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2017-2018学年教科版必修2 第四章 机械能和能源 检测试题0001

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2017-2018学年教科版必修2 第四章 机械能和能源 检测试题0001第四章检测试题(时间:60分钟满分:100分)测控导航】知识点题号及难易度1•功、功率的理解及计算1(易),3(易),9(中)2.P二Fv的应用4(中),6(中)3.功能关系2(易),5(易),7(中),8(中)4.机械能守恒定律及能量守恒定律的应用12(中),13(难)5.实验10(易),11(中)一、选择题洪9小题,第1〜4题为单项选择题,第5〜9题为多项选择题,每小题6分,共54分)如图所示,自动卸货车静止在水平地面上,车厢在液压机的作用下,e角缓慢增大,在货物相对车厢仍然...

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第四章检测试 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 (时间:60分钟满分:100分)测控导航】知识点题号及难易度1•功、功率的理解及计算1(易),3(易),9(中)2.P二Fv的应用4(中),6(中)3.功能关系2(易),5(易),7(中),8(中)4.机械能守恒定律及能量守恒定律的应用12(中),13(难)5.实验10(易),11(中)一、选择题洪9小题,第1〜4题为单项选择题,第5〜9题为多项选择题,每小题6分,共54分)如图所示,自动卸货车静止在水平地面上,车厢在液压机的作用下,e角缓慢增大,在货物相对车厢仍然静止的过程中,下列说法正确的是(A)货物受到的摩擦力变小货物受到的支持力对货物做负功货物受到的摩擦力对货物做负功解析:货物处于平衡状态,受到重力mg、支持力N和摩擦力f,则根据平衡条件有mgsin0=f,N=mgcos0,当B增大时,f增大,N减小,故A正确,B错误.货物受到的支持力的方向与瞬时速度方向相同,所以支持力对货物做正功,故C错误.摩擦力的方向与位移方向垂直,不做功,故D错误.汽车关闭发动机后恰能沿斜坡匀速下滑,在这个过程中(C)汽车的机械能守恒汽车的动能和势能相互转化机械能转化为内能,总能量守恒机械能和内能之间没有转化解析:汽车关闭发动机后,匀速下滑,重力沿斜面向下的分力与摩擦阻力平衡,摩擦力做功,汽车摩擦生热,温度升高,有部分机械能转化为内能,机械能减少,但总能量守恒,选项C正确.有报道说:我国一家厂商制作了一种特殊的手机,在电池电能耗尽时,摇晃手机,即可产生电能维持通话,摇晃过程是将机械能转化为电能;如果将该手机摇晃一次,相当于将100g的重物缓慢举高20cm所需的能量,若每秒摇两次,则摇晃手机的平均功率为(g取10m/s2)(B)0.04WB.0.4WC.4WD.40W2mgh2X0.1X10X0.2解析:摇晃手机的平均功率P=^^=1W=0.4W,故B对.汽车由静止开始运动,若要使汽车在开始运动的一小段时间内保持匀加速直线运动,则(A)不断增大牵引力功率不断减小牵引力功率保持牵引力功率不变不能判断牵引力功率如何变化解析:汽车做匀加速运动,牵引力F二ma+f不变,根据P=Fv知,汽车的功率不断增大,A正确.某人将物体由静止开始举高,物体获得速度.下列说法中正确的是(ABD)物体所受合外力做的功等于物体动能的增加量此人对物体做的功等于物体动能和重力势能的增加量之和物体所受合外力做的功等于物体动能和重力势能的增加量之和克服重力做的功等于物体重力势能的增加量解析:由动能定理可知A正确,C错误;人对物体所做的功等于物体机械能的增加量,即等于物体动能与重力势能的增加量之和,B正确;克服重力做的功等于物体重力势能的增加量,D正确.汽车发动机的额定功率为60kW,汽车的质量为5t.