.下载后可自行编辑修改，页脚下载后可删除。安徽省巢湖市2021-2021学年九年级物理上学期期中模拟试卷一、单项选择
题
快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题
〔本大题共10小题，共分〕如图是“长征六号〞运载发射场景，它首次采用了我国最新研制的大推力液氧煤油发动机。以下说法正确的选项是〔 〕A.煤油燃烧得越充分，其热值就越大B.燃气对火箭做功，燃气的内能会增加C.高温高压的燃气推动火箭升空把内能转化成机械能D.使用煤油作燃料，是因为它是可再生能源质量和初温度都一样的水和铜块，分别吸收一样的热量后将铜块投入水中〔c水＞c铜，不计热损失〕那么〔 〕A.水的温度升高，铜块的温度降低，且水升高的温度和铜块降低的温度一样B.水的温度降低，铜块的温度升高，且水降低的温度和铜块升高的温度一样C.水的温度升高，铜块的温度降低，且水增加的内能和铜块减少的内能一样D.水的温度降低，铜块的温度升高，且水减少的内能和铜块增加的内能一样以下事件中在改变物体内能的方式上与其他三项不同的是〔 〕A.搓手取暖B.玩滑梯，臀部发热C.放大镜聚光烤焦纸片D.压缩空气材料、横截面积均一样的两根电阻丝〔温度一样〕，a的长度大于b的长度，那么〔 〕A.a的电阻小于b的电阻B.a的电阻等于b的电阻C.a的电阻大于b的电阻D.无法判断a与b电阻的大小某兴趣小组为了研究电子温控装置，连接成如下图电路，R1为热敏电阻，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，闭合开关，当温度降低时，以下说法中正确的选项是〔 〕A.电压
表
关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf
V2和电流表A示数均变大B.电压表V1和电流表A示数之比不变C.电压表V2和电流表A的乘积不变D.电压表V2变化量和电流表A变化量之比不变如图，要使L1和L2两灯并联，必须〔 〕A.闭合S1、S2、S3B.闭合S1、S3C.闭合S2、S3D.闭合S1、S2如下图为电流与电压的关系图象由此可以判断〔 〕A.R甲=R乙B.R甲
R乙D.无法比拟以下关于汽油机和柴油机的主要区别，其中错误的选项是〔 〕A.柴油机的气缸上是喷油嘴，汽油机的顶部有火花塞B.在做功冲程中，柴油机的点火方式叫点燃式，汽油机的点火方式叫压燃式C.柴油机比汽油机笨重，但燃料廉价D.柴油机吸入气缸的只是空气，汽油机吸入气缸的是汽油和空气的混合物如下图的电路中，当只闭合开关S1时，电流表、电压表的示数分别为I1、U1，当开关S1、S2都闭合时，电流表、电压表的示数分别为I2、U2，那么以下关系式正确的选项是〔 〕A.I2=I1、U2I1、U2=U1C.I2>I1、U2>U1D.I2
实验室
17025实验室iso17025实验室认可实验室检查项目微生物实验室标识重点实验室计划
中准备了以下仪器：A．电加热器、电源 B．酒精灯、火柴C．两个一样的烧杯 D．温度计E．秒表 F．铁架台 G．适量的水和煤油。〔1〕为了完成实验，还需要的仪器有______。〔2〕提供的上述两种热源中，选用______〔 A/B〕能更准确地控制物体吸收热量的多少。〔3〕某小组记录了多组实验数据〔如表所示〕，要研究一样质量的物体升高一样的温度时，吸收热量的多少与物质种类的关系，应该分析第______两次的实验数据。这样的选择用到了一种常用的研究
方法
快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载
叫______。实验次数物质质量/g升高的温度△t/℃加热时间t/min1水1001022水2001043水2002084煤油200102〔4〕进一步分析一数据可知煤油的比热容为______J/〔kg•℃〕〔水的比热容是4.2×103J/〔kg•℃〕。用伏安法测电阻，实验电路如图甲所示。〔1〕连接电路时，开关应该是______的。〔2〕大山同学在实验中的某次测量，电压表与电流表的读数如图乙所示，那么此时待测电阻的阻值为______Ω．请你根据图甲的电路图，在图丙中用笔画线代替导线帮大山同学连接实物图〔导线不能穿插〕。〔3〕实验中，如果电压表突然损坏，滑动变阻器的最大阻值为R，被测电阻的阻值为Rx，电源电压保持不变，但电源电压未知，请你利用剩下的器材测出Rx，先在右边方框内画出此时的实验电路图，再简要写出实验过程和计算Rx的表达式。a、实验过程：______b、Rx的表达式：Rx=______。
