广东省深圳市宝安区202X届九年级上学期期末数学试卷

.下载后可自行编辑修改，页脚下载后可删除。广东省深圳市宝安区2021届九年级上学期期末数学试卷　一、选择题〔共12小题，每题3分，总分值36分，每题只有一个选项符合题意〕1．方程x2=1的根是〔　　〕A．x=1B．x=﹣1C．x1=1，x2=0D．x1=1，x2=﹣1　2．如图，该几何体的左视图是〔　　〕A．B．C．D．　3．一个口袋中有红球、白球共20只，这些球除颜色外都一样，将口袋中的球搅拌均匀，从中随机摸出一只球，记下它的颜色后再放回，不断重复这一过程，共摸了50次，发现有30次摸到红球，那么估计这个口块中有红球大约多少只？〔　　〕A．8只B．12只C．18只D．30只　4．菱形的边长为5，一条对角线长为8，那么此菱形的面积是〔　　〕A．24B．30C．40D．48　5．假设x=2关于x的一元二次方程x2﹣ax+2=0的一个根，那么a的值为〔　　〕A．3B．﹣3C．1D．﹣1　6．如果等腰三角形的面积为10，底边长为x，底边上的高为y，那么y与x的函数关系式为〔　　〕A．y=B．y=C．y=D．y=　7．以下命题中，正确的选项是〔　　〕A．对角线垂直的四边形是菱形B．矩形的对角线垂直且相等C．对角线相等的矩形是正方形D．位似图形一定是相似图形　8．二次函数y=ax2+bx+c〔a≠0〕的大致图象如图，关于该二次函数，以下说法错误的选项是〔　　〕A．函数有最小值B．当﹣1＜x＜3时，y＞0C．当x＜1时，y随x的增大而减小D．对称轴是直线x=1　9．某公司年前缴税20万元，今年缴税24.2万元．假设该公司这两年的年均增长率一样，设这个增长率为x，那么列方程〔　　〕A．20〔1+x〕3=24.2B．20〔1﹣x〕2C．20+20〔1+x〕2=24.2D．20〔1+x〕2　10．如图，每个小正方形的边长均为1，△ABC和△DEC的顶点均在“格点〞上，那么=〔　　〕A．B．C．D．　11．如图，在▱ABCD中，对角线AC、BD相交于点O，过点O与AD上的一点E作直线OE，交BA的延长线于点F．假设AD=4，DC=3，AF=2，那么AE的长是〔　　〕A．B．C．D．　12．如图，抛物线y=x2﹣4x与x轴交于点O、A，顶点为B，连接AB并延长，交y轴于点C，那么图中阴影局部的面积和为〔　　〕A．4B．8C．16D．32　二、填空题〔共4小题，每题3分，总分值12分〕13．抛物线y=﹣2〔x+1〕2﹣2的顶点坐标是　　　　　　．　14．如图，小明想测量院子里一棵树的高度，在某一时刻，他站在该树的影子上，前后移动，直到他本身的影子的顶端正好与树影的顶端重叠．此时，他与该树的水平距离2m，小明身高1.5m，他的影长是1.2m，那么该树的高度为　　　　　　．　15．某水果店销售一种进口水果，其进价为每千克40元，假设按每千克60元出售，平均每天可售出100千克，后来经过市场调查发现，单价每降低2元，那么平均每天的销售可增加20千克．水果店想要能尽可能让利于顾客，赢得市场，又想要平均每天获利2090元，那么该店应降价　　　　　　元出售这种水果．　16．如图，在边长为2的正方形ABCD中，点E为AD边的中点，将△ABE沿BE翻折，使点A落在点A′处，作射线EA′，交BC的延长线于点F，那么CF=　　　　　　．　三、解答题〔共7小题，总分值52分〕17．计算：sin30°﹣2sin60°+tan45°+cos245°．　18．解方程：x2﹣5x+6=0．　19．