2019年四川省宜宾市叙州一中高考物理二诊试卷

2019年四川省宜宾市叙州一中高考物理二诊试卷副标题题号一二三四总分得分一、单项选择题（本大题共6小题，共分）1.下列四个核反响方程式书写正确的选项是（）A.N+He→O+HB.Na→Mg+eC.U+n→Ba+Kr+3nD.F+He→Na+n2.近年来，人类发射的多枚火星探测器已经相继在火星上着陆，正在进行着激动人心的科学探究，为我们将来登上火星、开发和利用火星资源确立了坚实的基础。如果火星探测器围绕火星做“近地”匀速圆周运动，并测得该运动的周期为T，则火星的平均密度ρ的 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 达式为（k为某个常量）（）A.B.ρ=kTC.ρ=kT2D.一宇航员在一星球表面高度为h处以水平速度为v0抛出一物体，经时间t落到地面，已知该星球半径为R，忽略星球的自转．下列说法正确的选项是（）A.该星球的质量为B.该星球的质量为C.该星球的第一宇宙速度为D.该星球的第一宇宙速度为在选定正方向后，甲、乙两质点运动的x－t图象如下列图，则在0～t2时间内（）甲质点做直线运动，乙质点做曲线运动乙质点的速度先增大后减小t1时刻两质点速度大小一定相等D.0～t2时间内，甲质点的平均速度大于乙质点的平均速度如图，直角坐标xOy平面内，有一半径为R的圆形匀强磁场所区，磁感觉强度的大小为B，方向垂直于纸面向里，边界与x、y轴分别相切于a、b两点。一质量为m，电荷量为q的带电粒子从b点沿平行于x轴正方向进入磁场区域，走开磁场后做直线运动，经过x轴时速度方向与x轴正方向的夹角为60°．下列判断正确的选项是（）A.粒子带正电B.粒子在磁场中运动的轨道半径为RC.粒子运动的速率为D.粒子在磁场中运动的时间为在倾角为θ的圆滑斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为3m和2m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。现用一沿斜面向上的恒力F拉物块A使之沿斜面向上运动，当B刚走开C时，A的速度为v，A的加速度的方向沿斜面向上，大小为a，则下列说法错误的选项是（）A.从静止到B刚走开C的过程中，A运动的距离为B.从静止到B刚走开C的过程中，A战胜重力做的功为C.恒力F的大小为5mgsinθ+3maD.当A的速度达到最大时，B的加速度大小为a二、多项选择题（本大题共4小题，共分）在倾角为θ的斜面上固定两根足够长且间距为L的圆滑平行金属导轨PQ、MN，导轨处于磁感觉强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向下。有两根质量分别为m1和m2的金属棒a、b，先将a棒垂直于导轨放置，用跨过圆滑定滑轮的细线与物块c连接，连接a棒的细线平行于导轨，由静止释放c，此后某时刻，将b也垂直于导轨放置，现在起a、c做匀速运动而b静止，a棒在运动过程中始终与导轨垂直，两棒与导轨电接触优异，导轨电阻不计，则（）物块c的质量是（m1+m2）sinθB.b棒放上导轨前，物块c减少的重力势能等于a、c增加的动能C.b棒放上导轨后，a棒战胜安培力所做的功等于a棒上消耗的电能D.b棒放上导轨后，b棒中电流大小是8.如图（a），倾角为θ=37的°斜面固定在水平地面上。物块在与斜面成α=37、°大小F=10N的拉力作用下，从底端A点沿斜面向上做匀加速运动，经t=l0s物块运动到B点，物块运动的v-t图象如图（b）所示。已知物块与斜面间的动摩擦因数μ=，重力加速度g=10m/s2，sin37°=，cos37°=．下列说法正确的选项是（）A.物块的质量m=lkgB.物块的加速度a=lm/s2C.A、B两点的距离x=100mD.t=10s时拉力的功率P=80W9.下列说法正确的选项是（）气体总是充满容器，说明气体分子间只存在斥力对于一定质量的理想气体，温度升高，气体内能一定增大温度越高布朗运动越强烈，说明水分子的运动与温度有关物体内能增加，温度一定升高热可以从低温物体传到高温物体10.如下列图，一简谐横波在某地域沿x轴流传，实线a为t=0时刻的波形图线，虚线b为t=△t时刻的波形图线，已知该简谐横波波源振动的频率为f=，虚线b与x轴交点P的坐标xp=1m。下列说法中正确的选项是（）A.B.