答案
八年级地理上册填图题岩土工程勘察试题省略号的作用及举例应急救援安全知识车间5s试题及答案
和解析1.【答案】C【解析】解：A、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，所以煤油燃烧过程中，其热值大小不变，故A错误；B、燃气对火箭做功，内能转化为机械能，燃气的内能会减小，故B错误；C、燃气对火箭做功，内能转化为机械能，故C正确；D、煤油从石油中提炼出来，所以煤油是不可再生能源，故D错误。应选：C。〔1〕燃料燃烧的过程是将化学能转化为内能的过程；〔2〕热值是物质的一种特性，与质量的大小无关；〔3〕内燃机在做功冲程的能量转化是内能转化为机械能的冲程，内能将减小；〔4〕煤、石油、天然气都属于化石能源，是不可再生能源。此题考察了能量转化的判断、热值的理解、以及改变内能的方式，属于综合性题目。2.【答案】C【解析】解：质量和初温都一样的水和铜块，当它们吸收一样的热量后，由Q=cm△t可知，比热容越大，升高的温度越小；由于水的比热容大，所以水升高的温度小，由于初温一样，所以水的末温低，末温不一样，铜的温度总体上是升高的，并没有降低。根据热传递的条件，所以质量和初温都一样的水和铜块，当它们吸收一样的热量后，再将铜块投入水中，热量由高温的铜传给低温的水。故铜块内能变小，水的内能增大，因不计热损失，那么水增加的内能和铜块减少的内能一样。故C正确，ABD错误。应选：C。物体间发生热传递的条件是有温度差，先结合热量公式Q=cm△t分析铜块和水的温度关系，判断出铁块和水的末温大小后，再判断热传递的方向。此题考察了学生对放热公式的掌握和应用，理解用好“质量相等的不同物质，吸收相等的热量，比热容大的温度升高的少〞是此题的关键。3.【答案】C【解析】解：ABD、搓手取暖、玩滑梯以及压缩空气都是克制摩擦做功使手的内能增加的；C、放大镜聚光烤焦纸片是通过热传递使纸的内能增加的；显然C选项与其它三个选项改变物体内能的方式不同。应选：C。改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。做功的实质是能量转化的过程，即：内能和其他形式能的相互转化。热传递的实质是能量转移的过程，发生热传递的条件是有温度差。此题考察了改变物体内能有两种方式，结合生活实际解决问题。4.【答案】C【解析】解：要比拟电阻大小需要用到控制变量法。在导体材料、横截面积一定时，导体的电阻大小与长度有关，长度越长，电阻越大；因此a的电阻大于b的电阻。应选：C。影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度和横截面积。此题考察了影响电阻大小的因素，是一道根底题。5.【答案】D【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联后再与R0串联，电压表V1测并联局部的电压，电压表V2测R0两端的电压，电流表测干路中的电流。〔1〕因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，所以，当温度降低时，热敏电阻R1的阻值变大，并联局部的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，干路中的电流变小，即电流表A的示数变小，由U=IR可知，R0两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故A错误；由电压表V2示数变小、电流表A示数变小可知，电压表V2和电流表A的乘积变小，故C错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联局部的电压变大，即电压表V1的示数变大，由电压表V1的示数变大、电流表A示数变小可知，电压表V1和电流表A示数之比变大，故B错误；〔2〕设温度变化前后，干路中的电流分别为I1、I2，那么电压表V2示数的变化量：△U2=I2R0-I1R0=〔I2-I1〕R0=△IR0，即=R0，且R0的阻值不变，所以，电压表V2变化量和电流表A变化量之比不变，故D正确。