工程力学习题集及部分解答指导 2

安徽机电职业技术学院学生内部学习参考 资料 新概念英语资料下载李居明饿命改运学pdf成本会计期末资料社会工作导论资料工程结算所需资料清单 丁梅龙何俊编前言工程力学是我院机械类、机电类、近机类专业必修的一门重要技术基础课。工程力学讲述的基本理论、基本 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 ，在基础课和专业课之间起桥梁作用。它为各类机械的设计、专业设备及机器的机械运动分析和强度计算提供必要的理论基础。因此，学好该课程，理解掌握其“实用型知识结构体系”的基本理论和基本方法，对我院机械类及相关专业的学生尤为重要。为了使学生更好的学习，较好的理解掌握本课程的基本理论、基本知识、基本方法，我们按照本院《工程力学》课程教学大纲（适用于机制、模具、焊接、数控、汽车专业2006年8月）及对学生考核的要求编写了本“工程力学习题集及部分解答指导”。以便使学生在“教与学”的互动中，同步练习。本“工程力学习题集及部分解答指导”的内容与我院所选教材——张秉荣、章剑青主编《工程力学》及教学大纲要求的教学内容配套，按各章讲授内容编写。主要有四部分：判断题、单项选择题、计算与作图题、应用题。其中：计算与作图题、应用题主要以“必须、够用”为原则从讲授教材中选定；对于一些具有代 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 性的习题，着重从方法性的角度作了解答；每章后附有参考 答案 八年级地理上册填图题岩土工程勘察试题省略号的作用及举例应急救援安全知识车间5s试题及答案 。对于习题集中带“*”号的习题，学生可选做，以此提高运用工程力学的基本原理和方法解决机械工程中的简单的力学问题的综合能力。特别说明的是，本习题集作为学习资料，仅适用于我院机械类及相关专业的学生内部学习使用。编者2007年10月第一章静力学基础一、判断题1-1、如物体相对于地面保持静止或匀速运动状态,则物体处于平衡。（）1-2、作用在同一刚体上的两个力,使物体处于平衡的必要和充分条件是：这两个力大小相等、方向相反、沿同一条直线。()1-3、静力学公理中,二力平衡公理和加减平衡力系公理仅适用于刚体。()1-4、二力构件是指两端用铰链连接并且指受两个力作用的构件。()1-5、对刚体而言，力是滑移矢量，可沿其作用线移动。（）1-6、对非自由体的约束反力的方向总是与约束所能阻止的物体的运动趋势的方向相反。（）1-7、作用在同一刚体的五个力构成的力多边形自行封闭，则此刚体一定处于平衡状态。（）1-8、只要两个力偶的力偶矩相等，则此两力偶就是等效力偶。（）二、单项选择题1-1、刚体受三力作用而处于平衡状态,则此三力的作用线()。A、必汇交于一点B、必互相平行C、必都为零D、必位于同一平面内1-2、力的可传性（）。A、适用于同一刚体B、适用于刚体和变形体C、适用于刚体系统D、既适用于单个刚体，又适用于刚体系统1-3、如果力FR是F1、F2二力的合力,且F1、F2不同向，用矢量方程表示为FR=F1+F2，则三力大小之间的关系为(　　)。A、必有FR=F1+F2B、不可能有FR=F1+F2C、必有FR＞F1,FR＞F2D、必有FR＜F1,FR＜F21-4、作用在刚体上的一个力偶，若使其在作用面内转移，其结果是（）。A、使刚体转动B、使刚体平移C、不改变对刚体的作用效果D、将改变力偶矩的大小三、计算题1-1、已知：F1=2000N，F2=150N，F3=200N，F4=100N，各力的方向如图1-1所示。试求各力在x、y轴上的投影。解题提示计算方法：Fx=+FcosαFy=+Fsinα注意：力的投影为代数量；式中：Fx、Fy的“+”的选取由力F的指向来确定；α为力F与x轴所夹的锐角。