某同学报名参加学校秋季运动会，有以下5个工程可供选择：径赛工程：100m、200m、1000m〔分别用A1、A2、A3 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 示〕；田赛工程：跳远，跳高〔分别用T1、T2表示〕．〔1〕该同学从5个工程中任选一个，恰好是田赛工程的概率P为　　　　　　；〔2〕该同学从5个工程中任选两个，求恰好是一个径赛工程和一个田赛工程的概率P1，利用列表法或树状图加以说明；〔3〕该同学从5个工程中任选两个，那么两个工程都是径赛工程的概率P2为　　　　　　．　20．如图，在矩形ABCD中，对角线AC与BD相交于点O，过点A作AE∥BD，过点D作ED∥AC，两线相交于点E．〔1〕求证：四边形AODE是菱形；〔2〕连接BE，交AC于点F．假设BE⊥ED于点E，求∠AOD的度数．　21．如图，某校20周年校庆时，需要在草场上利用气球悬挂宣传条幅，EF为旗杆，气球从A处起飞，几分钟后便飞达C处，此时，在AF延长线上的点B处测得气球和旗杆EF的顶点E在同一直线上．〔1〕旗杆高为12米，假设在点B处测得旗杆顶点E的仰角为30°，A处测得点E的仰角为45°，试求AB的长〔结果保存根号〕；〔2〕在〔1〕的条件下，假设∠BCA=45°，绳子在空中视为一条线段，试求绳子AC的长〔结果保存根号〕？　22．如图1，直线y=2x﹣2与曲线y=〔x＞0〕相交于点A〔2，n〕，与x轴、y轴分别交于点B、C．〔1〕求曲线的解析式；〔2〕试求AB•AC的值？〔3〕如图2，点E是y轴正半轴上一动点，过点E作直线AC的平行线，分别交x轴于点F，交曲线于点D．是否存在一个常数k，始终满足：DE•DF=k？如果存在，请求出这个常数k；如果不存在，请说明理由．　23．如图1，抛物线y=ax2+bx+3〔a≠0〕与x轴、y轴分别交于点A〔﹣1，0〕、B〔3，0〕、点C三点．〔1〕试求抛物线的解析式；〔2〕点D〔2，m〕在第一象限的抛物线上，连接BC、BD．试问，在对称轴左侧的抛物线上是否存在一点P，满足∠PBC=∠DBC？如果存在，请求出点P点的坐标；如果不存在，请说明理由；〔3〕如图2，在〔2〕的条件下，将△BOC沿x轴正方向以每秒1个单位长度的速度向右平移，记平移后的三角形为△B′O′C′．在平移过程中，△B′O′C′与△BCD重叠的面积记为S，设平移的时间为t秒，试求S与t之间的函数关系式？　　广东省深圳市宝安区2021届九年级上学期期末数学试卷参考 答案 八年级地理上册填图题岩土工程勘察试题省略号的作用及举例应急救援安全知识车间5s试题及答案 与试题解析　一、选择题〔共12小题，每题3分，总分值36分，每题只有一个选项符合题意〕1．方程x2=1的根是〔　　〕A．x=1B．x=﹣1C．x1=1，x2=0D．x1=1，x2=﹣1【考点】解一元二次方程-直接开平方法．【分析】两边直接开平方即可．【解答】解：x2=1，两边直接开平方得：x=±=±1，故：x1=1，x2=﹣1，应选：D．【点评】此题主要考察了直接开平方法解一元二次方程，解这类问题要移项，把所含未知数的项移到等号的左边，把常数项移项等号的右边，化成x2=a〔a≥0〕的形式，利用数的开方直接求解．　2．如图，该几何体的左视图是〔　　〕A．B．C．D．【考点】简单组合体的三视图．【分析】根据从左边看得到的图形是左视图，可得答案．【解答】解：从左边看是一个正方形被水平的分成3局部，中间的两条分线是虚线，故C正确；应选：C．【点评】此题考察了简单组合体的三视图，从左边看得到的图形是左视图，注意看不到的线用虚线表示．　