这列波的流传速度大小一定为20m/s这列波一定沿x轴负向流传可能有△t=可能有△t=若该列波遇到宽度为6m的障碍物能发生显然的衍射现象三、实验题探究题（本大题共2小题，共分）某研究性学习小组利用气垫导轨考据机械能守恒定律，实验装置如图甲所示，在气垫导轨上安装个光电门，滑块上固定一遮光条12.（1）用天平测得重物的质量为m1，滑块的质量为m214.（2）用螺旋测微器测遮光条的宽度d测量结果如图乙所示，则d=______cm。（3）按图甲所示组装实验装置，将滑块由静止释放测得遮光条初步地址到光电门的距离为x，遮光条经过光电门的时间为t。若实验结果表示，重物和滑块运动过程中机械能守恒，则机械能守恒的表达式为m1gx=______（用已知量相应的字母表示，g为重力加速度）。某实验小组为了测量某种 材料 关于××同志的政审材料调查表环保先进个人材料国家普通话测试材料农民专业合作社注销四查四问剖析材料 制成的电阻丝的电阻率，实验室提供的器材有：A．电流表A1（内阻Rg1=100Ω，满偏电流Ig1=10mA）B．电流表A2（内阻Rg2=100Ω，满偏电流Ig2=25mA）C．定值电阻R0（10Ω，1A）D．电阻箱R1（0～9999Ω，1A）E．滑动变阻器R2（100，1AF．电源E（36V，内阻不计）G．多用电表，螺旋测微器，刻度尺H．开关S和导线若干某同学进行了以下操作（1）用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“×10挡”测量时，发现指针偏转角度过小，为了改正确地测量该电阻丝的阻值，多用电表的欧姆挡位应换为______（填“×或1”“×100）挡”，并重新进行______（填“机械调零”或“欧姆调零”），若测量时指针地址如图甲所示，则示数为______Ω。27.28.（2）把电流表A1与电阻箱串通，改装成量程为36V的电压表，则电阻箱的阻值应调为______Ω。（3）用改装好的电压表设计一个测量电阻丝阻值的实验，根据提供的器材和实验需要，作出如图乙的电路图。（4）测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d，开关闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适地址电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，则该种材料的电阻率的表达式为ρ=（请用相应物理量的字母符号表示）四、计算题（本大题共4小题，共分）如下列图，一边长为2R的正方形与半径为R的圆相切，两地域内有大小相等方向相反的匀强磁场，M是正方形左边长的中点，O点是圆的圆心，M、O、N三点共线。若把比荷为、重力不计的两个带正电的粒子分别从M、N两点以速度v0沿MON直线相向进入磁场，它们在磁场中运动相同的时间，并以相同的方向走开磁场，若从N点进入磁场的带电粒子的速度大小变为2v0，并改变其速度方向，该粒子将从M点走开磁场。求：（1）匀强磁场的磁感觉感度大小；33.（2）粒子从N点以2v0进入磁场运动到M点的总时间。如下列图，两根足够长的平行金属导轨固定于同一水平面内，导轨间的距离为L，导轨上平行放置两根导体棒αb和cd，组成矩形回路。已知两根导体棒的质量均为m、电阻均为R，其他电阻忽略不计，整个导轨处于竖直向上的匀强磁场中，磁感觉强度为B，导体棒均可沿导轨无摩擦地滑行。开始时，导体棒cd静止、αb棒有水平向右的初速度v0，两导体棒在运动中始终不接触且始终与两导轨垂直。求：35.（1）从开始运动到导体棒cd达到最大速度的过程中，cd棒产生的焦耳热及经过αb棒横截面的电量；36.（2）当cd棒速度变为时，cd棒加速度的大小。37.38.39.40.41.42.43.如下列图，一定量的气体密封在体积为V0的容器中，室温为T0=300K，圆滑导热活塞C（体积忽略不计）将容器分成A、B两室，A室的体积是B室的2倍，B室上连有一U形管（U形管内气体的体积忽略不计）。两边水银柱高度差为76cmA室装有阀门K，可与大气相通。已知外界大气压强等于76cm汞柱，求：（i）将阀门K打开稳定后，B室的体积；46.（ii）打开阀门K后将容器内气体的海度从300K迟缓加热到540K，U形管内两边水银面的高度差。47.48.49.50.51.52.53.54.