毛皮束缚电子的能力比较强B．硬橡胶棒的正电荷转移到毛皮上C．摩擦过程中创造了负电荷D．硬橡胶棒上有了多余的电子【考点】摩擦起电的实质．【专题】电流和电路．【分析】不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，两种物质相互摩擦时，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电．摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移．【解答】解：用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒的原子核束缚核外电子本领强、夺得电子，因有了多余电子带负电，毛皮的原子核束缚核外电子的本领弱，就会失去电子，因缺少电子带正电．摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移．故选D．【点评】（1）掌握摩擦起电的实质，不是创造了电，而是电子的转移．（2）发生摩擦起电的物体必须是不同物质组成的．8．为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统，当乘客坐在座椅上时，座椅F的开关S1闭合，若未系安全带（安全带控制开关S2断开）仪表盘上的指示灯将亮起，当系上安全带时，安全带控制开关S2闭合，指示灯熄灭，下列电路图设计最合理的是(  )A．  B．  C．  D．【考点】串、并联电路的设计．【专题】压轴题．【分析】由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被短路了．【解答】解：由题意知，指示灯与S1串联，与S2并联，且没有出现短路情况．故选B．【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路．9．如图为小科设计的遮光感烟探测器部分工作原理图，在一个外部光线无法进入的烟室中，装有一个激光发射器及带有一感光电阻（R0）的电路，R为定值电阻，电源电压恒定；当烟雾进入烟室后，激光被烟雾遮挡而使感光电阻的阻值发生变化．当烟雾达到某一浓度时，探测器便会发出警报．已知光照越强，感光电阻阻值越小，反之则越大．当烟雾进入烟室并越来越浓时，则(  )A．电路的总电阻逐渐变小  B．电压表的示数逐渐变大C．电流表的示数逐渐变大  D．R消耗的功率逐渐变大【考点】电路的动态分析；物理学方法．【专题】应用题；压轴题；动态预测题．【分析】（1）由图可知两电阻串联，电流表测量串联电路的电流，电压表测量R0两端的电压；（2）由感光电阻性质可知R0电阻值的变化利用欧姆定律可求得电路中电流的变化及R0两端电压的变化．【解答】解：由图可知两电阻串联，由感光电阻的性质知：当烟雾进入烟室并越来越浓时，使光照变弱，感光电阻阻值增大，则电路中的总电阻增大；这时由欧姆定律可得电路中电流减小，即电流表示数减小，由U=IR可知，定值电阻R两端的电压会减小，则根据串联电路的电压特点知，感光电阻R0两端的电压增大，即电压表的示数会变大；同时根据P=I2R可知，因电路中的电流减小，R消耗的功率也减小；所以A、C、D说法错误；只有B说法正确．故选B．【点评】本题考查学生电路图的分析及欧姆定律的使用，从题中得出感光电阻的阻值与光照的变化关系是本题的突破口．10．如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列说法正确的是(  )A．甲的电阻值保持10Ω不变B．乙的电阻值保持20Ω不变C．甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.3AD．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，甲的功率为0.6W【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功率的计算．【专题】计算题；应用题；压轴题；图析法．【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；（2）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流；（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，根据P=UI求出甲的功率．