3．一个口袋中有红球、白球共20只，这些球除颜色外都一样，将口袋中的球搅拌均匀，从中随机摸出一只球，记下它的颜色后再放回，不断重复这一过程，共摸了50次，发现有30次摸到红球，那么估计这个口块中有红球大约多少只？〔　　〕A．8只B．12只C．18只D．30只【考点】利用频率估计概率．【分析】一共摸了50次，其中有30次摸到红球，由此可估计口袋中红球和总球数之比为3：5；即可计算出红球数．【解答】解：∵共摸了50次，其中有30次摸到红球，∴口袋中红球和总球数之比为3：5，∵口袋中有红球、白球共20只，∴估计这个口块中有红球大约有20×=12〔只〕．应选B．【点评】此题考察了利用频率估计概率．大量反复试验下频率稳定值即概率．同时也考察了概率公式的应用．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．　4．菱形的边长为5，一条对角线长为8，那么此菱形的面积是〔　　〕A．24B．30C．40D．48【考点】菱形的性质．【分析】根据菱形的对角线互相垂直平分，得对角线的一半是4．根据勾股定理，得要求的对角线的一半是3，那么另一条对角线的长是6，进而求出菱形的面积．【解答】解：在菱形ABCD中，AB=5，BD=8，∵对角线互相垂直平分，∴∠AOB=90°，BO=4，在RT△AOB中，AO==3，∴AC=2AO=6．∴那么此菱形面积是：=24．应选：A．【点评】此题考察了菱形的性质，注意菱形对角线的性质：菱形的对角线互相垂直平分．熟练运用勾股定理．　5．假设x=2关于x的一元二次方程x2﹣ax+2=0的一个根，那么a的值为〔　　〕A．3B．﹣3C．1D．﹣1【考点】一元二次方程的解．【分析】方程的根就是能使方程的左右两边相等的未知数的值，因而把x=2代入关于x的一元二次方程x2﹣ax+2=0，就可以求出a的值．【解答】解：把x=2代入x2﹣ax+2=0，得22﹣2a+2=0，解得a=3．应选：A．【点评】考察的是一元二次方程的根即方程的解的定义．此题逆用一元二次方程解的定义易得出a的值．　6．如果等腰三角形的面积为10，底边长为x，底边上的高为y，那么y与x的函数关系式为〔　　〕A．y=B．y=C．y=D．y=【考点】根据实际问题列反比例函数关系式．【分析】利用三角形面积公式得出xy=10，进而得出答案．【解答】解：∵等腰三角形的面积为10，底边长为x，底边上的高为y，∴xy=10，∴y与x的函数关系式为：y=．应选：C．【点评】此题主要考察了根据实际问题抽象出反比例函数解析式，根据得出xy=10是解题关键．　7．以下命题中，正确的选项是〔　　〕A．对角线垂直的四边形是菱形B．矩形的对角线垂直且相等C．对角线相等的矩形是正方形D．位似图形一定是相似图形【考点】命题与定理．【分析】对角线互相垂直平分的四边形是菱形，矩形的对角线平分且相等，对角线相等、垂直且平分的矩形是正方形，位似图形一定是相似图形．【解答】解：A、对角线互相垂直平分的四边形是菱形，错误；B、矩形的对角线平分且相等，错误；C、对角线相等、垂直且平分的矩形是正方形，错误；D、位似图形一定是相似图形，正确；应选D．【点评】此题考察命题问题，关键是根据菱形、矩形、正方形的判定方法和位似图形解答．　8．二次函数y=ax2+bx+c〔a≠0〕的大致图象如图，关于该二次函数，以下说法错误的选项是〔　　〕A．函数有最小值B．当﹣1＜x＜3时，y＞0C．当x＜1时，y随x的增大而减小D．