安徽省江淮十校联考2021届高三物理上学期8月月考试卷（含解析）

安徽省江淮十校联考2015届高三上学期月考物理试卷〔8月份〕一、单项选择题〔每题4分，共48分〕.〔4分〕某物体运动的速度图象如下图，按照图象可知[]A.O~2s内的加速度为lm/S2B.O~5s内的位移为10mC.第1s末与第3s末的速度一样D.第1s末与第5s末加速度方向一样.〔4分〕如下图，实线 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 示匀强电场的电场线.一个带负电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，p、q为轨迹上的两点.假设p点电势为（pp,q点电势为（pq,那么□A.场强方向一定向上，且电势（pp＞（pqB.场强方向一定向上，且电势CP。＜C.场强方向一定向下，且电势（pp＞（pqD.场强方向一定向下，且电势（pp＜（pq3.〔4分〕关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，以下说法正确的选项是□A.安培力的方向可以不垂直于直导线B.安培力的方向总是垂直于磁场的方向C.安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D.将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半4.〔4分〕如下图，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的质量均为m,物块与木板间的动摩擦因数为U,木板与水平面间的动摩擦因数为eU，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，现对物块施加一水平向右的拉力F,那么木板加速度大小a可能是0A.a=ugB.a=C.a=D.a=3335.〔4分〕某一火星探测器围绕火星做“近地〃匀速圆周运动，测得该探测器运动的周期为T,那么火星的平均密度P的表达式为〔k是一个常数〕。PP=-B.P=kTC.P=±D.P=kT2TT2.〔4分〕如下图，轰炸机沿水平方向匀速飞行，抵达山坡底端正上方时释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A.A点高度为h,山坡倾角为6,由此不能算出0A.轰炸机的飞行速度B.炸弹的飞行时间C.轰炸机的飞行高度D.炸弹投出时的动能.〔4分〕取水平地面为重力势能零点.一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能是重力势能的一半.不计空气阻力.该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角的正切值tan@为0A.1B.V2C.2D.史2.〔4分〕一物块沿倾角为6的斜坡向上滑动.当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H,如下图；当物块的初速度为2V时，上升的最大高度记为h.重力加速度大小为g.物块与斜坡间的动摩擦因数和h别离为0tan6和2H2C.〔工-1〕tan6和2H2gHtan6和4H2D.-1〕tan6和4H2gH9.〔4分〕如图示，为一交流随时间转变的图象，那么此交流的有效值为0V2AB.26AC.V5AD.3A.〔4分〕矩形导线框abed固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间转变的规律如下图.假设规定顺时针方向为感应电流I的正方向，以下各图中正确的选项是0rAB.A..〔4分〕如下图，在X轴上关于。点对称的F、G两点有等量异种电荷Q和-Q,一正方形ABCD与XOY在同一平面内，其中心在。点，那么以下判断正确的选项是〔〕A.。点电场强度为零A、C两点电场强度相等B、D两点电势相等D.假设将点电荷-q从A点移向C,电势能减小12.