应选：D。由电路图可知，R1与R2并联后再与R0串联，电压表V1测并联局部的电压，电压表V2测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。〔1〕根据热敏电阻阻值与温度的关系得出当温度降低时其阻值的变化，进一步可知并联局部的电阻变化和电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，然后得出电压表V2和电流表A的乘积变化；根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点可知电压表V1的示数变化，然后得出电压表V1和电流表A示数之比变化；〔2〕设出温度变化前后电路中的电流，根据欧姆定律得出电压表示数和电流表示数与R0的阻值关系，然后得出电压表V2变化量和电流表A变化量之比的变化。此题考察了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。6.【答案】D【解析】解：要使灯L1、L2并联，电流有两条流通路径，因此要断开S3，闭合S1、S2。应选：D。在并联电路中，电流有多条流通路径，最后都集合到电源的负极。解决此类问题要结合串并联电路的区分进展分析解答。7.【答案】C【解析】解：由图象知，在电压一定时，通过乙导体的电流大于甲导体。由R=知，乙的电阻较小。即R甲＞R乙。应选：C。图象呈现的是不同导体两端电压与通过的电流的关系。由图线知，甲乙两导体两端电压与通过的电流成正比，两段导体的电阻大小用R=分析。此题还可以从电流一定时，电压的大小判断电阻的大小。8.【答案】B【解析】解：A、柴油机和汽油机的构造不同：柴油机的气缸上是喷油嘴，汽油机的顶部有火花塞。此选项正确；B、在做功冲程，汽油机的点火方式叫点燃式，柴油机的点火方式叫压燃式。此选项错误；C、柴油机比汽油机笨重，效率高同时燃料廉价。此选项正确；D、在吸气冲程，柴油机吸入气缸的只是空气，汽油机吸入气缸的是汽油和空气的混合物。此选项正确。应选：B。柴油机和汽油机的主要区别：〔1〕汽油机在吸气冲程中吸入了汽油和空气的混合气体，在压缩冲程中，机械能转化为内能，内能增大，温度升高，汽油机气缸顶端有个火花塞，此时火花塞喷出电火花，点燃汽油，产生高温高压的燃气推动活塞做功。〔2〕柴油机在吸气冲程中吸入空气，在压缩冲程中，机械能转化为内能，空气的内能增大；柴油机气缸顶端有个喷油嘴，此时喷油嘴喷出雾状的柴油，柴油遇到高温的空气，到达着火点而燃烧，点燃方式是压燃式。燃烧产生高温高压的燃气推动活塞做功。柴油机的压缩比例更大、温度更高、做功更多，效率更高。总结汽油机和柴油机的异同点：①一样点：四个冲程一样，能的转化一样；②不同点：①吸入的物质不同；②构造不同；③压强不同，效率不同；④点火方式不同。9.【答案】C【解析】解：当只闭合开关S1时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压U1，电流表测电路中的电流I1；当开关S1、S2都闭合时，电路为R2的简单电路，电压表测R2两端的电压U2，电流表测电路中的电流I2；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，那么I2＞I1，故AD错误；由U=IR可知，R2两端的电压变大，即电压表的示数变大，那么U2＞U1，故B错误、C正确。应选：C。当只闭合开关S1时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；当开关S1、S2都闭合时，电路为R2的简单电路，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联判断电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，然后得出答案。此题考察了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。10.