【解答】解：（1）由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化；且当U甲=2V时，对应的电流为0.1A，故R甲==20Ω；故AB不正确．（2）甲、乙并联在2V电源时，电阻两端的电压为2V，由图象可知，I甲=0.1A，I乙=0.2A，故干路电流I=I甲I乙=0.1A0.2A=0.3A，故C正确；（3）甲、乙串联在电路中时，通过两电阻的电流相等，由图可知U甲=4V，故甲的功率为P甲=U甲I=4V×0.2A=0.8W，故D不正确．故选C．【点评】本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据图象得出相关的信息．11．在家庭电路中，导线相互连接处往往比别处更容易发热，老化更快．这是因为(  )A．连接处的电流较大  B．连接处的电流较小C．连接处的电阻较大  D．连接处的电阻较小【考点】焦耳定律；焦耳定律在实际中的应用．【专题】推理法．【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比．导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，而导线连接处电阻比较大，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析．【解答】解：在家庭电路中，导线相互连接处因接触面积变小，再加上接触不良，该处的电阻较大，∵导线连接处与导线串联在电路中，∴通过的电流相等、通电时间相等，∵Q=I2Rt，∴连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，甚至引起火灾．由上述可知选项A、B、D都不正确．故选C．【点评】本题主要考查对焦耳定律及应用的了解和掌握，知道导线和导线的连接处为串联（电流相等）是本题的关键．12．如图，电路中R为定值电阻．闭合开关后，当滑片P在某两点之间滑动时，电流表示数变化范围是0.5A～2A，电压表示数变化范围是9V～3V．则下列错误的是(  )A．变阻器连入电路的电阻变化范围为18Ω～2ΩB．电源电压为11VC．实验中R两端的电压变化范围为2V～8VD．R的电阻为4Ω【考点】欧姆定律的应用．【专题】应用题；动态预测题；电路和欧姆定律．【分析】由电路图可知，R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两点的电压，电流表测电路中的电流．（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，定值电阻两端的电压变小，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两点的电压变大，据此判断出电表对应的示数关系，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后得出答案；（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出定值电阻的阻值，进一步求出电源的电压；（3）知道电路中电流的变化和R的阻值，根据欧姆定律求出R两端的电压变化范围．【解答】解：由电路图可知，R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两点的电压，电流表测电路中的电流．（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，定值电阻两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，则电流表的示数I1=0.5A时U滑1=9V，电流表的示数I2=2A时U滑2=3V，由I=可得，滑动变阻器接入电路中的电阻分别为：R1===18Ω，R2===1.5Ω，所以，电阻器连入电路中的阻值变化范围为1.5Ω～18Ω，故A错误；（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U=I1（RR滑1）=I2（RR滑2），即0.5A×（R18Ω）=2A×（R1.5Ω），解得：R=4Ω，故D正确；电源的电压U=I1（RR滑1）=0.5A×（4Ω18Ω）=11V，故B正确；（3）电流表示数变化范围是0.5A～2A，R=4Ω，则定值电阻两端电压分别为：UR=I1R=0.5A×4Ω=2V，UR′=I2R=2A×4Ω=8V，则R两端的电压变化范围是2V～8V，故C正确．