〔4分〕如下图，水平传送带以速度v1匀速运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t=0时刻P在传送带左端具有速度v2,P与定滑轮间的绳水平，t=t°时刻P离开传送带.不计定滑轮质量和摩擦，绳足够长.正确描述小物体P速度随时间转变的图象可能是〔〕°二、实验题〔15分〕13.〔2分〕在做“探讨求合力的方式〃实验时，橡皮条的一端固定在木板上，用两个力把橡皮条的另一端拉到某一肯定的。点，以下操作中正确的选项是〔〕A.实验中，橡皮条及施加的外力必须保持与木板平行B.同一次实验中，。点位置允许变动C.实验中，不仅要记录力的大小，也要记录力的方向D.实验中，把橡皮条的另一端拉到。点时，两个力之间夹角应取90°,以便于算出合力大小14.〔2分〕在探讨加速度与力、质量的关系的实验中，以下说法中正确的选项是〔〕A.平衡摩擦力时，应将砝码盘通过定滑轮栓在小车上B.连接砝码盘和小车的细绳应跟长木板保持平行C.平衡摩擦力后，长木板的位置不能移动D.改变小车质量时，需重新平衡摩擦力15.〔11分〕〔1〕小方同窗想测出某种材料的电阻率，由于不知其大约阻值，他只好用多用电表先粗测该材料一段样品的电阻.经正确操作后，选“X100Q〃挡时发现指针偏转情况如图甲所示，由图可知，其阻值约为Q〔只填数量级〕.由于指针太偏左，他应该换用挡〔填“X10Q〃或“X1k〃〕，换挡后，在测量前先要.〔2〕要测出上述样品的电阻率，必需准确测出其电阻的阻值.除导线和开关外，实验室还备有以下器材可供选用：电流表A1，量程30mA,内阻匕约20°Q电流表A2，量程1A，内阻r1约Q电压表V1,量程6V,内阻RV1等于20kQ电压表V2,量程10V,内阻，2约3°kQ滑动变阻器R1，0〜2000Q,额定电流滑动变阻器r2，0〜20Q,额定电流2A电源E〔电动势为12V,内阻r约2Q〕①请选择适宜的器材，设计出便于准确测量的电路图画在方框中.其中滑动变阻器应选②假设选用其中一组电表的数据，设该段圆柱形材料的长为L,直径为d，由以上实验得出这种材料电阻率的表达式为，式中电表物理量符号的含义为.③用螺旋测微器测得该材料直径d的读数如图乙示，那么d=mm.三、计算题〔37分〕.〔9分〕半径R=40cm竖直放置的滑腻圆轨道与水平直轨道相连接〔如下图〕.质量m=50g的小球A以必然的初速度由直轨道向左运动，并沿圆轨道的内壁冲上去.若是A通过N点时的速度V1=6m/s，A通过轨道最高点M后作平抛运动，平抛的水平距离为.求：1〔1〕小球通过M时速度多大；〔2〕小球通过M时对轨道的压力多大；〔3〕小球从N点滑到轨道最高点M的进程中克制摩擦力做的功是多少.[g=10m/s2〕.〔9分〕如下图，足够长、宽度L:、方向向左的有界匀强电场场强E=70V/m,电场左侧是足够长、宽度L「、磁感应强度B=2XIO*T的有界匀强磁场.一带电粒子电荷量f+X10fC,质量m=X10*kg,以vNXWm/s的速度沿00,垂直射入磁场，在磁场中偏转后进入右边的电场，最后从电场右边界射出.〔粒子重力不计〕求：〔1〕带电粒子在磁场中运动的轨道半径和时间；〔2〕带电粒子飞出电场时的速度大小..〔8分〕如下图，在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨，导轨间距为L,长为3d,导轨平面与水平面的夹角为。，在导轨的中部刷有一段长为d的薄绝缘涂层，匀强磁场的磁感应强度大小为B,方向与导轨平面垂直，质量为m的导体棒从导轨的顶端由静止释放，在滑上涂层之前已经做匀速运动，并一直匀速滑到导轨底端.导体棒始终与导轨垂直，且仅与涂层间有摩擦，接在两导轨间的电阻为R,其他局部的电阻均不计，重力加速度为g,求：〔1〕导体棒与涂层间的动摩擦因素u；〔2〕导体棒匀速运的速度大小v；〔3〕整个运动进程中，电阻产生的焦耳热Q..〔11分〕如下图，相距s=4m、质量均为M,两个完全一样木板A、B置于水平地面上，一质量为M、可视为质点的物块C置于木板A的左端.物块C与木板A、B之间的动摩擦因数均为u=,木板A、B与水平地面之间的动摩擦因数为忆二，最大静摩擦力可以以为等于滑动摩擦力，开场时，三个物体;均处于静止状态.