对称轴是直线x=1【考点】二次函数的性质．【分析】由抛物线开口向上得函数有最小值；观察函数图象得到当﹣1＜x＜3时，图象在x轴下方，那么y＜0；根据二次函数的性质可得当x＜1时，y随x的增大而减小；根据抛物线的对称性可得到抛物线的对称轴为直线x=1．【解答】解：A、∵抛物线开口向上，∴函数有最小值，故本选项正确；B、当﹣1＜x＜3时，y＜0，故本选项错误；C、∵抛物线开口向上，∴当x＜1时，y随x的增大而减小，故本选项正确；D、∵抛物线与x轴的交点坐标为〔﹣1，0〕、〔3，0〕，∴抛物线的对称轴为直线x=1，故本选项正确．应选B．【点评】此题考察了二次函数的图象：y=ax2+bx+c的图象为抛物线，可利用列表、描点、连线画出二次函数的图象．也考察了二次函数的性质．　9．某公司年前缴税20万元，今年缴税24.2万元．假设该公司这两年的年均增长率一样，设这个增长率为x，那么列方程〔　　〕A．20〔1+x〕3=24.2B．20〔1﹣x〕2C．20+20〔1+x〕2=24.2D．20〔1+x〕2【考点】由实际问题抽象出一元二次方程．【专题】增长率问题．【分析】设这个增长率为x，根据题意可得，前年缴税×〔1+x〕2=今年缴税，据此列出方程．【解答】解：设这个增长率为x，由题意得，20〔1+x〕2=24.2．应选D．【点评】此题考察了由实际问题抽象出一元二次方程，解答此题的关键是读懂题意，设出未知数，找出适宜的等量关系，列出方程．　10．如图，每个小正方形的边长均为1，△ABC和△DEC的顶点均在“格点〞上，那么=〔　　〕A．B．C．D．【考点】相似三角形的判定与性质．【分析】根据勾股定理求出两个三角形的各个边的长度，代入即可求出答案．【解答】解：∵每个小正方形的边长均为1，∴由勾股定理得：AC==2，AB==2，BC==2，DC==，CE==，DE==，∴==，应选A．【点评】此题考察了勾股定理，相似三角形的性质和判定的应用，能求出各个边的长度是解此题的关键．　11．如图，在▱ABCD中，对角线AC、BD相交于点O，过点O与AD上的一点E作直线OE，交BA的延长线于点F．假设AD=4，DC=3，AF=2，那么AE的长是〔　　〕A．B．C．D．【考点】相似三角形的判定与性质；平行四边形的性质．【分析】延长FO，交BC于点G．由平行四边形的性质得出OD=OB，AD∥BC，AB=DC=3，根据ASA证明△DOE≌△BOG，得出DE=BG．再由AE∥BG，得出△AEF∽△BGF，根据相似三角形对应边成比例得出==，设AE=2x，那么BG=5x，DE=BG=5x，根据AE+DE=AD=4，求出x=，那么AE=2x=．【解答】解：如图，延长FO，交BC于点G．∵四边形ABCD是平行四边形，∴OD=OB，AD∥BC，AB=DC=3，∴∠EDO=∠GBO，又∠DOE=∠BOG，∴△DOE≌△BOG〔ASA〕．∴DE=BG．∵AE∥BG，∴△AEF∽△BGF，∴=，即==，设AE=2x，那么BG=5x，∴DE=BG=5x，∵AE+DE=AD=4，∴2x+5x=4，∴x=，∴AE=2x=．应选C．【点评】此题考察了全等三角形的性质与判定，平行四边形的性质，相似三角形的判定与性质，准确作出辅助线构造全等三角形，是解题的关键．　12．如图，抛物线y=x2﹣4x与x轴交于点O、A，顶点为B，连接AB并延长，交y轴于点C，那么图中阴影局部的面积和为〔　　〕A．4B．8C．16D．32【考点】抛物线与x轴的交点．【专题】计算题．