故选A．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电表示数对应关系的判断，不要颠倒．二、非选择题13．电扇使用一段时间后，扇叶很容易粘上灰尘，这是因为扇叶转动过程中带上了电荷，具有吸引轻小物体的性质，所以灰尘被吸在扇叶上．【考点】物体带电现象．【专题】应用题．【分析】不同物质组成的物体，相互摩擦带异种的电荷，摩擦带电的物体具有吸引轻小物体的性质．【解答】解：扇叶和空气摩擦，扇叶和空气带有异种电荷，扇叶带电后吸引轻小的灰尘，所以灰尘被吸在扇叶上．故答案为：电荷；吸引轻小物体．【点评】掌握摩擦起电的原因，带电体能够吸引轻小物体．14．从能量转化的观点来看，电源是将其它形式能转化为电能的装置，用电器是将电能转化为其它形式的能的装置．【考点】能量的相互转化．【专题】简答题．【分析】电源和用电器是电路中重要的组成部分，电源是提供电能的，电源是其它形式的能转化为电能；用电器是消耗电能的，是把电能转化为其它形式的能．【解答】解：电源是将其它形式的能转化为电能的装置；用电器是把电能转化为其它形式能的装置．故答案为：将其它形式能转化为电能；将电能转化为其它形式的能．【点评】掌握各种电源和各种家用电器能的转化．15．电能表是专门用来测量用电器消耗电能的仪表．验电器可以检验物体是否带电，它的工作原理是同种电荷互相排斥．【考点】电能表参数的理解与电能的求法；验电器的原理及使用．【专题】应用题；基本仪器的使用专题．【分析】（1）电能表是测量电功的仪表，使用时串联在电路里；（2）用电器是用来检验物体是否带电的仪器；验电器是根据电荷间的相互作用制成的，同种电荷相互排斥，验电器的金属箔片所带的电荷量越多，其张角越大．【解答】解：（1）电能表是用来测量用电器消耗电能的仪表．（2）验电器是用来检验物体是否带电的仪器；它是利用同种电荷相互排斥的原理制成的．当带电体接触验电器的金属球时，电荷通过验电器的金属球传给金属杆传给两片金属箔，两片金属箔带同种电荷，同种电荷相互排斥而张开．故答案为：用电器消耗电能；同种电荷互相排斥．【点评】本题考查了电能表的作用和验电器的作用与工作原理，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题．16．如图所示电路，开关S始终闭合，要使小灯泡L1、L2串联，必须闭合开关S2，要使L1、L2并联，必须闭合开关S1、S3，若闭合开关S1、S2、S3则将造成电路短路．【考点】串联电路和并联电路的辨别；电路的三种状态．【分析】串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；电源短路是指用导线将电源两极直接连接起来的电路．【解答】解：要使两灯泡串联，电流从电源正极流出，需要经过L1、S2、L2回到电源负极，因此需要闭合开关S2；要使两灯泡并联，电流从电源正极流出分别经过支路S1、L2和支路L1、S3，再流回电源负极；因此应闭合开关S1、S3；当三个开关同时闭合时，电流不经过用电器直接从电源的正极流入电源负极，从而形成电源短路，故不能同时闭合开关S1、S2、S3．故答案为S2，S1、S3，S1、S2、S3．【点评】解决此类电路问题的关键是根据串联合并联电路的特点，结合题意选择合适的开关组成符合题意的电路图．17．如图所示的电路中，电源两端电压为6V并保持不变，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω．当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由b端移到a端的过程中，电流表的示数变化范围为0.1A～0.6A．【考点】欧姆定律的应用；电阻的串联．【专题】计算题；电路和欧姆定律．【分析】由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流；滑动变阻器的滑片P由b端移到a端的过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大；当过滑动变阻器的滑片位于b端时电流表的示数最小，根据电阻的串联特点和欧姆定律求出其大小，当滑片位于a端时，电路中的电流最大，根据欧姆定律求出其大小，进一步得出电流表示数的变化范围．