现给物块C施加2h.*内］r...■■一-■Err.TvrrmnwT"一个水平方向右的恒力F,且F二，木板A、B碰撞后当即粘连在一路.>，〔1〕通过计算说明A与B碰前A与C是一路向右做匀加速直线运动.〔2〕求从物块C开场运动到木板A与B相碰所经历的时间t.〔3〕木板A、B的长度均为L二，请通过度析计算后判断：物块C最终会不会从木板上掉下来？安徽省江淮十校联考2021届高三上学期月考物理试卷〔8月份〕参考 答案 八年级地理上册填图题岩土工程勘察试题省略号的作用及举例应急救援安全知识车间5s试题及答案 与试题解析一、单项选择题〔每题4分，共48分〕.〔4分〕某物体运动的速度图象如下图，按照图象可知00〜2s内的加速度为lm/s20〜5s内的位移为10mC.第Is末与第3s末的速度一样D.第1s末与第5s末加速度方向一样考点：匀变速直线运动的图像.专题：运动学中的图像专题.分析：速度图象的斜率等于物体的加速度大小.按照斜率的正负分析加速度的正负.图线与两个坐标轴所围“面积〃等于位移.解答：解：A、在0〜2s时间内物体做匀加速直线运动，加速度a-勺-11mf故A正确；At2B、图线与两个坐标轴所围“面积〃等于位移.那么0-5s内物体的位移为x」X〔2+5〕X2=7m,故B错误；2C、由图知，第3s末的速度大于第1s末的速度.故C错误.D、速度图象的斜率等于物体的加速度大小，斜率的正负表示加速度的方向，那么知第1s末与第5s末加速度方向相反.故D错误.应选A点评：此题关键要掌握速度图象的物理意义，能够利用速度图象求物体运动的加速度，位移..〔4分〕如下图，实线表示匀强电场的电场线.一个带负电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，p、q为轨迹上的两点.假设p点电势为@p,q点电势为很q,那么〔〕A.场强方向一定向上，且电势ep>%pqb.场强方向一定向上，且电势@p<@；C.场强方向一定向下，且电势叫D.场强方向一定向下，且电势［<F>微四mg,那么木板和物块一路做匀加速直线运动，整体水平方向的受力为：拉力F和地面的摩擦力f,那么其加速度为:a匕皂「芸2id2ir二：木板相对物块动了此时F>umg,那么木板就是在物块的摩擦力和地面对它的摩擦力作用下做匀加速直线运动，其受到木块的摩擦力为:f=umg,受到地面的摩擦力为武口•(2mg)=-|umg,那么取得的加速度为:a」殳故D正确.3应选：D点评：小技能，注意题目里面的一些暗示.这是一个需要思维缜密的题，通过题干问的加速度可能是？咱们就可只推测这个至少应该有两个答案，也就是会有两种运动情况，进而仔细分析题目找出这两种情况即可.5.〔4分〕某一火星探测器围绕火星做“近地〃匀速圆周运动，测得该探测器运动的周期为T,那么火星的平均密度P的表达式为〔k是一个常数〕。A.P=-B.P=kTC.P*D.P=kT2Tt2考点：万有引力定律及其应用；向心力.专题：万有引力定律的应用专题.分析：研究火星探测器绕火星做匀速圆周运动，按照万有引力提供向心力，列出等式求出中心体的质量.按照密度公式表示出密度.解答：解：研究火星探测器绕火星做匀速圆周运动，按照万有引力提供向心力，列出等式：',其中R为火星探测器的轨道半径，即R为火星的半径GTZ火星的平均密度/二产-HR33兀GT2因为学为一常数即pT，所以ABD错误，C正确.GT匚应选：C.点评：运用万有引力定律求出中心体的质量.能够运用物理规律去表示所要求解的物理量.向心力的公式选取要按照题目提供的物理量或所求解的物理量选取应用..〔4分〕如下图，轰炸机沿水平方向匀速飞行，抵达山坡底端正上方时释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A.A点高度为h,山坡倾角为9,由此不能算出〔〕A.轰炸机的飞行速度B.炸弹的飞行时间C.轰炸机的飞行高度D.炸弹投出时的动能考点：平抛运动.专题：平抛运动专题.分析：按照位移与水平方向夹角，取得水平位移和竖直位移，运用平抛运动的规律求解时间和炸弹的飞行时间和炸弹的初速度，再求解飞行高度.