如下列图，一个横截面为直角三角形的三棱镜，A、B、C为三个极点，其中∠A=60°，∠B=90，°AB长度为10cm．一束与BC平行的单色光射向AC面，入射点为D，D、C两点间距离为5cm，三棱镜材料对这束单色光的折射率是n=．求：①光在三棱镜中的流传速度v；②光从进入三棱镜到经AC面出射所经过的最短时间t。答案和解析1.【答案】C【解析】解：A、为发现质子的人工转变方程，但质量数不守恒，故A错误；B、不是核反响方程，故B错误；C、是核反响方程，且质量数和电荷数守恒，故C正确；D、不是核反响方程，故D错误；应选：C。核反响前和发应后的质量数和电荷数守恒．本题考察了核反响方程，要注意反响前后质量数和电荷数要守恒．2.【答案】D【解析】解：研究火星探测器绕火星做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：（r为轨道半径即火星的半径）得：M=-----①则火星的密度：-------②由①②得火星的平均密度：=（k为某个常量）则ABC错误，D正确。应选：D。研究火星探测器绕火星做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出中心体的质量。根据密度公式表示出密度。运用万有引力定律求出中心体的质量。可以运用物理规律去表示所要求解的物理量。向心力的公式采用要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量采用应用。3.【答案】C【解析】解：A、B、小球在星球表面做平抛运动，由h=得该星球表面的重力加速度g=设该星球的质量为M，则由G=mg得：M=故A、B错误；C、D、根据力F==m，知v=第一宇宙速度时取r=R得v==故C正确，D错误。应选：C。小球做平抛运动，先根据平抛运动的公式求出该星球上的重力加速度，根据万有引力等于重力解得该星球的质量，再根据万有引力提供向心力解得该星球的第一宇宙速度．该题将万有引力定律与平抛运动结合起来考察，重点要理清解题的思路，知道平抛运动竖直方向做自由落体运动，进而解得该星球的表面重力加速度，这是解题的重点．4.【答案】B【解析】【解析】解决本题的重点要理解位移时间图线表示的物理意义，知道图象的斜率等于速度，位移等于纵坐标的变化量。位移-时间图象只能反响直线运动的规律，图象的斜率表示速度，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，位移等于x的变化量，平均速度等于位移除以时间。【解答】A.位移-时间图象只能反响直线运动的规律，则知甲、乙两质点均做直线运动，故A错误；B.根据x-t图象的斜率表示速度，乙质点运动图线的斜率先增大后减小，则知乙质点的速度先增大后减小，故B正确；时刻两质点运动图线的斜率的绝对值不一定相等，则两质点速度大小不一定相等，故C错误；～t2时间内，两质点的位移大小相等，由可知，甲质点的平均速度等于乙质点的平均速度，故D错误。应选B。5.【答案】C【解析】解：粒子的轨迹如下列图，向上或向下偏转，都有速度方向与x正方向夹角为60°的情况，所以粒子可以带正电，也可以带负电，根据几何知识可得，解得，故根据可得粒子运动的速率为，从图中可知粒子轨迹所对圆心角为60°，故粒子在磁场中运动的时间为，故C正确，ABD错误；应选：C。画出粒子的运动轨迹如图，由左手定则判断电性，根据几何关系求出半径，由半径公式求出速度；求出圆弧所对的圆心角，再由求时间。带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，进而得出半径公式，周期公式，运动时间公式，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识解析解题6.【答案】B【解析】解：A、开始A处于静止状态，弹簧处于压缩状态，根据平衡有：3mgsinθ=kx，1x1=，当B刚走开C时，B对挡板的弹力为零，弹簧处于拉伸状态，有：kx2=2mgsinθ，x2=，可知从静止到B刚走开C的过程中，A发生的位移x=x1+x2=，故A正确；B、从静止到B刚走开C的过程中，重力对A做的功：W=-3mgxsinθ=-，故B错误；C、根据牛顿第二定律，F-3mgsinθ-kx2=3ma，得F=5mgsinθ+3ma，故C正确；D、当A的速度达到最大时，A受到的合外力为0，则F-3mgsinθ-T′=0，得T′=2mgsinθ+3ma；B沿斜面方向受到的力FB=T′-2mgsinθ=2ma，′解得：d=，故D正确本题选择错误的，应选：B。