【解答】解：由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流；当过滑动变阻器的滑片位于b端时，电路中的总电阻最大，电流表的示数最小，∵串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，∴根据欧姆定律可得，电流表的最小示数：Imin===0.1A；当滑片位于a端时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，则Imax===0.6A，∴电流表的示数变化范围为0.1A～0.6A．故答案为：0.1A～0.6A．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电流表的示数最小、接入电路中的电阻最小时电流表的示数最大．18．某同学手边有一个标有“6V 0.5A”字样的定值电阻和一个标有“10V 1A”字样的滑动变阻器，如果将它们串联后接入电路使用，那么电路中的电流最大不能超过0.5A；如果将它们并联后接入电路使用，那么电路两端的电压最大不能超过6V．【考点】欧姆定律的应用．【专题】应用题；归纳法；欧姆定律．【分析】（1）串联电路处处电流相等，为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流，选其中较小的电流；（2）并联电路两端电压相等，为了不损坏电阻，然后两电阻两端的电压，选其中较小的电压．【解答】解：（1）从题可知，I1=0.5A，I2=1A，因为串联电路中各处各处的电流相等，且I1＜I2，所以当它们串联接到电路里时，为了让每一个用电器都工作，串联电路中的电流为I1=0.5A；（2）当它们并联接到电路里时，U1=6V，U2=10V，因为并联电路中各支路两端的电压相等，且U1＜U2，所以为了让每一个用电器都工作，并联电路两端的电压为U1=6V．故答案为：0.5；6．【点评】本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点，关键是知道对于额定电压和额定电流不同的两个电阻来说，串联时比较电流取小的，并联时比较电压取小的．19．如图所示，设电源电压保持不变，R0=10Ω，当闭合开关，滑动变阻器的滑片P在中点c时，电流表的示数为0.6A；移动滑片P至b端时，电流表的示数为0.4A，则电源电压U为12V，滑动变阻器的最大阻值R为20Ω．【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【专题】计算题；欧姆定律；电能和电功率．【分析】由电路图可知，R0与R串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出两种情况下电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出变阻器的最大阻值，进一步求出电源的电压．【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器的滑片P在中点c时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=可得，电源电压：U=I（R0）=0.6A×（10Ω），当滑片P至b端时，电源的电压：U=I′（R0R）=0.4A×（10ΩR），因电源的电压不变，所以，0.6A×（10Ω）=0.4A×（10ΩR），解得：R=20Ω，则电源的电压U=I′（R0R）=0.4A×（10Ω20Ω）=12V．故答案为：12V；20Ω．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好电源的电压不变是关键．20．两定值电阻R1=9Ω，R2=18Ω，若将R1、R2串联后接在电源两端（电源电压不变），此时R1、R2两端的电压之比为1：2；若将R1、R2并联后接在同一电源上，则通过R1、R2的电流之比为2：1，前后两次电路消耗的总功率之比为2：9．【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功率的计算．【专题】计算题．【分析】根据欧姆定律和串联电路的特点可计算串联时R1、R2两端的电压之比，根据欧姆定律和并联电路特点可计算并联时通过R1、R2的电流之比，根据电功率公式可计算前后两次电路消耗的总功率之比．【解答】解：串联电路各处电流都相等，根据欧姆定律可得并联电流各并联支路两端的电压相等，根据欧姆定律可得根据电功率公式的变形P=计算两次电路消耗的总功率之比R串=R1R2=9Ω18Ω=27Ω=6Ω故答案为：1：2，2：1.2：9．【点评】本题考查学生能否在具体的电路中灵活运用欧姆定律和电功率公式正确计算有关物理量的比值的大小．