汽车在水平面上行驶时,阻力与车重成正比,g取10m/s2,当汽车以额定功率匀速行驶时速度为12m/s.现突然减小油门,使发动机功率减小到40kW,对接下来车子运动情况的描述正确的是(CD)先做匀减速运动,再做匀速运动先做加速度增大的减速运动,再做匀速运动先做加速度减小的减速运动,再做匀速运动最后的速度大小是8m/sP6X104解析:汽车匀速行驶时,P=Fv,得牵引力F==12N=5X103N,则阻力F,=5X103N.当功率只有40kW时,牵引力减小,汽车做减速运动,但不是匀减速运动,选项A错误;由于功率突然减小,故牵引力发生突变,减小到某一值,然后牵引力从某一最小值开始增大,加速度减小,而后P'40X103匀速,速度大小为V=〒=「*/m/s=8m/s,故选项B错误,选项C,D正确.宇宙飞船运动中需要多次“轨道维持”.所谓“轨道维持”就是通过控制飞船上发动机的点火时间和推力的大小和方向,使飞船能保持在预定轨道上稳定运行.如果不进行“轨道维持”,由于飞船受轨道上稀薄空气的影响,轨道高度会逐渐降低,在这种情况下飞船的动能、重力势能和机械能的变化情况将会是(AD)重力势能和机械能都逐渐减小动能逐渐增大,机械能不变动能逐渐减小,机械能不变重力势能逐渐减小,动能逐渐增大解析:由于飞船受轨道上稀薄空气的影响,机械能逐渐减小,高度减小,Mmv2网根据G/二m厂有v二,可得动能逐渐增大,选项A,D正确.如图所示,一固定斜面倾角为30°,一质量为m的小物块自斜面底端以一定的初速度,沿斜面向上做匀减速运动,加速度的大小等于重力加速度的大小g.若物块上升的最大高度为H,则此过程中,物块的(AC)动能损失了2mgH动能损失了mgH机械能损失了mgHD.机械能损失了【mgH解析:物块以大小为g的加速度沿斜面向上做匀减速运动,运动过程中F二mg,由受力分析知摩擦力f=【mg,当上升高度为H时,位移x=2H,合由动能定理得△E二-2mgH;由功能关系知△E=W=-^mgx二-mgH,选项A,Ckf正确.质量为m,m的两物体,静止在光滑的水平面上,质量为m的人站在12m上用恒力F拉绳子,经过一段时间后,两物体的速度大小分别为v11和v,位移分别为s和s,如图所示.则这段时间内此人所做的功的大212小等于(BC)Fs2F(s+s)1211加+2(m+m)「】21解析:人做的功等于绳子对m,m做的功之和,即W=Fs+Fs=F(s+s),A121212错,B对;根据动能定理知,人做的功等于m,m,m动能的增加量,所以W=2(m+m)+2m「「,C对,D错.12二、非选择题(共46分)(8分)(2017•天津卷,9)如图所示,打点计时器固定在铁架台上,使重物带动纸带从静止开始自由下落,利用此装置验证机械能守恒定律.对于该实验,下列操作中对减小实验误差有利的是.重物选用质量和密度较大的金属锤两限位孔在同一竖直面内上下对正精确测量出重物的质量用手托稳重物,接通电源后,撤手释放重物某实验小组利用上述装置将打点计时器接到50Hz的交流电源上,按正确操作得到了一条完整的纸带,由于纸带较长,图中有部分未画出,如图所示.纸带上各点是打点计时器打出的计时点,其中0点为纸带上打出的第一个点.重物下落高度应从纸带上计时点间的距离直接测出,利用下列测量值能完成验证机械能守恒定律的选项有.OA,AD和EG的长度OC,BC和CD的长度BD,CF和EG的长度AC,BD和EG的长度解析:(1)选用质量和密度较大的金属锤、限位孔对正都可以降低摩擦力对实验结果造成的误差,所以A,B正确;动能与重力势能 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 达式中都含有质量m,可以约去,故不需要测量出质量m的具体数值,C错误;重锤下落之前应该用手拉住纸带上端而不是用手托住重锤,D错误.