【分析】先通过解方程x2﹣4x=0得到A〔4，0〕，再把解析式配成顶点式得到B〔2，﹣4〕，接着利用待定系数法求出直线AB的解析式为y=2x﹣8，那么可得到C〔0，﹣8〕，然后利用抛物线的对称性得到图中阴影局部的面积和=S△OBC，最后根据三角形面积公式求解．【解答】解：当y=0时，x2﹣4x=0，解得x1=0，x2=4，那么A〔4，0〕，∵y=x2﹣4x=〔x﹣2〕2﹣4，∴B〔2，﹣4〕，设直线AB的解析式为y=kx+b，把A〔4，0〕，B〔2，﹣4〕代入得，解得，∴直线AB的解析式为y=2x﹣8；当x=0时，y=2x﹣8=﹣8，那么C〔0，﹣8〕，∴图中阴影局部的面积和=S△OBC=×8×2=8．应选B．【点评】此题考察了抛物线与x轴的交点：把求二次函数y=ax2+bx+c〔a，b，c是常数，a≠0〕与x轴的交点坐标转化为解关于x的一元二次方程．　二、填空题〔共4小题，每题3分，总分值12分〕13．抛物线y=﹣2〔x+1〕2﹣2的顶点坐标是　〔﹣1，﹣2〕　．【考点】二次函数的性质．【分析】抛物线为解析式为顶点式，根据顶点式的坐标特点，直接写出顶点坐标．【解答】解：因为y=﹣2〔x+1〕2﹣2是抛物线的顶点式，根据顶点式的坐标特点可知，顶点坐标为〔﹣1，﹣2〕．故答案为〔﹣1，﹣2〕．【点评】此题考察了二次函数的性质，二次函数的顶点式为y=a〔x﹣h〕2+k，此时顶点坐标是〔h，k〕，对称轴是直线x=h．　14．如图，小明想测量院子里一棵树的高度，在某一时刻，他站在该树的影子上，前后移动，直到他本身的影子的顶端正好与树影的顶端重叠．此时，他与该树的水平距离2m，小明身高1.5m，他的影长是1.2m，那么该树的高度为　4m　．【考点】相似三角形的应用．【分析】根据题意，易证得△ACE∽△ABD，根据相似三角形的性质得到=，然后利用比例性质求出BD即可．【解答】解：如图，CE=1.5m，∵CE∥BD，∴△ACE∽△ABD，∴=，即=，∴BD=4〔m〕，即树的高度为4m．故答案为：4m．【点评】此题考察了相似三角形的应用：利用影长测量物体的高度；利用相似测量河的宽度〔测量距离〕；借助标杆或直尺测量物体的高度．　15．某水果店销售一种进口水果，其进价为每千克40元，假设按每千克60元出售，平均每天可售出100千克，后来经过市场调查发现，单价每降低2元，那么平均每天的销售可增加20千克．水果店想要能尽可能让利于顾客，赢得市场，又想要平均每天获利2090元，那么该店应降价　9　元出售这种水果．【考点】一元二次方程的应用．【专题】销售问题．【分析】设这种商品每千克应降价x元，利用销售量×每千克利润=2090元列出方程求解即可．【解答】解：设这种商品每千克应降价x元，根据题意得〔60﹣x﹣40〕〔100+×20〕=2090，解得：x1=4〔不合题意，舍去〕，x2=9．故答案是：9．【点评】此题考察了一元二次方程的应用，解题的关键是掌握销售问题中的根本数量关系．　16．如图，在边长为2的正方形ABCD中，点E为AD边的中点，将△ABE沿BE翻折，使点A落在点A′处，作射线EA′，交BC的延长线于点F，那么CF=　　．【考点】翻折变换〔折叠问题〕．【分析】先根据正方形的性质得AB=AD=BC=2，AD∥BC，得到∠AEB=∠EBF，再根据折叠的性质得∠AEB=∠BEF，EA′=AE=，∠BA′E=∠A=90°，A′B=AB=2，可推出∠BEF=∠EBF，证得BF=EF，设CF=x，那么BF=2+x，A′F=+x，在Rt△A′BF中，由勾股定理得：〔2〕2+〔+x〕2=〔2+x〕2，解此方程即可求得结论．