21．在如图所示电路中，电源电压6V保持不变．只闭合开关S1，电流表示数为0.8A；再闭合开关S2，电流表示数变化了0.4A．则R2的阻值为2.5Ω，S2闭合前后R1消耗的电功率相差4W．【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．【分析】只闭合开关S1，两电阻串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出两电阻的阻值之和；再闭合开关S2，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流表的变化，进一步得出此时电路中的电流，根据欧姆定律求出R1的阻值，进一步求出R2的阻值，根据P=I2R求出前后两次R1消耗的电功率，然后求出它们的差值．【解答】解：只闭合开关S1，两电阻串联，电流表测电路中的电流，由I=可得，电路中的总电阻：R===7.5Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R1R2=7.5Ω；再闭合开关S2，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，此时电路中的总电阻变小，电路中的电流变大，因电流表示数变化了0.4A，所以，此时电路中的电流I2=I10.4A=0.8A0.4A=1.2A，则R1的阻值：R1===5Ω，R2的阻值：R2=7.5Ω﹣R2=7.5Ω﹣5Ω=2.5Ω；由P=I2R可得，S2闭合前后R1消耗的电功率相差：△P1=I22R1﹣I12R1=（1.2A）2×5Ω﹣（0.8A）2×5Ω=4W．故答案为：2.5；4．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是会根据电路电阻的变化判断出电路中电流的变化，从而得出再闭合开关S2后电路中的电流．22．装饰路旁小树的节日小彩灯（如图甲），可以烘托节日的气氛，但是小亮发现，这个电路有一个缺点，如果一个小灯泡烧坏了，将使整串灯泡全部熄灭，这是因为串联电路中各用电器不能独立工作；于是他和同学一起改进了节日彩灯（如图乙），如果一个小灯泡烧坏，其它小灯泡却不会熄灭，而且电路的总功率将变小（选填“变大”、“不变”、“变小”）．【考点】电路的基本连接方式；电功率．【专题】应用题；电流和电路；电能和电功率．【分析】（1）根据电路特点分析：串联电路中各用电器要相互影响．并联电路中各用电器工作时互不影响．（2）电阻并联后总电阻比分电阻都小，据此分析即可判断．【解答】解：如图甲所示，各个小彩灯都是串联关系的，据串联电路的特点可知，若其中一盏灯泡损坏后，其他都不能发光，即串联电路中各用电器不能独立工作；乙图中是每两个并联后再串联，这样当其中任一盏烧坏时，其余的仍然能并联连接在电源上，所以还可以工作，但是若一盏损坏后，相互并联的两个灯泡只有一盏能正常工作，即据电阻并联后总电阻比分电阻都小可知，此时的电阻变大，即电路的总电阻变大，总电流变小，据P=UI可知，总功率变小．故答案为：串联电路中各用电器不能独立工作；变小．【点评】本题考查串并联电路的特点，关键是能分析出图乙的电路连接情况．三、解答题（共2小题，满分0分）23．在一个圆纸盒里有一个条形磁体，圆纸盒外放着一些小磁针，各磁针N极的指向如图所示，请画出圆纸盒里的条形磁体并标明它的N、S极．【考点】磁感线及其特点．【专题】作图题．【分析】要知道小磁针静止时，北极所指的方向即为该点的磁场方向（或磁感线方向）．知道磁感线从磁体的北极出来回到南极．【解答】解：根据磁感线方向的 规定 关于下班后关闭电源的规定党章中关于入党时间的规定公务员考核规定下载规定办法文件下载宁波关于闷顶的规定 ，从北极出来回到南极．而小磁针静止时北极所指的方向为磁场的方向，从而确定磁体的南北极．如图所示：【点评】本题考查了由磁感线的方向的特点判断磁体的磁极极性的能力．由磁体周围的磁感线从N极出发回到S极进行判断．24．根据图中的电流方向，分别在方框中填入电流表或电池使两灯都发光．【考点】电路图及元件符号．【专题】电流和电路．【分析】根据电流方向是从电源正极出来经用电器进入负极，结合电路实际即可正确填入电流表或电池．【解答】解：根据电流方向是从电源正极出来经用电器进入负极，若上面是电源，则中间灯泡的电流方向不可能是图中情形，若下面是电源各支路电流和干路电流均与图中相符，故下面是电源，上面是电流表，电流表测上面灯泡的电流；如图所示：【点评】本题考查电路的组成和电流表的使用特点，属于基本内容，比较简单．