图1-11-2、铆接薄钢板在孔A、B、C、D处受四个力作用，孔间尺寸如图1-2所示。已知：F1=50N，F2=100N，F3=150N，F4=220N，求此汇交力系的合力。解题提示——计算方法。一、解析法FRx=F1x+F2x+……+Fnx=∑FxFRy=F1y+F2y+……+Fny=∑FyFR=√FRx2+FRy2tanα=∣FRy/FRx∣二、几何法按力多边形法则作力多边形，从图1-2图中量得FR的大小和方向。1-3、求图1-3所示各种情况下力F对点O的力矩。图1-3解题提示——计算方法。①按力矩的定义计算MO（F）=+Fd②按合力矩定理计算MO（F）=MO（Fx）+MO（Fy）1-4、求图1-4所示两种情况下G与F对转心A之矩。解题提示此题按合力矩定理计算各力矩较方便、简捷。以图1-4a为例：力F、G至A点的距离不易确定，如按力矩的定义计算力矩图1-4既繁琐，又容易出错。若将力F、G分别沿矩形两边长方向分解，则各分力的力臂不需计算、一目了然，只需计算各分力的大小，即可按合力矩定理计算出各力的力矩。MA（F）=-Fcosαb-FsinαaMA（G）=-Gcosαa/2-Gsinαb/21-5、如图1-5所示，矩形钢板的边长为a=4m，b=2m，作用力偶M（F，F′）。当F=F′=200N时，才能使钢板转动。试考虑选择加力的位置与方向才能使所费力为最小而达到使钢板转一角度的目的，并求出此最小力的值。解题提示力偶矩是力偶作用的唯一度量。只要保持力偶矩的大小和力偶的转向不变，可以改变力偶中力的大小和力偶臂的长度，而不改变它对刚体的作用效应。此题可通过改变力的方向、增大力偶臂的长度，求得使钢板转动所费力的最小值。图1-5四、作图题1-6、试画出图1-6所示受柔性约束物体的受力图。图1-6解题提示柔性体只能给物体产生拉力。其约束反力的方向应沿柔索的中心线而背离物体。表示符号：字母“FT”。图1-6a、b解题如下：1-7、试画出图1-7所示各受光滑面约束物体的受力图。图1-7解题提示光滑接触面约束：其约束反力的方向应沿接触面、接触点的公法线且指向物体。法向反力表示符号：字母“FN”。FN31-8、试画出图1-8所示各受铰链约束物体的受力图。图1-8解题提示固定铰链、中间铰链——限制物体向任意方向的移动，其约束反力通常用通过铰链中心的两个相互垂直的正交分力FNx、FNy来表示。活动铰链——仅限制物体在与支座接触处向着支承面或离开支承面的移动，其约束反力FN通过铰链中心，且垂直于支承面，指向待定。1-9、试画出图1-9所示所指定的分离体的受力图。图1-9解题提示固定端约束——限制物体既不能移动也不能转动，使物体保持静止的约束形式。一般情况下，约束反力可简化为两个正交的约束反力和一个约束反力偶。二力构件——两端用铰链连接，且在两个力作用下处于平衡状态的构件。FAy第一章静力学基础习题参考答案一、判断题1-1（错）、1-2（对）、1-3（对）、1-4（错）、1-5（对）、1-6（对）、1-7（错）、1-8（错）二、单项选择题1-1（A）、1-2（A）、1-3（B）、1-4（C）三、计算题1-1F1x=-1732N，F1y=-1000N；F2x=0，F2y=-150N；F3x=141.4N,F3y=141.4N；F4x=-50N，F4y=86.6N1-2FR=90.6N，θ=-46.79°1-3a）MO（F）=FLb）MO（F）=0c）MO（F）=FLsinθd）MO（F）=-Fae）MO（F）=Facosα–FLsinαf）MO（F）=Fsinα√L2+b21-4a）MA（F）=-Fcosαb-FsinαaMA（G）=-Gcosαa/2-Gsinαb/2b）MA（F1）=F1（r-acosα-bsinα）MA（F2）=-F2（r+acosα+bsinα）1-5Fmin=89.44N第二章平面力系一、判断题2-1、平面任意力系向作用面内任一点简化，主矢与简化中心有关.