【答案】D【解析】解：当开关S断开时，灯L与电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；S闭合时，L短路，灯不亮，电路中只有R，此时电压表测电源电压，电流表测电路中的电流；根据串联电路电压的规律，故电压表示数变大，根据串联电阻的规律，S闭合时电阻变小，根据欧姆定律I=可知，电路中电流变大，电流表示数变大；综上所述，只有D正确，ABC错误。应选：D。分析当开关S由断开到闭合时电路的变化，根据串联电路的规律和欧姆定律确定正确答案。此题考察串联电路的规律及欧姆定律的应用，关键是电路的识别。11.【答案】一次 1.3 电能【解析】解：〔1〕太阳能是直接吸收阳光来利用的，是一次能源；由题意知，Q放=Q吸=5.2×107J，由Q放=Vq得，需要完全燃烧煤气的体积：V==3；〔3〕太阳光通过太阳能电池就可以将太阳能转化为电能。故答案为：一次；；电能。〔1〕可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；〔2〕由题意可知，Q放=Q吸，根据Q放=Vq的变形公式V=求出需要完全燃烧煤气的体积；〔3〕太阳能电池是将太阳能转化为电能的装置。此题考察了太阳能热的使用、燃料燃烧放热公式等知识，虽知识点多，但条件已给出，难度不大。12.【答案】电流表示数〔灯泡亮度〕 控制变量 长度 横截面积【解析】解：〔1〕在电源电压不变的情况下，AB之间接入的电阻越大，电路中的总电阻越大，电流就越小。灯泡电阻不变的情况下，电流越小，灯泡的实际功率就越小，灯泡就越暗。所以可以根据电流表示数的大小或灯泡的亮暗程度来判断所接入导体电阻的大小。〔2〕导体电阻的大小可能与导体的材料、粗细、长短等多个因素有关，实验时是运用控制变量法去研究每一个因素对电阻大小的影响；〔3〕导体的电阻是本身的属性，它跟导体的长度、横截面积和材料有关：当探究导体电阻与长度的关系时，可控制横截面积和材料不变，改变导体的长度，能够完成；当探究导体电阻与横截面积的关系时，可控制长度和材料不变，改变导体的横截面积，能够完成；当探究导体电阻与材料的关系时，可控制长度和横截面积不变，因为只有一个金属丝，所以无法改变材料，不能够完成；故答案为：〔1〕电流表示数〔灯泡亮度〕；〔2〕控制变量；〔3〕长度、横截面积。〔1〕根据欧姆定律，电压不变，电阻的变化会引起电路中电流的变化，实验通过电流表的示数或灯泡的亮暗变化来反映电阻的变化；〔2〕电阻与多个因素有关，应用控制变量法进展分析；〔3〕分析一根电阻丝可以控制的量及改变的量，得出结论。解决此类影响导体的电阻与多因素有关时，应采用控制变量法进展分析。13.【答案】同种电荷相互排斥 A→B 自由电子【解析】解：〔1〕验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的；〔2〕A验电器带正电，说明A缺少电子，连接的瞬间，自由电子从B移动到A，而电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以金属棒中的电流方向A→B。故答案为：同种电荷相互排斥；A→B；自由电子。〔1〕验电器使用时是让金属杆上的金属箔带上同种电荷，然后同种电荷会相互排斥从而验证物体是否带电的；〔2〕验电器A带正电，少电子，用带有绝缘柄的金属棒将AB连接起来，B上的一局部电子会通过金属棒转移到A，说明电子从A到B移动，据此判断电流方向。此题的目的是考察对验电器使用原理、电流方向的掌握情况。在金属导体中，能够自由移动的电荷是负电荷〔自由电子〕，所以在金属导体中，电流的方向始终与自由电荷的运动方向相反。14.【答案】并 L2断路【解析】解：〔1〕由电路图可知，闭合开关S后，电流从电源正极开场分支，分别经过两个灯泡再回到电源负极，因此两灯泡并联连接；〔2〕图中电流表测L1支路的电流，电流表的示数不变，说明小灯泡L1没有故障，那么故障在L2上；假设L2短路，小灯泡L1也同时被短路，两个灯泡都不亮，所以只能是L2断路。故答案为：并；L2断路。〔1〕串联电路只有一条电流路径，流过一个元件的电流同时流过另一个元件，因此各元件相互影响；并联电路中有多条电流路径，各支路上的元件互不影响；〔2〕电流表的示数不变，说明小灯泡L1没有故障，那么故障在L2上，根据并联电路的特点分析故障。此题考察了判断电路元件的连接方式，知道串并联电路的连接方式和特点，分析清楚电路构造即可正确解题。