四、填空题（共3小题，每小题3分，满分9分）25．[探究名称]探究欧姆定律[猜想与假设]导体中的电流可能与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比[设计并进行实验]（1）探究导体中的电流跟它两端电压的关系①如图1，请把滑动变阻器正确接人电路中，要求滑片P向右移动时电流表示数增大．②此实验中，滑动变阻器的作用是和．（2）小英同学探究“导体中的电流与电阻的关系”时，进行创新实验，除了与原有实验所必须的器材相同外，没领电压表，而是多领了一只电流表，并设计出如图2所示的电路图，进行实验．①连接电路，调节滑动变阻器，读出电流表A1与A2的示数分别记为I1和I2；②把定值电阻R2换成R3，调节滑动变阻器使电流表A1的示数为，使R3两端的不变．记录此时电流表A2的示数为I3；③把定值电阻R3换成R4，重复上一步骤进行实验；④分析数据得出电流与电阻的关系．试验次数123U/V2.02.52.8I/A0.220.250.26R/【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．【专题】探究型实验综合题．【分析】（1）滑动变阻器串联接入电路，一方面可以保护电路，另一方面，可以改变定值电阻两端的电压；（2）定值电阻R1与电流表A1串联相当于电压表，调节滑动变阻器阻值，使电流表A1示数保持不变，则电阻R1两端的电压不变，与电阻R1并联的电路电压保持不变．【解答】解：（1）在此实验中，滑动变阻器的作用是保护电路和改变定值电阻两端的电压；（2）把定值电阻R2换成R3，调节滑动变阻器使电流表A1的示数为I1，电阻R1所在支路两端电压U=I1R1不变，与电阻R1并联的电阻R3两端电压不变；故答案为：（1）保护电路；改变定值电阻两端的电压；（2）I1；电压．【点评】本题考查了滑动变阻器的作用、实验步骤等问题；滑动变阻器在电路中的作用有：保护电路，改变电路的总电阻，从而改变电路电流．26．小亮在做“测量小灯泡的电阻”的实验中，所用小灯泡上标有“2.5V”字样．（1）小亮分别测出了小灯泡的几组电压和电流值，记录在表格中．实验次数123U/V2.02.52.8I/A0.220.250.26R/①小灯泡正常工作时的电阻为10Ω．②分析数据发现，三次实验中小灯泡的电阻相差较大，这是因为灯丝电阻随温度升高而增大．（2）完成上述实验后，小亮看到滑动变阻器的铭牌模糊不清，于是想测量变阻器的最大电阻RX．他找来一个已知阻值为R0的定值电阻替换了灯泡，同时撤去了电流表，并利用余下的器材（电压未知的电源、量程合适的电压表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干），在不改动电压表位置及连线的情况下，很快测出了RX的大小．①请你把设计的电路图画在如图2虚线框内．②简述实验步骤：（a）先将滑片移至阻值最小端，读出电压表的示数U1（b）再将滑片移至阻值最大端，读出电压表的示数U2③RX=R0（用已知量和测量量表示）．【考点】伏安法测电阻的探究实验．【专题】实验探究题；测量型实验综合题．【分析】（1）根据R=计算灯泡正常工作时的电阻，导体电阻跟导体、长度、横截面积、材料温度有关，从电阻大小的影响因素来考虑．（2）没有电流表，使已知定值电阻R0与滑动变阻器串联，找电流相等，电路不能重组，要测出电源电压，把电压表与定值电阻R0并联，可以把滑动变阻器滑到阻值为0，测电源电压，滑动变阻器滑到阻值最大，找电流相等，列出等式求解．【解答】解：（1）R===10Ω．根据R=，分别求出1、2、3次实验电阻为：9.1Ω、10Ω、10.8Ω，实验过程中，灯丝长度、横截面积、材料不变，电压不同，温度不同，电阻不同，这是因为灯丝电阻随温度升高而增大．（2）如图，无电流表，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电压表与定值电阻R0并联，滑片在a端阻值为0时，电压表测电源电压U，滑片滑到b端最大阻值处时，电压表测定值电阻R0两端电压U0，此时定值电阻与滑动变阻器电流相等，所以=所以RX=R0．故答案为：（1）①10；②灯丝电阻随温度升高而增大；（2）①见上图；②先将滑片移至阻值最小端，读出电压表的示数U1；再将滑片移至阻值最大端，读出电压表的示数U2；③R0．【点评】没有电压表，利用定值电阻和电流表以及其他元件测量电阻的阻值时，一般设计成并联电路，找电压相等列等式求出被测电阻；没有电流表，利用电压表和定值电阻以及其他元件测量电阻的阻值时，一般设计成串联电路，找电流相等列等式求出被测电阻．