解答：解：画出示用意如下图.设A到斜面底端的距离为L,飞机距离地面的距离为H,按照Lcos9;v0t…①,H-Lsin6—更-t2…②2炸弹垂直击中山坡，速度与竖直方向的夹角为。，那么得：%。丫ntan6==——…③vySt由①、②、③可求出初速度v°,即取得轰炸机的飞行速度.由②可求出炸弹的飞行时间t和轰炸机的飞行高度H.由于炸弹的做平抛运动，而多抛运动的加速度与质量无关，故无法求解质量，也就求不出炸弹投出时的动能.故ABC正确，D错误.此题选错误的，应选：D.点评：解决此题的关键掌握平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，把握隐含的条件，并能灵活运用..〔4分〕取水平地面为重力势能零点.一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能是重力势能的一半.不计空气阻力.该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角的正切值tan@为0A.1B.V2C.2D.亚2考点：平抛运动.专题：平抛运动专题.分析：按照机械能守恒定律，和条件：抛出时动能是重力势能的一半，别离列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角.解答：解：设抛出时物体的初速度为v°,高度为h,物块落地时的速度大小为v,方向与水平方向的夹角为a.按照机械能守恒定律得：据题有：十口中口2二号皿吕11联立解得：v二遮可口那么双口二工坐，v3解得：tan□二圾.故B正确，A、C、D错误.应选：B.点评：解决此题的关键会熟练运用机械能守恒定律处置抛体运动，注意条件的运用..〔4分〕一物块沿倾角为6的斜坡向上滑动.当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H,如下图；当物块的初速度为2V时，上升的最大高度记为h.重力加速度大小为g.物块与斜坡间的动摩擦因数和h别离为0A.tan6和2HB.tan6和4H22C.〔工-1〕tan。和2HD.-1）tan64H2gH2gH考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系.专题：牛顿运动定律综合专题.分析：两次上滑进程中，利用动能定理列式求的即可；解答：解：以速度v上升进程中，由动能定理可知-鸣H-P■嗯皿吕白■一30一工巾小sinW2以速度2V上升进程中，由动能定理可知-鸣H-Um尖五日・一^^二0-gn（如）2smW22联立解得秣二（木-Dtan。，h=4HAgH故D正确.应选：D.点评：此题主要考察了动能定理，注意进程的选取是关键；9.〔4分〕如图示，为一交流随时间转变的图象，那么此交流的有效值为0V2AB.26AC.D.3A考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系.专题：交流电专题.分析：按照有效值的概念求解.取一个周期时间，将交流与直流别离通过一样的电阻，假设产生的热量一样,直流的电流值，即为此交流的有效值.解答：解：设交流电电流的有效值为I,周期为T,电阻为R.解得：I小用A应选：C点评：求交流电的有效值，往往按照电流的热效应，由有效值的概念求解.中等难度..〔4分〕矩形导线框abed固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间转变的规律如下图.假设规定顺时针方向为感应电流I的正方向，以下各图中正确的选项是0eAB.考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律.专题：压轴题；电磁感应与图像结合.