未加拉力F时，物体A对弹簧的压力等于其重力的下滑分力；物块B刚要走开C时，弹簧的拉力等于物体B重力的下滑分力，根据平衡条件并结合胡克定律求解出两个状态弹簧的形变量，获得弹簧长度的变化量，进而求出A发生的位移，根据功的公式求出重力对A做功的大小。根据牛顿第二定律求出F的大小，结合P=Fv求出恒力对A做功的功率。当A的加速度为零时，A的速度最大，根据协力为零求出弹簧的拉力，进而结合牛顿第二定律求出B的加速度。本题重点抓住两个临界状态，开始时的平衡状态和最后的B物体恰好要滑动的临界状态，然后结合功能关系解析。7.【答案】AD【解析】解：A、b棒静止说明b棒受力平衡，即安培力和重力沿斜面向下的分力平衡，a棒匀速向上运动，说明a棒受绳的拉力和重力沿斜面向下的分力大小以及沿斜面向下的安培力三个力平衡，c匀速下降则c所受重力和绳的拉力大小平衡。由b平衡可知，安培力大小F安=m2gsinθ由a平衡可知：F绳=F安+m1gsinθ由c平衡可知：F绳=mcg联立解得物块c的质量为：mc=（m1+m2）sinθ，故A正确；B、b放上导轨从前，根据能量守恒知物块c减少的重力势能等于a、c增加的动能与a增加的重力势能之和，故B错误；C、b棒放上导轨后，a棒战胜安培力所做的功等于a、b两棒上消耗的电能之和，故C错误；D、b棒放上导轨后，根据b棒的平衡可知，F安=m2gsinθ，又因为F安=BIL，可得b棒中电流大小是：I=，故D正确；应选：AD。a、b棒中电流大小相等方向相反，故a、b棒所受安培力大小相等方向相反，对b棒进行受力解析有安培力大小与重力沿斜面向下的分力大小相等，再以棒为研究对象，由于a棒的平衡及安培力的大小，所以可以求出绳的拉力，再据C平衡可以获得c的质量。c减少的重力势能等于各棒增加的重力势能和动能以及产生的电能，由此解析便知。从导体棒的平衡展开研究可得各力的大小，从能量守恒角度解析能量的变化是重点，能量转变问题从消除法的角度办理更简捷。8.【答案】ABD【解析】解：AB、设物块运动的加速度为a，由v-t图象的斜率表示加速度，得：a==1m/s2设物块所受的支持力为FN，所受的摩擦力为Ff，受力解析如下列图，由牛顿第二定律得：Fcosα-mgsinθ-Ff=maFsinα+F-mgcosθ=0N又Ff=μFN联立以上三式得：m=1kg，故AB正确。C、根据据v-t图象与时间轴所围的面积表示位移，得A、B两点的距离为：x==50m，故C错误。D、t=10s时物块的速度为：v=0m/s，则拉力的功率为：P=Fvcosα=10×10×cos37°W=80W，故D正确。应选：ABD。根据v-t图象的斜率求出物块的加速度，对物块解析受力情况，根据牛顿第二定律列式，可求得物块的质量m。根据v-t图象与时间轴所围的面积求A、B两点间的距离。根据P=Fvcosα求t=10s时拉力的功率P。本题是已知运动情况确定受力情况，重点是明确v-t图象的斜率表示加速度，面积表示位移。运用正交分解法研究物体在斜面上运动的问题。9.【答案】BCE【解析】解：A、气体总是充满容器，是由于分子做扩散运动的原因，能说明分子的无规则的运动，不能说明气体分子间只存在斥力，故A错误；B、温度是分子的平均动能的标志，对于一定质量的理想气体，由于分子势能可以忽略不计，所以温度升高，气体内能一定增大，故B正确；C、温度是分子的平均动能的标志，而布朗运动能反响分子的无规则的运动，所以温度越高布朗运动越强烈，说明水分子的运动与温度有关，故C正确；D、物体内能增加，可能是分子的势能增大，而温度不一定升高，如冰融化的过程内能增大而温度不变。故D错误；E、根据热力学第二定律可知，在一定的条件下热可以从低温物体传到高温物体。故E正确。应选：BCE。散象明分子于永不暂停的无运，温度是分子的平均能的志，布朗运是液体分子运的反响，物体的内能包括分子能和分子能；在一定的条件下可以从低温物体到高温物体．本考了散运、布朗运的特点、温度是分子的平均能的志、物体的内能以及力学第二定律等知点，度不大；在平的学中要注意力学第二定律的几种不同的法的理解．10.