（）2-2、平面任意力系向作用面内任一点简化，主矩与简化中心有关。()2-3、当平面一任意力系对某点的主矩为零时,该力系向任一点简化的结果必为一个合力。()2-4、当平面一任意力系对某点的主矢为零时,该力系向任一点简化的结果必为一个合力偶。()2-5、某一平面任意力系向A点简化的主矢为零，而向另一点B简化的主矩为零，则该力系一定是平衡力系。（）2-6、独立平衡方程数与未知个数相等，则这类问题称为静定问题。（）二、单项选择题2-1、如图1所示，物体上有等值且互成600的夹角的三力作用，则（）。A、该力系为汇交力系B、该力系为平衡力系C、该物体不平衡D、该力系主矩为零图1F12-2、如图2所示，物体受四个力F1、F′1、F2、F′2作用，且位于同一平面内，作用点分别为A、B、C、D点。ABF1、F′1、F2、F′2构成的力多边形封闭，则（）。F2F′2F′1A、该力系为平衡力系B、该物体不平衡DCC、该力系主矩为零D、该力系主矢不为零图22-3、下列结构中，属于静不定问题的是图（）。FFFF1F2（d）三、计算题2-1、如图2-1所示，一平面任意力系每方格边长为a，F1=F2=F，F3=F4==√2F。试求力系向O点简化的结果。解题提示主矢的大小及方向的计算方法：FRx′=∑FxFRy′=∑Fy大小：FR′=√（∑Fx）2+（∑Fy）2方向：tanα=∣∑Fy∕∑Fx∣α为主矢FR′与x轴所夹的锐角。主矩的计算方法：MO=∑MO（F）。图2-12-2、如图2-2所示，已知q、a，且F=qa、M=qa2。求图示各梁的支座反力。图2-2解题提示一、平面任意力系的平衡方程基本形式：∑Fx=0，∑Fy=0，∑MO（F）=0二力矩式：∑Fx=0（或∑Fy=0），∑MA（F）=0，∑MB（F）=0三力矩式：∑MA（F）=0，∑MB（F）=0，∑MC（F）=0二、平面平行力系的平衡方程基本形式：∑Fy=0∑MO（F）=0二力矩式：∑MA（F）=0，∑MB（F）=0三、求支座反力的方法步骤1、选取研究对象，画其分离体受力图。2、选择直角坐标轴系，列平衡方程并求解。以2-2图c）为例①选AB梁为研究对象，画受力图c′）y②选直角坐标系如图示，列平衡方程并求解。FAxx∑Fx=0FAx=0（1）FAyFB∑Fy=0FAy–F+FB–q（2a）=0（2）图c′）∑MA（F）=0FB（2a）–F（3a）–q（2a）a+M=0（3）解方程组得：FAx=0，FAy=qa，FB=2qa2-3、组合梁及其受力情况如图2-3所示。若已知F、M、q、a，梁的自重力忽略不计，试求A、B、C、D各处的约束反力。图2-3解题提示物系平衡问题的分析方法有两种：①逐步拆开法②先整体后部分拆开之法；解题时具体采用哪一种方法，要从物系中具有局部可解条件的研究对象选取而定。解2-3图b）①分别选取CD杆、ABC杆为研究对象，画其受力图①、②。（或分别选取CD杆、整体为研究对象，画其受力图①、③。）qFFCFqFAxMFAxMCDABCABC☉DFCFDFAyFBFAyFBFD①CD杆②ABC杆③组合梁整体②列平衡方程并求解。图①：∑MD（F）=0-FCa+qa*a/2=0（1）∑MD（F）=0FDa-qa*a/2=0（2）图②：∑Fx=0FAx=0（3）∑Fy=0FAy+FB–F-FC=0（4）∑MA（F）=0FBa–Fa-FC2a-M=0（5）FAx=0FB=F+qa+M/aFC=FD=qa/2FAy=M/a-qa/2。