(2)测出BC和CD的长度就可以计算出打下C点时的速度v,再测出OC的C长度,就可验证mgh二亦】是否成立,所以B正确;测出BD,EG的长度OC可计算出打下C,F两点时的速度v和v,再测出CF的长度,就可验证CF11mgh二2山「-2m「是否成立,所以C正确.CF 答案 八年级地理上册填图题岩土工程勘察试题省略号的作用及举例应急救援安全知识车间5s试题及答案 :(1)AB(2)BC(11分)(2016•全国II卷,22)某物理小组对轻弹簧的弹性势能进行探究,实验装置如图(甲)所示:轻弹簧放置在光滑水平桌面上,弹簧左端固定,右端与一物块接触而不连接,纸带穿过打点计时器并与物块连接,向左推物块使弹簧压缩一段距离,由静止释放物块,通过测量和计算,可求得弹簧被压缩后的弹性势能.(1)实验中涉及下列操作步骤:把纸带向左拉直松手释放物块接通打点计时器电源向左推物块使弹簧压缩,并测量弹簧压缩量上述步骤正确的操作顺序是(填入代表步骤的序号).⑵图(乙)中M和L纸带是分别把弹簧压缩到不同位置后所得到的实际打点结果.打点计时器所用交流电的频率为50Hz.由M纸带所给的数据,可求出在该纸带对应的实验中物块脱离弹簧时的速度为m/s.比较两纸带可知,(填“M”或“L”)纸带对应的实验中弹簧被压缩后的弹性势能大.解析:(1)启动打点计时器前,应把纸带拉直以减小因纸带受到摩擦力而产生的误差.实验时应先接通打点计时器的电源,再释放物块.故正确的操作顺序是④①③②.(2)物块脱离弹簧前,在弹簧弹力作用下沿光滑水平面加速运动,脱离弹簧后做匀速运动,故物块脱离弹簧时的速度即为匀速运动时的速度,(2.58+2.57)X10"2由纸带数据可知v=m/s=1.29m/s.弹簧被压缩后的M弹性势能转化成了物块的动能,由纸带数据知M纸带对应的物块最终的速度大,则动能也大,故对应的弹簧被压缩后的弹性势能大.答案:(1)④①③②(2)1.29M(15分)如图所示,光滑水平面AB与竖直面内的半圆形粗糙导轨在B点衔接,导轨半径为R.一个质量为m的物块将弹簧压缩后静止在A处,释放后在弹力的作用下获得向右的速度,当它经过B点进入导轨瞬间对导轨的压力为其重力的7倍,之后向上运动恰能到达最高点C.求:(1)弹簧对物块的弹力做的功W;(2)物块从B至C由于摩擦而产生的热量Q;⑶物块离开C点后落回水平面时其动能的大小解析:(1)设物块经过B点时的速度为v,则由动能定理得1W=°mT根据牛顿第二定律得N-mg=mR两式联立得W=3mgR.r22⑵设物块经C点时的速度为v,由题意知mg=mR211则由能量守恒定律有2m「=2m「+2mgR+Q所以物块从B至C由于摩擦而产生的热量111Q=2m「「_2m「—2mgR=2mgR.⑶根据机械能守恒定律加gR=EkF-,15故物块落回水平面时的动能E二2m「+2mgR二2mgR.k15答案:(1)3mgR(2^mgR(3^mgR(12分)如图所示,水平地面BC与光滑曲面AB相切于B点,与内壁光滑的丁细圆管CD相切于C点,管口D正下方直立一劲度系数为k的轻弹簧,弹簧下端固定,上端恰好与管口D齐平.将质量为m的小物块(可视为质点)放在弹簧上端且缓慢下压弹簧,当弹簧压缩的长度4mgSrr^g2x二丁(其中g为重力加速度大小),对应弹簧的弹性势能E二人:时,1pl由静止开始释放物块,物块进入管口D后沿DCBA轨道运动且不脱离轨m2g2道.已知物块速度最大时弹簧的弹性势能E=,物块与BC间的动P2mgmg摩擦因数M=0.8,BC长度L八,圆管CD的半径R二〒.求:0(1)物块的最大速度v的大小;m⑵物块第一次到达C点时的速度大小V;C解析:(1)物块的速度最大时,其受到的弹力与重力等大反向,设物块的速度最大时,弹簧的压缩量为x,从静止开始运动到速度最大的过2程中,物块上升的高度为h,由能量守恒定律有E-E二mgh+亦Jplp2由共点力平衡有kx=mg2由几何关系有x=x+h12Im解得v=3g;m(2)物块释放后第一次到达C点的过程,由能量守恒定律有E=mg(x+R)+^m,'
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