15.【答案】6V 10Ω 20Ω【解析】解：〔1〕由电路图可知，当S接1时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知，电源的电压U=6V，电路中的电流，那么R===10Ω；〔2〕当S接2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测串联电路的电流；由图乙可知，电阻R2的两端电压为U′=6V-2V=4V，电路中的电流，R2的阻值：R2===20Ω。故答案为：6V；10Ω；20Ω。〔1〕由电路图可知，当S接1时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知对应的电压和电流，根据欧姆定律求出R1的阻值。〔2〕当S接2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测串联电路的电流；由图乙得出对应的电流和电压，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据电阻的串联求出电阻R2的阻值。此题考察了电路的动态分析，涉及到电阻的串联和欧姆定律的应用，关键是开关接1、2时电路变化的判断和由图乙得出对应的电压与电流值。16.【答案】解：〔1〕水的体积V=50L=50dm3m3，由ρ=mV得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3m3=50kg，在一标准大气压下，水的沸点t=100℃，那么水需要吸收的热量：Q吸=cm〔t-t0〕=4.2×103J/〔kg•℃〕×50kg×〔100℃-40℃〕=1.26×107J。〔2〕由题意知，焦炭完全燃烧放出的热量：Q放=Q吸=1.26×107J，由Q放=mq得，需要完全燃烧焦炭的质量：m焦炭=Q放q焦炭=1.26×107J3.0×107J/kgkg。答：〔1〕水需要吸收的热量为1.26×107J；〔2〕提供这些热量，需要完全燃烧焦炭的质量为kg。【解析】〔1〕在一标准大气压下水的沸点为100℃，知道水的比热容、质量和初温，利用吸热公式Q吸=cm〔t-t0〕求出水需要吸收的热量；〔2〕由题意可知焦炭完全燃烧放出的热量Q放=Q吸，然后根据Q放=mq求出需要完全燃烧焦炭的质量。此题考察了学生对吸热公式Q吸=cm〔t-t0〕和燃料完全燃烧放热公式Q放=mq的掌握和运用，记住一标准大气压下水的沸点为100℃，属于根底性题目，难度不大。17.【答案】500Ω【解析】解：〔1〕当托盘为空时，物体质量为0，根据图象可知R2的电阻为500Ω；〔2〕假设托盘为空时，电流表示数为I1，由I=可得，电路的总电阻：R===600Ω；根据串联电路的特点可得，R1的阻值：R1=R-R2=600Ω-500Ω=100Ω；〔3〕假设放入某物体后，电流表示数为I2，那么此时电路的总电阻：R'===300Ω，那么R2的电阻：R2'=R'-R1=300Ω-100Ω=200Ω；由图象可知，此时物体质量为600g。答：〔1〕当托盘为空时，R2电阻为500Ω；〔2〕假设托盘为空时，电流表示数为I1，定值电阻R1的阻值为100Ω；〔3〕假设放入某物体后，电流表示数为I2，该物体的质量为600g。〔1〕根据图象分析电阻的大小；〔2〕根据电流表示数求出电路的总电阻，根据串联电路的电阻关系求出R1的阻值；〔3〕根据电流求出总电阻，从而求出R2电阻，根据图象分析质量大小。此题考察串联电路的特点及电流、电压、质量等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，注意分析电路的连接，能从题目所给信息中找到有用的数据，要学会分析图象。18.【答案】解：电流从正极出发，经开关、电流表、灯泡、滑动变阻器回负极，电压表并联在灯泡两端，如以下图所示：【解析】由实物电路图可知，灯和滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯两端的电压，按照“先串后并〞的原那么画出电路图。此题考察了由实物图画电路图的方法，画图时要注意实物图和电路图要一一对应。19.