【答案】ADE【解析】解：A、波的周期，由出波λ=8m，波速，故A正确；B、根据中条件不能确定播的方向，故B；C、若波向左做播，△t=nT+=+（s）（n=0，1，2，3，⋯⋯），当△t=，n不能取整数，故C；D、若波向右播，△t=nT+=+（s）（n=0，1，2，3，⋯⋯），当n=2，△t=，故D正确；E、因波8m，若列波遇到度6m的障碍物能生明的衍射象，故E正确；故：ADE。由振象获得波，再由波曲方程获得某一点的位移；根据波的播方向获得周期的可能取，而获得率和速度的可能。在求解机械振的中，一般根据振象获得周期及点的振方向，而根据波象获得播方向和波，然后求解波速；最后在根据距离和波速求得任一点的振状。11.【答案】【解析】解：（1）螺旋微器的固定刻度数5mm，可刻度数×=，所以最数：0mm+==。2）要考据滑块和砝码组成的系统机械能是否守恒，就应该去求出动能的增加量和重力势能的减小量，光电门测量瞬时速度是实验中常用的 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 。由于光电门的宽度很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度。v=，滑块和砝码组成的系统动能的增加量为：Ek=（m1+m2）（）2。滑块和砝码组成的系统动能的重力势能的减小量为：Ep=m1gx如果系统动能的增加量等于系统重力势能的减小量，那么滑块和砝码组成的系统机械能守恒。即：m1gx=故答案为：（1）；（2）1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读。2）要考据滑块和砝码组成的系统机械能是否守恒，就应该去求出动能的增加量和重力势能的减小量，根据这两个量求解，滑块和砝码组成的系统机械能守恒列出关系式。掌握螺旋测微器的读数方法。认识光电门测量瞬时速度的原理。实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面。12.【答案】×100欧姆调零9003500【解析】解：（1）用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“×10挡”测量时，指针偏转角度过小，说明所选挡位太小，为了改正确地测量该电阻丝的阻值，多用电表的欧姆挡位应换为×100挡，并重新进行欧姆调零；由图甲所示指针地址可知，欧姆表示数为：9×100=900Ω。（2）把电流表A1改装成36V的电压表需要串通分压电阻阻值：R=-Rg1=-100=3500Ω；（4）电流表A2内阻为100Ω，定值电阻R0阻值为10Ω，两者并联，则经过定值电阻的电流为经过电流表A2的10倍，由图乙所示电路图可知，待测电阻阻值：R==，由电阻定律得：R=ρ=ρ，电阻率：ρ=；故答案为：（1）×100；欧姆调零；900；（2）3500；（4）。1）用欧姆表测电阻要选择合适的挡位使指针指在中央刻度线周边，欧姆表换挡后要进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数。2）把电流表改装成电压表需要串通分压电阻，应用串通电路特点与欧姆定律可以求出串通电阻阻值。4）根据图示电路图求出电阻两端电压与经过电阻的电流，应用欧姆定律求出待测电阻阻值，然后应用电阻定律求出电阻率。要掌握欧姆表的 使用方法 消防栓的使用方法指针万用表的使用方法84消毒液使用方法消防灭火器使用方法铁材计算器使用方法 与注意事项、读数方法，用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，使指针指在表盘中央刻度线周边；根据题意解析清楚图示电路图，求出经过待测电阻的电流与待测电阻两端电压，应用欧姆定律与电阻定律可以求出电阻率的表达式。13.圆周时，两个粒子的【答案】解：（1）如下列图，只有当带电粒子在磁场中运动运动时间才相同（如图中实线），粒子在磁场中运动的向心力由洛伦兹力提供，根据牛顿第二定律可得：由几何关系可知，带电粒子做匀速圆周运动的半径：r=R联立可解得：。（2）当粒子从N点以2v0进入磁场运动到M点，结合题意它的轨迹图如下列图，同理，粒子在磁场中运动的向心力由洛伦兹力提供，再根据牛顿第二定律可得：，解得：r′=2R；利用几何知识可知：△MO2P和△PNO1都是正三角形，则该粒子在两个磁场中运动的总时间。答：（1）匀强磁场的磁感觉感度大小为；（2）粒子从N点以2v0进入磁场运动到M点的总时间为。