【解答】解：∵正方形ABCD，∴AB=AD=BC=2，AD∥BC，∴∠AEB=∠EBF，∵E为AD边的中点，∴AE=，由折叠的性质得∠AEB=∠BEF，EA′=AE=，∠BA′E=∠A=90°，A′B=AB=2，∴∠BEF=∠EBF，∴BF=EF，设CF=x，那么BF=2+x，A′F=+x，在Rt△A′BF中，〔2〕2+〔+x〕2=〔2+x〕2，解得：x=．【点评】此题考察了折叠的性质：折叠是一种对称变换，它属于轴对称，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等．也考察了正方形的性质和勾股定理．　三、解答题〔共7小题，总分值52分〕17．计算：sin30°﹣2sin60°+tan45°+cos245°．【考点】实数的运算；特殊角的三角函数值．【分析】将特殊角的三角函数值代入求解．【解答】解：原式=﹣2×+×1+〔〕2=﹣++=1．【点评】此题考察了实数的运算，解答此题的关键是掌握特殊角的三角函数值．　18．解方程：x2﹣5x+6=0．【考点】解一元二次方程-因式分解法．【分析】利用“十字相乘法〞对等式的左边进展因式分解，然后再来解方程．【解答】解：由原方程，得〔x﹣3〕〔x﹣2〕=0，∴x﹣3=0，或x﹣2=0，解得，x=3或x=2．【点评】此题考察了解一元二次方程﹣﹣因式分解法．因式分解法解一元二次方程的思想就是把未知方程化成2个因式相乘等于0的形式，如〔x﹣a〕〔x﹣b〕=0的形式，这样就可直接得出方程的解为x﹣a=0或x﹣b=0，即x=a或x=b．注意“或〞的数学含义，这里x1和x2就是“或〞的关系，它表两个解中任意一个成立时方程成立，同时成立时，方程也成立．　19．某同学报名参加学校秋季运动会，有以下5个工程可供选择：径赛工程：100m、200m、1000m〔分别用A1、A2、A3表示〕；田赛工程：跳远，跳高〔分别用T1、T2表示〕．〔1〕该同学从5个工程中任选一个，恰好是田赛工程的概率P为　　；〔2〕该同学从5个工程中任选两个，求恰好是一个径赛工程和一个田赛工程的概率P1，利用列表法或树状图加以说明；〔3〕该同学从5个工程中任选两个，那么两个工程都是径赛工程的概率P2为　　．【考点】列表法与树状图法．【专题】计算题．【分析】〔1〕直接根据概率公式求解；〔2〕先画树状图展示所有20种等可能的结果数，再找出一个径赛工程和一个田赛工程的结果数，然后根据概率公式计算一个径赛工程和一个田赛工程的概率P1；〔3〕找出两个工程都是径赛工程的结果数，然后根据概率公式计算两个工程都是径赛工程的概率P2．【解答】解：〔1〕该同学从5个工程中任选一个，恰好是田赛工程的概率P=；〔2〕画树状图为：共有20种等可能的结果数，其中一个径赛工程和一个田赛工程的结果数为12，所以一个径赛工程和一个田赛工程的概率P1==；〔3〕两个工程都是径赛工程的结果数为6，所以两个工程都是径赛工程的概率P2==．故答案为，．【点评】此题考察了列表法或树状图法：通过列表法或树状图法展示所有等可能的结果求出n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后根据概率公式求出事件A或B的概率．　20．如图，在矩形ABCD中，对角线AC与BD相交于点O，过点A作AE∥BD，过点D作ED∥AC，两线相交于点E．〔1〕求证：四边形AODE是菱形；〔2〕连接BE，交AC于点F．假设BE⊥ED于点E，求∠AOD的度数．【考点】菱形的判定与性质；矩形的性质．