【答案】〔托盘〕天平 A 2和4 控制变量法 2100【解析】解：〔1〕由热量公式Q=cm△t可知，实验时需要测出水和煤油的质量，因此需要的实验器材是：天平；〔2〕电热器易于控制产生热量的多少，因此为了准确地控制物体吸收热量的多少，应选电加热器作为热源。用一样的电热器给液体加热，相等时间内液体吸收的热量相等，因此实验中通过控制加热时间来控制吸收热量的多少。〔3〕要研究一样质量的物体升高一样的温度时，吸收热量的多少与物质种类的关系，只改物质的种类，应该分析第2和4两次的实验数据。这样的选择用到了一种常用的研究方法叫控制变量法；〔4〕由实验2、4相比，一样质量的水和煤油升高一样的温度，水加热的时间是煤油的2倍，即吸收的热量是煤油的2倍，根据c=，在质量和升高的温度一样时，比热容与Q成正比，故煤油的比热容为：×4.2×103J/〔kg•℃〕=2100J/〔kg•℃〕。故答案是：〔1〕〔托盘〕天平；〔2〕A； 〔3〕2和4； 控制变量法；〔4〕2100J。〔1〕实验需要测出物质的质量，据此选择实验器材；〔2〕要准确控制吸收一样的热量，要选择易于控制的热源；用一样的加热器加热，在相等时间内物体吸收的热量相等，可以用加热时间的长短来比拟物体吸收热量的多少；〔3〕要研究一样质量的物体升高一样的温度时，吸收热量的多少与物质种类的关系，只改物质的种类；〔4〕我们使用一样的加热器通过加热时间的长短来比拟吸热多少，这种方法叫转化法。比拟2、4实验，根据c=，在质量和升高的温度一样时，比热容与Q成正比。此题探究物体温度升高时吸收热量的多少与哪些因素有关，考察实验器材、控制变量法及转换法的应用，为热学中的重要实验。20.【答案】断开 8 ①测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，那么电源电压U=I1Rx；②将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，那么电源电压U=I2Rx+I2R。 I2RI1-I2【解析】解：〔1〕在连接电路时开关应该处于断开状态；〔2〕由图乙可知，通过小灯泡的电流，小灯泡两端的电压，此时小灯泡灯丝的电阻值R===8Ω；由图乙可知，电压表的量程为0～3V；电流表的量程为0～；将电流表、被测电阻以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在被测电阻两端；滑动变阻器按一上一下的原那么接线；如以下图所示：〔3〕如果电压表突然损坏，滑动变阻器的最大阻值为R，电源电压保持不变，画出此时的实验电路图如下：。a实验步骤：①测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，那么电源电压U=I1Rx；②将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，那么电源电压U=I2Rx+I2R。b、因电源电压保持不变，所以I1Rx=I2Rx+I2R，那么Rx的表达式为：Rx=。故答案为：〔1〕断开；〔2〕8；如上图；〔3〕如上图；实验步骤：①测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，那么电源电压U=I1Rx；②将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，那么电源电压U=I2Rx+I2R。表达式：。〔1〕为了保护电路元件，在连接电路时，开关要断开；〔2〕根据欧姆定律计算小灯泡灯丝的电阻值；确定电压表和电流表的量程，将电流表、被测电阻以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在被测电阻两端；注意滑动变阻器按一上一下的原那么接线；〔3〕由于没有电压表，滑动变阻器的最大阻值，可以将滑动变阻器看做一个定值电阻，使滑动变阻器的阻值为零，测出电流，使其阻值最大，测出电流，根据电源电压不变的特点列出关系式，求出位置电阻的阻值。用伏安法测电阻，需用电压表与电阻并联，电流表与电阻串联，此题主要考察了电路的连接及电路故障的分析情况，其中第〔3〕小题，在没有电压表的情况下，根据电源电压不变的特点及欧姆定律测出了未知电阻的阻值，是此题的难点。
浙公网安备 33021202002483