分析：由右图可知B的转变，那么可得出磁通量的转变情况，由楞次定律可知电流的方向；由法拉第电磁感应定律可知电动势，即可知电路中电流的转变情况；解答：解：由图可知，0-ls内，线圈中磁通量的转变率一样，故0-1s内电流的方向一样，由楞次定律可知,电路中电流方向为逆时针，即电流为负方向；同理可知，1-2s内电路中的电流为顺时针，2-3s内，电路中的电流为顺时针，3-4s内，电路中的电流为逆时针，由E二①岑匕缥至可知，电路中电流大小恒定不变.AtAt应选D.点评：此题要求学生能正确理解B-t图的含义，才能准确的利用楞次定律进展判定..〔4分〕如下图，在X轴上关于。点对称的F、G两点有等量异种电荷Q和-Q,一正方形ABCD与XOY在同一平面内，其中心在。点，那么以下判断正确的选项是〔〕A.。点电场强度为零A、C两点电场强度相等B、D两点电势相等D.假设将点电荷-q从A点移向C,电势能减小考点：电场的叠加；电场强度；电势.专题：电场力与电势的性质专题.分析：等量异种电荷产生的电场中，电场线关于两电荷的连线和中垂线对称，按照对称性分析场强的大小；按照顺着电场线方向电势降低，判断电势关系.对于电势能，可按照负电荷在电势高处电势能小进展判断.解答：解：A、Q和-Q在。点的电场方向均向右，按照叠加原理可知0点电场强度不为零.故A错误.B、按照电场线散布的对称性可知，A、C两点电场强度相等，故B正确.C、按照顺着电场线方向电势降低，D点的电势比B点高，故C错误.D、A到C电势逐渐降低，按照负电荷在电势高处电势能小，可知电势能增大，故D错误.应选：B.点评：考察等量同种电荷周围电场线和等势线散布情况，明确场强的矢量性..〔4分〕如下图，水平传送带以速度看匀速运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，『0时刻P在传送带左端具有速度％,P与定滑左间的绳水平，t=t°时刻P离开传送带.不计定滑轮质量和摩擦，绳足够长.正确描述小物体P速A随时间转变的图象可能是0°考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像.专题：牛顿运动定律综合专题.分析：要分不同的情况进展讨论：假设V尸V1：分析在f>Q的重力时的运动情况或fQ的重力时的运动情况或fGQ，那么向右匀加速到速度为V1后做匀速运动到离开，那么为B图假设fV1：f向左，假设f>GQ，那么减速到V1后匀速向右运动离开，无此选项假设f 图解 交通标志图片大全及图解交通标志牌图片大全及图解建筑工程建筑面积计算规范2013图解乒乓球规则图解老年人智能手机使用图解 法专题.分析：在实验中利用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要一样〔即橡皮条拉到同一名置〕，本实验采用作合力与分力图示的方式来验证，两细线的夹角不要过小也不要太大，但拉弹簧秤时必需保证与木板平面平行.解答：解：A、本实验是在水平面作力的图示，为了减小误差橡皮条及施加的外力必需维持与木板平行，故A正确；B、要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果一样，橡皮条要沿一样方向伸长量一样，那么。点的位置应固定，故B错误；C、本实验采用作合力与分力图示的方式来验证，所以实验中，不仅要记录力的大小，也要记录力的方向，故C正确；D、本实验只要使两次效果一样就行，两个弹簧称拉力的方向没有限制，并非必然要夹角为90°不变，故D错误.应选：AC点评：本实验采用是等效替代的思维方式.实验中要保证一个合力与两个分力效果一样，结点0的位置必需一样，同时要明确实验原理和 步骤 新产品开发流程的步骤课题研究的五个步骤成本核算步骤微型课题研究步骤数控铣床操作步骤 ，和知道实验的考前须知.14.〔2分〕在探讨加速度与力、质量的关系的实验中，以下说法中正确的选项是0A.平衡摩擦力时，应将祛码盘通过定滑轮栓在小车上B.连接祛码盘和小车的细绳应跟长木板保持平行C.平衡摩擦力后，长木板的位置不能移动D.改变小车质量时，需重新平衡摩擦力考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系.专题：实验题.分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处置和考前须知.