高二理科数学选修2-2
试题
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高二理科数学选修2-2试题
一、选择题(共6题,每题5分)
1.复数zi2(1i)(其中i为虚数单位)的值是( ) A.1i B.1i C.1i D.1i
2.复数2i(i1)1(i是虚数单位)在复平面的对应点位于第 象限. A 一 B 二 C 三 D 四
1,3.有一个奇数列1,3,5,7,9,┅,现在进行如下分组:第一组含一个数
,13,15,17,19,第二组含两个数3,5,第三组含三个数7,9,11第四组含四个数
┅,现观察猜想每组内各数之和与其组的编号数n的关系为( ) A.等于n B.等于n C.等于n D.等于(n1)n
2
3
4
i
=3,则复数z的实部与虚部之和为 z1
124
A.3i B.1i C. D.
333
i2
( ) 5.
12i
4343
A.i B.-i C.i D.i
5555
6.平面上有n个圆,其中每两个都相交于两点,每三个都无公共点,它们将平
4.已知复数z满足
面分成f(n)块区域,有f(1)2,f(2)4,f(3)8,则f(n)( )
2n
n2 A. B.n2
n32
2(n1)(n2)(n3)n5n10n4 C. D.
7.若复数1ai2(i为虚数单位)是纯虚数,则实数a A.1 B.1 C.0 D.1 二、填空题(每题5分)
( )
n
(n1)(n2)(nn)213(2n1)时,从8.用数学归纳法证明:“k
到k1”左边需增加的代数式是______________________. 9.若复数z满足z(2z)i(i是虚数单位),则z . 10.在计算“1223nn1”时,有如下一种算法: 先将和式中第k项变形为:kk1
12
1
123012, 3
1
kk1k2k1kk1,由此得 3
23
1
234123, 3
1
nn1n2n1nn1。 3
„
nn1
1
将以上各式相加,得1223...nn1nn1n2。
3
类比上述方法:123234...nn1n2的化简结果是__________
8. 9.
10.
三、解答题(每题15分)
11.已知:a,b,c都是正实数,且abbcca
1.求证:abc.
12.已知m∈R,设p:复数z1=(m-1)+(m+3)i (i是虚数单位)在复平面内对应的点在第二象限,q:复数z2=1+(m-2)i (1)当p为真命题时,求m的取值范围; (2)若命题“p且q”为假命题,“p或q”为真命题,求m的取值范围.
13(附加题).设z为虚数,求证:
z1
为纯虚数的充要条件是:z1. z1
8.2(2k1)
9.1i. 【解析】z(2z)i,z
1
10.nn1n2n3
4【解析】
2i2i(1i)1i. 1i(1i)(1i)
1
试题分析:类比nn1n2[n(n1)(n2)(n3)(n1)n(n1)(n2)],所
4
以
1
12312340123,
41
23423451234„..
4
1
nn1n2[n(n1)(n2)(n3)(n1)n(n1)(n2)]将以上各式相加,得
4
1
123234...nn1n2nn1n2n3
4
考点:推理与证明
11. 解: 要证原不等式成立,
只需证2分
(abc)23, 即证a2b2c22(abbcca)3,
222222
又abbcca1.所以,只需证:abc1,即abc10,
4分
222abc(abbcca)0, abbcca1. 因为所以,只需证:
6分 只
需
证
:
2a22b22c22(abbcca)0,
即
(ab)2(bc)2(ca)20.
由于任意实数的平方都非负,故上式成立. 所以 abc3. 12.(1)(-3,1) (2)(-3,-1)∪[1,5]
【解析】
m10
试题分析:(1)复数zabi(a,bR)对应的点为(a,b),所以有,从而
m30可解得m的取值范围为(-3,1),(2)因为命题“p且q”一假就假,所以p,q
中至少有一个为假;因为命题“p或q”一真就真,所以p,q中至少有一个为真;综合得p,q中一真一假.若q为真,则q为假;或若q为假,则q为真.先求命题为真时参数范围,再根据集合的补集求命题为假时参数范围.
试题解析:解(1)因为复数z1=(m-1)+(m+3)i在复平面内对应的点在第二象限,
m10所以
m30
解得-3<m<1,即m的取值范围为(-3,1). (2)由q为真命题,即复数z2=1+(m-2)i
1≤m≤5. 由命题“p且q”为假命题,“p或q”为真命题
m3或m13m1得p真q假或 p假q真,所以或
m1或m51m5
即-3<m<-1或1≤m≤5.
所以m的取值范围为(-3,-1)∪[1,5]. 考点:命题真值
表
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,复数的模 13.证明见解析
【解析】证明:∵z为虚数,∴则为纯虚数0
z·z1z1z1.
2
z1
0, z1
z1z1
0(z1)(z1)(z1)(z1)0 z1z1