27．小明和小红分别用下图所示的装置，探究电流一定时，电流产生的热量与电阻的关系．他们分别将两段阻值不同的电阻丝（R1＜R2）密封在完全相同的烧瓶中，并通过短玻璃管与气球相连．（设他们所用的各种同类器材性能相同）（1）在这个实验中电流产生热量的多少是通过气球膨胀体积大小体现出来的．（2）他们同时开始进行实验，a、b、c、d四个气球鼓起来最快的是c．（3）小红和小明的实验方案，小明的方案（选填“小红”或“小明”）是错误的，理由是为他的实验中，R1与R2电流不相同，无法探究出电流一定时，电流产生的热量与电阻的关系．（4）本实验中，应用的物理方法有控制变量法和转换法，请你再举一个同样也用到这两个实验方法的物理实验：电阻大小的影响因素、影响蒸发快慢的因素．【考点】焦耳定律．【专题】实验题；探究型实验综合题．【分析】（1）此题通过气体的热胀冷缩的程度来判断产生热量的多少．气体热胀冷缩的程度通过气球的膨胀程度来判断；（2）此题是探究电流一定时，电流产生的热量与电阻的关系．所以在实验过程中，需要控制电流和通电时间相等．因此需要将两电阻串联；根据焦耳定律，在电流和通电时间相同时，电阻越大产生的热量越多；在电压相同时，根据Q=t，通电时间相同，电阻越小、电压越大，产生的热量越多；（3）用控制变量的思维去分析即可判断；（4）联系所学过的控制变量的实验分析即可解决．【解答】解：（1）从实验中可以看出，电流产生热量的多少是通过气球膨胀体积大小来判断的．（2）根据焦耳定律，小红的方案中，通过电流和通电时间相同，根据公式Q=I2Rt，b鼓起的最早；小明的方案中，两电阻并联，两端的电压和通电时间相同，根据公式Q=t，所以C鼓起的最早，b与c相比较，c电阻两端的电压大于b中电阻两端的电压，且c的电阻小于b的电阻，因此，c中的电流会大于b中的电流，由焦耳定律Q=I2Rt可知，c比b先鼓起．（3）小明的方案中，两电阻的电流不同，所以无法探究一定时，电流产生的热量与电阻的关系．（4）据上面的分析可知，此实验中应用了控制变量法和转换法，如研究电阻大小的影响因素、探究影响蒸发快慢的因素等实验也用到了该方法．故答案为：（1）气球膨胀体积大小；（2）c；（3）小明的方案；因为他的实验中，R1与R2电流不相同，无法探究出电流一定时，电流产生的热量与电阻的关系；（4）控制变量；电阻大小的影响因素、影响蒸发快慢的因素．【点评】此题通过实验探究电流通过导体与电阻的关系，考查了学生对控制变量法的应用．并运用了转换法来判断产生热量的多少，用气球判断气体的膨胀程度，效果更明显．五、计算题（共5分）28．如图1是小刚家的电热水壶及铭牌．一天傍晚，他用该电热水壶将1kg的水从20℃加热到100℃，用时5min．（1）水吸收的热量是多少？[c水=4.2×103J/（kg•℃）]（2）若此时家中只有电热水壶在工作，在这段时间里，小刚观察到他家电能表（如图2）的转盘转过了60转，那么电热水壶消耗了多少电能？（3）电热水壶的实际电功率是多少？（4）电热水壶的效率是多少？（5）分析（4）的结果，导致其小于1的原因有哪些？（写出一条即可）【考点】电功与热量的综合计算．【专题】计算题；电和热综合题．【分析】（1）已知水的质量、水的初温和末温、水的比热容，根据吸热公式Q吸=cm（t﹣t0）计算出水吸收的热量；（2）根据电能表转过的圈数可以求出电热水壶消耗的电能；（3）由功率公式求出实际电功率；（4）由η=计算电热水壶的效率；（5）从加热过程中有热散失或者实际电压偏小等方面分析解答．【解答】解：（1）将1kg的水从20℃加热到100℃，水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）=3.36×105J．（2）家中只有电热水壶在工作，所以电热水壶消耗的电能：W==0.1kW•h=3.6×105J；（3）电热水壶的电功率：P===1200W；（4）电热水壶的效率：η=×100%=≈99.3%；（5）热水壶加热过程不可避免有一部分热散失，导致电热水壶产生热量没有被水全部吸收，所以其效率低于1．答：（1）水吸收的热量是3.36×105J；（2）若此时家中只有电热水壶在工作，在这段时间里，小刚观察到他家电能表（如图2）的转盘转过了60转，那么电热水壶消耗了3.6×105J的电能；（3）电热水壶的实际电功率是多少？（4）电热水壶的效率1200W；（5）分析（4）的结果，导致其小于1的原因可能是热量未被完全吸收．【点评】本题考查了热量、电能、实际功率、效率的计算，考查知识多，综合性强，但难度不大．