其中平衡摩擦力的原因和做法在实验中应当清楚.解答：解：A、平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，使小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是不是匀速运动，故A错误；B、假设连接祛码盘和小车的细绳与长木板不维持平行，那么绳索的拉力分力等于小车的外力，这样致使误差增大，故B正确；CD、每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要从头平衡摩擦力，故长木板的位置不能移动，以防摩擦力再也不平衡，故C正确、D错误.应选：BC点评：教科书本上的实验，咱们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处置、实验考前须知这几点去弄清楚，同时增强根底知识的应用，提高解题能力.15.〔11分〕〔1〕小方同窗想测出某种材料的电阻率，由于不知其大约阻值，他只好用多用电表先粗测该材料一段样品的电阻.经正确操作后，选“X100Q〃挡时发现指针偏转情况如图甲所示，由图可知，其阻值约为世。〔只填数量级〕.由于指针太偏左，他应该换用X1k挡〔填“X10Q〃或“X1k〃〕，换挡后，在测量前先要进展欧姆调零.〔2〕要测出上述样品的电阻率，必需准确测出其电阻的阻值.除导线和开关外，实验室还备有以下器材可供选用：电流表A，量程30mA，内阻匕约20°Q电流表A2，量程1A，内阻L约Q电压表V1，量程6V，内阻RV1等于20kQ电压表Q量程10V，内阻A约30kQ滑动变阻器R1，0〜2000Q，额定电流滑动变阻器R；，0〜20Q，额定电流2A电源E〔电动势为12V，内阻r约2Q〕①请选择适宜的器材，设计出便于准确测量的电路图画在方框中.其中滑动变阻器应选R2②假设选用其中一组电表的数据，设该段圆柱形材料的长为L,直径为d,由以上实验得出这种材料电阻率的表TTd2（U厂U1）国门达式为岛’——U，式中电表物理量符号的含义为U1表示电压表V1的示数，U2表示电压表V2的示数.③用螺旋测微器测得该材料直径d的读数如图乙示，那么d=mm.考点：测定金属的电阻率.专题：实验题.分析：〔1〕欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；用欧姆表测电阻要选择适宜的挡位，使指针指在中央刻度线周围，欧姆表换挡后要从头进展欧姆调零.〔2〕按如实验目的与实验器材肯定滑动变阻器与电流表接法，然后作出实验电路图；为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；应用欧姆定律与电阻定律求出电阻率的表达式；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数.解答：解：〔1〕用“X100Q〃挡测电阻，由图甲所示可知，待测电阻阻值的数量级约为：100X100Q=lX104Q.由于指针太偏左，所选挡位过小，应该换用X1k挡，换挡后，在测量前先要进展欧姆调零.〔2〕①电源电动势为12V,电压表应选Z,电路最大电流约为：I着手=lmA,两电流表量程都太大，读数误差较大，可以把待测电阻与内阻的电压表匕串联，用电压表匕测电流，为方便实验操作，滑动变阻器应选号待测电阻阻值约为104Q,滑动变血器最大阻值为20Q,待测电阻阻值远大于滑动变阻器阻值，2为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如下图：U?-UiUi②由欧姆定律可知，电阻阻值：R=T\其中I五TInM-U])％由电阻定律得：——与一；，解得：P二去一一一2③由图示螺旋测微器可知，其示数为+x二.故答案为：〔1〕104；xik；进展欧姆调零；〔2〕①电路图如下图；R；兀d2(U2-②而工L；4表示电压表匕的示数，幺表示电压表七的示数；③〔-均正确〕.点评：此题关键要明确实验的实验原理，同时要明确实验中系统误差的来源；欧姆表刻度不均匀，读数误差大,只能粗测电阻，伏安法测电阻较为准确.