【分析】〔1〕先证明四边形AODE是平行四边形，再由矩形的性质得出OA=OC=OD，即可得出四边形AODE是菱形；〔2〕连接OE，由菱形的性质得出AE=OB=OA，证明四边形AEOB是菱形，得出AB=OB=OA，证出△AOB是等边三角形，得出∠AOB=60°，再由平角的定义即可得出结果．【解答】〔1〕证明：∵AE∥BD，ED∥AC，∴四边形AODE是平行四边形，∵四边形ABCD是矩形，∴OA=OC=AC，OB=OD=BD，AC=BD，∴OA=OC=OD，∴四边形AODE是菱形；〔2〕解：连接OE，如下图：由〔1〕得：四边形AODE是菱形，∴AE=OB=OA，∵AE∥BD，∴四边形AEOB是平行四边形，∵BE⊥ED，ED∥AC，∴BE⊥AC，∴四边形AEOB是菱形，∴AE=AB=OB，∴AB=OB=OA，∴△AOB是等边三角形，∴∠AOB=60°，∴∠AOD=180°﹣60°=120°．【点评】此题考察了菱形的判定与性质、矩形的性质、等边三角形的判定与性质、平行四边形的判定；熟练掌握矩形的性质和菱形的判定与性质，证明四边形AEOB是菱形再进一步证出△AOB是等边三角形是解决问题〔2〕的关键．　21．如图，某校20周年校庆时，需要在草场上利用气球悬挂宣传条幅，EF为旗杆，气球从A处起飞，几分钟后便飞达C处，此时，在AF延长线上的点B处测得气球和旗杆EF的顶点E在同一直线上．〔1〕旗杆高为12米，假设在点B处测得旗杆顶点E的仰角为30°，A处测得点E的仰角为45°，试求AB的长〔结果保存根号〕；〔2〕在〔1〕的条件下，假设∠BCA=45°，绳子在空中视为一条线段，试求绳子AC的长〔结果保存根号〕？【考点】解直角三角形的应用-仰角俯角问题．【分析】〔1〕在直角△BEF中首先求得BF，然后在直角△AEF中求得AF，根据AB=BF+AF即可求解；〔2〕作AG⊥BC于点G，在直角△ABG中首先求得AG，然后在直角△AGC中利用三角函数求解．【解答】解：〔1〕∵在直角△BEF中，tan∠EBF=，∴BE===12．同理AF=EF=12〔米〕，那么AB=BF+AF=12+12%〔米〕；〔2〕作AG⊥BE于点G，在直角△ABG中，AG=AB•sin30°=〔12+12〕=6+6．又∵直角△AGC中，∠ACG=45°，∴AC=AG=6+6〔米〕．【点评】此题考察了仰角、俯角的概念，要求学生借助仰角关系构造直角三角形，并结合图形利用三角函数解直角三角形．　22．如图1，直线y=2x﹣2与曲线y=〔x＞0〕相交于点A〔2，n〕，与x轴、y轴分别交于点B、C．〔1〕求曲线的解析式；〔2〕试求AB•AC的值？〔3〕如图2，点E是y轴正半轴上一动点，过点E作直线AC的平行线，分别交x轴于点F，交曲线于点D．是否存在一个常数k，始终满足：DE•DF=k？如果存在，请求出这个常数k；如果不存在，请说明理由．【考点】反比例函数综合题．【分析】〔1〕首先把A代入直线解析式求得A的坐标，然后利用待定系数法求得反比例函数解析式；〔2〕首先求得A和B的坐标，过A作AM⊥x轴于点M，然后利用勾股定理求得AB和BC的长，那么AB和AC的长即可求得，那么两线段的乘积即可求得；〔3〕过点D作DN⊥x轴于点N．过点E作EG⊥DN于点G，易证△ABM∽△DFN，△ABM∽△DEG，根据相似三角形的对应边的比相等即可求解．【解答】解：〔1〕∵直线y=2x﹣2经过点A〔2，n〕，∴n=2×2﹣2=2，即A的坐标是〔2，2〕，把〔2，2〕代入y=得m=4，那么反比例函数的解析式是y=〔x＞0〕；〔2〕过A作AM⊥x轴于点M．