【解析】（1）根据粒子的运动轨迹判断出只有转动周期时，二者的运动时间才能相同，再利用牛顿第二定律可解出磁感觉强度的大小；（2）当速度增加到二倍后，必须改变速度方向才能从M点射出，根据题意画出粒子的轨迹图象，结合几何知识和牛顿第二定律可解出答案。解答本题的重点是：根据题意先画出正确的轨迹图象，结合几何知识和轨迹的对称性，运用牛顿第二定律和周期公式可解出答案。14.【答案】解：（1）当ab棒与cd棒速度相同时，cd棒的速度最大，设最大速度为v，取向右为正方向，由动量守恒定理得：mv0=2mv解得：由能量守恒定律可得系统产生的焦耳热cd棒产生的焦耳热对αb棒应用动量定理得：经过αb棒的电量：q=（2）设当cd棒的速度为时，ab棒的速度为v'。由动量守恒定律得：解得：两棒产生的感觉电动势分别为，回路中的电流：此时cd棒的加速度大小为：答：（1）从开始运动到导体棒cd达到最大速度的过程中，cd棒产生的焦耳热是，经过ab棒横截面的电量是；（2）当cd棒速度变为时，cd棒加速度的大小是。【解析】1）先解析两根导体棒的运动情况：ab棒向cd棒运动时，两棒和导轨组成的回路面积变小，磁通量发生变化，于是产生感觉电流。ab棒受到与运动方向相反的安培力作用作减速运动，cd棒在安培力作用下向右作加速运动。在ab棒的速度大于cd棒的速度时，回路总有感觉电流，ab棒持续减速，cd棒持续加速，两棒速度达到相同后，回路面积保持不变，磁通量不变化，不产生感觉电流，最终两棒以相同的速度作匀速运动。所以两棒匀速运动时cd棒的速度最大，根据系统的动量守恒定律求出cd棒的最大速度，由能量守恒定律求焦耳热。由动量定理求经过ab棒横截面的电量。（2）当cd棒速度变为时，根据动量守恒定律求出ab棒的速度，再由法拉第定律、欧姆定律求出感觉电流，进而求得cd棒所受的安培力，即可求得加速度的大小。解决本题重点要解析两棒的运动情况，对相互作用的问题，应考虑应用动量守恒定律；再运用能量守恒定律求解。应用能量守恒定律解题时，一定要搞清能量的转变情况。要知道动量定理是求电磁感觉中电荷量常用的思路。15.【答案】解：（i）阀门K未打开时，PB=2P0，VB=V0（P0是外界大气压）阀门K打开稳定后有：PB′=P0，VB′=？根据玻意耳定律得：PB?VB=PB′?VB′，解得：VB′=V0。（2）打开阀门K后将容器内的气体时，B室气体先发生等压变化。设等压变化过程，最终活塞C到最左端时温度为T，则对B室中气体，由吕萨克定律得：=解得：T=450K＜540K；从T=450K加热到540K，B室中气体发生等容变化。设B室内气体最后的压强为P′。由查理定律得：=代入数据得：=解得：P′=故U形管内两边水银面的高度差为：h′=P′-P0==答：（i）将阀门K打开后，B室的体积为V0。（ii）打开阀门K后将容器内气体的海度从300K迟缓加热到540K，U形管内两边水银面的高度差为。【解析】（i）将阀门K未打开时，A、B两室中气体的压强等于大气压的2倍，根据已知条件：A室的体积是B室的2倍，求出B室气体的体积；将阀门K打开后，A室中气体发生等温变化，根据玻意耳定律求解B室的体积；ii）打开阀门K后，将容器内的气体从300K加热时，B室中气体先发生等压变化，根据盖?吕萨克定律求出活塞C移到最左端时容器内气体的温度，将540K与此温度进行比较，解析气体所发生的变化过程，当C滑到最左端时，再加热，气体将发生等容变化，由查理定律求解B室中气体的温度，即可获得U形管内两边水银面的高度差。本题的重点是解析关闭气体的状态变化过程，根据理想气体状态方程多次列式，第2问要先判气绝体体积是否先达到汽缸的最大体积。16.【答案】解：①光在三棱镜中的流传速度v==≈×810m/s②作出光路图。由几何关系知，光束从进入三棱镜到再次经AC面出射所经过的行程为s=4=20cm=m光从进入三棱镜到经AC面出射所经过的最短时间t==-9=2×10s答：8①光在三棱镜中的流传速度是×10m/s。②光从进入三棱镜到经AC面出射所经过的最短时间-9t是2×10s。【解析】①由v=求光在三棱镜中的流传速度v；②作出光路图。根据几何关系求出光辉在三棱镜中流传的距离，再根据运动学公式求光从进入三棱镜到经AC面出射所经过的最短时间t。本题是光的折射问题，对 数学 数学高考答题卡模板高考数学答题卡模板三年级数学混合运算测试卷数学作业设计案例新人教版八年级上数学教学计划 几何能力的要求较高，正确作图是解题的重点，并能灵活运用几何知识帮助解答。