三、计算题〔37分〕16.〔9分〕半径R=40cm竖直放置的滑腻圆轨道与水平直轨道相连接〔如下图〕.质量m=50g的小球A以必然的初速度由直轨道向左运动，并沿圆轨道的内壁冲上去.若是A通过N点时的速度V「6m/s,A通过轨道最高点M后作平抛运动，平抛的水平距离为.求：1〔1〕小球通过M时速度多大；〔2〕小球通过M时对轨道的压力多大；〔3〕小球从N点滑到轨道最高点M的进程中克制摩擦力做的功是多少.[g=10m/s2〕考点：动能定理的应用；平抛运动.专题：动能定理的应用专题.分析：〔1〕小球从M后作平抛运动，按照平抛运动的根本公式即可求解M点速度；〔2〕在M点对小球进展受力分析，按照向心力公式列式即可求解；〔3〕小球从N点滑到轨道最高点M的进程中按照动能定理列式即可求解.解答：解：〔1〕小球从M后作平抛运动，由2即4g七2得平抛时间为：t二」返0.4s，那么有：小除4端岂叫2〔2〕小球在M点时有：mg+F得：叫二当匚一隼二L5M11K按照牛顿第三定律可知，小球通过M时对轨道的压力为，〔3〕由动能定理得：-喧・维-昨当国,-1叫马解得：W=答：〔1〕小球通过M时速度多大为4m/s；〔2〕小球通过M时对轨道的压力为；〔3〕小球从N点滑到轨道最高点M的进程中克制摩擦力做的功是.点评：此题关键为分析清楚小球的两个运动进程，按照平抛运动的根本公式及动能定理解题，难度适中.17.〔9分〕如下图，足够长、宽度L:、方向向左的有界匀强电场场强E=70V/m,电场左侧是足够长、宽度Lj、磁感应强度B=2XIO*T的有界匀强磁场.一带电粒子电荷量q=+X105C,质量m=X10"kg,以vNXWm/s的速度沿00,垂直射入磁场，在磁场中偏转后进入右边的电场，最后从电场右边界射出.〔粒子重力不计〕求：〔1〕带电粒子在磁场中运动的轨道半径和时间；〔2〕带电粒子飞出电场时的速度大小.考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动.专题：带电粒子在磁场中的运动专题.分析：〔1〕由牛顿第二定律求出粒子的轨道半径，然后由几何知识求出粒子转过的圆心角，再求出粒子的运动时间.〔2〕由动能定理可以求出粒子的速度.解答：解：〔1〕带电粒子在磁场中运动时，由牛顿运动定律得：rv赳汨Pmv6.4X10^X4X1-TOC\o"1-5"\h\zqvB=m——，解得：R=—=--=.R3,2X10-9X2X10-3由几何知识得：由L二RsinB,解得：HYPERLINK\l"bookmark14"26□PJTm7T—5—6/儿DQD0〔2〕由动能定理得:京末2-牛二-叫，代入数据解得：V末=3X104m/s；答：〔1〕带电粒子在磁场中运动的轨道半径为，粒子的运动时间为X10-6S；〔2〕带电粒子飞出电场时的速度大小为3X104m/s.点评：此题考察了求粒子的轨道半径、运动时间与速度，分析清楚粒子的运动进程、应用牛顿第二定律、粒子的周期公式与动能定理即可正确解题.18.〔8分〕如下图，在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨，导轨间距为L,长为3d,导轨平面与水平面的夹角为。，在导轨的中部刷有一段长为d的薄绝缘涂层，匀强磁场的磁感应强度大小为B,方向与导轨平面垂直，质量为m的导体棒从导轨的顶端由静止释放，在滑上涂层之前已经做匀速运动，并一直匀速滑到导轨底端.导体棒始终与导轨垂直，且仅与涂层间有摩擦，接在两导轨间的电阻为R,其他局部的电阻均不计，重力加速度为g,求：〔1〕导体棒与涂层间的动摩擦因素u；〔2〕导体棒匀速运的速度大小v；〔3〕整个运动进程中，电阻产生的焦耳热Q.考点：导体切割磁感线时的感应电动势；共点力平衡的条件及其应用；焦耳定律；安培力.专题：电磁感应与电路结合.分析：〔1〕研究导体棒在绝缘涂层上匀速运动进程，受力平衡，按照平衡条件即可求解动摩擦因数U.〔2〕据题导体棒在滑上涂层之前已经做匀速运动，推导出安培力与速度的关系，再由平衡条件求解速度v.〔3〕导体棒在滑上涂层滑动时摩擦生热为Qjumgdcos。