在y=2x﹣2中，令x=0解得y=﹣2，那么C的坐标是〔0，﹣2〕，令y=0，那么2x﹣2=0，解得x=1，那么B的坐标是〔1，0〕；那么AB===，BC===，那么AB•AC=×2=10；〔3〕存在常数k，过点D作DN⊥x轴于点N．过点E作EG⊥DN于点G，那么∠AMB=∠DNF=∠DGE=90°，设D的坐标是〔a，〕，那么EG=a，DN=，∵DF∥AC，EG∥FN，∴∠ABM=∠DFG=∠DEG，∴△ABM∽△DFN，△ABM∽△DEG，∴=，有DF：=，那么DF=2a，又=，有=，那么ED=a，于是，DE•DF=a•=10．即存在常数k=10．【点评】此题考察了待定系数法求函数解析式以及相似三角形的判定与性质，正确作出辅助线，构造相似三角形是关键．　23．如图1，抛物线y=ax2+bx+3〔a≠0〕与x轴、y轴分别交于点A〔﹣1，0〕、B〔3，0〕、点C三点．〔1〕试求抛物线的解析式；〔2〕点D〔2，m〕在第一象限的抛物线上，连接BC、BD．试问，在对称轴左侧的抛物线上是否存在一点P，满足∠PBC=∠DBC？如果存在，请求出点P点的坐标；如果不存在，请说明理由；〔3〕如图2，在〔2〕的条件下，将△BOC沿x轴正方向以每秒1个单位长度的速度向右平移，记平移后的三角形为△B′O′C′．在平移过程中，△B′O′C′与△BCD重叠的面积记为S，设平移的时间为t秒，试求S与t之间的函数关系式？【考点】二次函数综合题．【专题】压轴题．【分析】〔1〕将点A、B代入抛物线解析式，求出a、b值即可得到抛物线解析式；〔2〕根据求出点D的坐标，并且由线段OC、OB相等、CD∥x轴及等腰三角形性质证明△CDB≌△CGB，利用全等三角形性质求出点G的坐标，写出直线BP解析式，联立二次函数解析式，求出点P坐标；〔3〕分两种情况，第一种情况重叠局部为四边形，利用大三角形减去两个小三角形求得解析式，第二种情况重叠局部为三角形，可利用三角形面积公式求得．【解答】解：〔1〕将A〔﹣1，0〕、B〔3，0〕代入抛物线y=ax2+bx+3〔a≠0〕，，解得：a=﹣1，b=2．故抛物线解析式为：y=﹣x2+2x+3．〔2〕存在将点D代入抛物线解析式得：m=3，∴D〔2，3〕，令x=0，y=3，∴C〔0，3〕，∴OC=OB，∴∠OCB=∠CBO=45°，如以下图，设BP交y轴于点G，∵CD∥x轴，∴∠DCB=∠BCO=45°，在△CDB和△CGB中：∵∠∴△CDB≌△CGB〔ASA〕，∴CG=CD=2，∴OG=1，∴点G〔0，1〕，设直线BP：y=kx+1，代入点B〔3，0〕，∴k=﹣，∴直线BP：y=﹣x+1，联立直线BP和二次函数解析式：，解得：或〔舍〕，∴P〔﹣，〕．〔3〕直线BC：y=﹣x+3，直线BD：y=﹣3x+9，当0≤t≤2时，如以下图：设直线C′B′：y=﹣〔x﹣t〕+3联立直线BD求得F〔，〕，S=S△BCD﹣S△CC′E﹣S△C′DF=×2×3﹣×t×t﹣×〔2﹣t〕〔3﹣〕整理得：S=﹣t2+t〔0≤t≤2〕．当2≤t≤3时，如以下图：H〔t，﹣3t+9〕，I〔t，﹣t+3〕S=S△HIB=[〔﹣3t+9〕﹣〔﹣t+3〕]×〔3﹣t〕整理得：S=t2﹣6t+9〔2≤t≤3〕综上所述：S=．【点评】题目考察二次函数综合应用，通过对二次函数、一次函数解析式的求解，结合等腰三角形及图形面积求解，考察学生的观察问题能力和解决问题能力，特别是图形面积的求解，更对学生的能力提出更高的要求，题目整体较难，适合学生进展2021届中考压轴题目训练．