，再按照能量守恒定律求解电阻产生的焦耳热Q.解答：解：〔1〕在绝缘涂层上，导体棒做后速直线运动，受力平衡，那么有：mgsin6=umgcos9解得：u=tan6〔2〕导体棒在滑腻导轨上滑动时：感应电动势E=BLv感应电流I5R安培力F安二BIL联立得：F-BV女R受力平衡Fjmgs.解得：v理苧:Bl〔3〕导体棒在滑上涂层滑动时摩擦生热为Qt=Umgdcos6整个运动进程中，按照能量守恒定律得：3mgdsine=Q+QT+tm”23/口2.2Aatj“日cc1♦八击&瓜s1n0斛得：Q=2mgdsin。――.2B4L4答：〔1〕导体棒与涂层间的动摩擦因素u为tan。；〔2〕导体棒匀速运的速度大小v为强粤用;322.20〔3〕整个运动进程中，电阻产生的焦耳热Q为2mgdsin。-加-一"4_.2B4L4点评：此题实质是力学的共点力平衡与电磁感应的综合，都要求正确分析受力情况，运用平衡条件列方程，关键要正确推导出安培力与速度的关系式，分析出能量是如何转化的.19.〔11分〕如下图，相距s=4m、质量均为M,两个完全一样木板A、B置于水平地面上，一质量为M、可视为质点的物块C置于木板A的左端.物块C与木板A、B之间的动摩擦因数均为u=,木板A、B与水平地面之间的动摩擦因数为忆二，最大静摩擦力可以以为等于滑动摩擦力，开场时，三个物体;均处于静止状态.现给物块C施加2R苴一个水平方向右的恒力F,且F二，木板A、B碰撞后当即粘连在一路..〔1〕通过计算说明A与B碰前A与C是一路向右做匀加速直线运动.〔2〕求从物块C开场运动到木板A与B相碰所经历的时间t.〔3〕木板A、B的长度均为L=，请通过度析计算后判断：物块C最终会不会从木板上掉下来？考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律.专题：动能定理的应用专题.分析：〔1〕设木板A与物块C之间的滑动摩擦力大小为f,木板A与水平地面之间的滑动摩擦力大小为f,判断4和1的关系即可判断；12〔2〕设此进程中它们的加速度为a,运动时间为t,与木板B相碰时的速度为u,按照牛顿第二定律即运动学根本公式列式即可求解；〔3〕碰撞后刹时，物块C的速度不变，按照动量守恒定律求出木板A、B一路运动的初速度，按照牛顿第二定律求出物块C在木板上滑动的加速度，当三者的速度一样时，不掉下就不会掉下，按照运动学根本公式即可求解.解答：解：〔1〕设木板A与物块C之间的滑动摩擦力大小为斗，木板A与水平地面之间的滑动摩擦力大小为f,看：fj'Mg=，f=uo〔Mg+Mg〕=可见”故可矢1在木板A、B相碰前，在F的作用下，木板A与物块C一路水平向右做匀加速直线运动.〔2〕设此进程中它们的加速度为a,运动时间为t,与木板B相碰时的速度为u,有：R-f2=(M+M)a,s=-^atb=at，解得：t=4s,U=2m/s.一..-,11〔3〕碰撞后刹时，物块C的速度不变，设A、B碰后速度为丁，那么得u，=—2此即木板A、B一路运动的初速度.尔后，物块C在木板上滑动时的加速度为：a=ir^-Ws2,--IIIfl-f2物块C在木板上滑动时，木板A、B一路运动的加速度为：a-1n2的2m其中fJ=乩2(13+2暄二。,3g，解得：aAB=0.5m/s2假设木板A、B很长，那么物块C不会掉下来.设物块C再运动时间*后，三者的速度一样，有:U代入数据解得：tl=1s在此进程中，物块c的位移为：s=ut+lact2=lgc1219木板A、B的位移为:U127SAE=~可由于e-=Q,4rn,可见，物块C与木板A、B抵达一路速度时还在木板上.进一步分析，由于C11£|了F二二。,3贬＜力，可知物块C将与木板A、B一路做匀速直线运动，可见物块C将不会从木板上掉下来.答：〔1〕 证明 住所证明下载场所使用证明下载诊断证明下载住所证明下载爱问住所证明下载爱问 如上.〔2〕从物块C开场运动到木板A与B相碰所经历的时间t为4s.〔3〕物块C最终不会从木板上掉下来.点评：此题关键通过受力分析，明确各个物体的运动情况，运用动量守恒定律和牛顿第二定律及运动学根本公式综合列式求解，难度适中.