#四、应用题2-4、试计算图2-4所示支架中A、C处的约束反力。已知G，不计杆的自重力。解题提示画AB杆分离体受力图、列平衡方程求解。图2-42-5、如图2-5所示，总重力G=160kN的水塔，固定在支架A、B、C、D上。A为固定铰链支座，B为活动铰链支座，水箱右侧受风压为q=16kN/m。为保证水塔平衡，试求A、B间的最小距离。解题提示取整体为研究对象、画其分离体受力图、列平衡方程求解。图2-52-6、如图2-6所示，汽车起重机的车重力WQ=26kN，臂重力G=4.5kN，起重机旋转及固定部分的重力W=31kN。设伸臂在起重机对称平面内，试求在图示位置起重机不致翻倒的最大起重载荷Gp。解题提示这是一个比较典型的平面平行力系问题的实例。平面平行力系只有两个独立的平衡方程，而此题取汽车起重机整体为研究对象，由受力分析可知却有三个未知力：A、B两处的法向反力及Gp。故需考虑汽车起重机起吊时即将翻倒的临界平衡状态，此时A点的反力为零，从而列平衡方程可求得最大起重载荷Gp。图2-6解：取汽车起重机整体为研究对象，考虑其起吊时即将翻倒的临界平衡状态，画受力图，此时FA=0。列平衡方程∑MA（F）=02WQ-2.5G-5.5Gp=0Gp=7.41kNFAFB2-7、如图2-7所示，重力为G的球夹在墙和均质杆之间。AB杆的重力为GQ=4G/3，长为l，AD=2l/3。已知G、α=30°，求绳子BC和铰链A的约束反力。解题提示物系平衡问题的解题步骤：①明确选取的研究对象及其数目。②画出各个研究对象的受力图。③选取直角坐标轴，列平衡方程并求解。解：①分别取球、AB杆为研究对象，画受力图2-7图（a）、（b）。②列平衡方程并求解。由图（a）∑Fy=0FNDsinα-G=0（1）FND=2GFTB由图（b）FNEOF′ND∑Fx=0FAx+FNDcosα-FT=0（2）∑Fy=0FAy-FNDsinα-GQ=0（3）FNDD∑MO（F）=0（a）GFTlcosα–FND2l/3–sGQinαl/2=0（4）GQ解得：FAxAFAx=0.192G，FAy=2.33G，FT=1.92GFAy（b）2-8、在图2-8所示平面构架中，已知F、a。试求A、B两支座的约束反力。解题提示方法一：分别取AC杆、BC杆为研究对象，画其受力图，列平衡方程求解。方法二：分别取BC杆、构架整体为研究对象，画其受力图，列平衡方程求解。图2-82-9*、图2-9所示为火箭发动机试验台。发动机固定在台上，测力计M指示绳子的拉力为FT，工作台和发动机的重力为G，火箭推力为F。已知FTG、G以及尺寸h、H、a和b，试求推力F和BD杆所受的力。解题提示方法一：分别取AC杆、工作台和发动机一体为研究对象，画其受力图，列平衡方程求解。方法二：分别取结构整体、工作台和发动机一体为研究对象，画其受力图，列平衡方程求解。图2-92-10*、图2-10所示为一焊接工作架简图。由于油压筒AB伸缩，可使工作台DE绕O点转动。已知工作台和工件的重力GQ=1kN，油压筒AB可近似看作均质杆，其重力G=0.1kN。在图示位置时，工作台DE成水平，点O、A在同一铅垂线上。试求固定铰链A、O的约束反力。解题提示分别取结构整体、AB杆（或DE杆）为研究对象，画其受力图，列平衡方程求解。图2-102-11*、图2-11所示构架中，DF杆的中点有一销钉E套在AC杆的导槽内。已知Fp、a，试求B、C两支座的约束反力。解题提示——解题顺序应为：①整体研究对象→②DF杆→③AC杆（或AB杆）。解题过程：1、选整体为研究对象，画受力图（a）。列平衡方程：∑MB（F）=0FCy2a-FP2a=0（1）∑MC（F）=0-FBy=0（2）∑Fx=0FBx+FCx=0（3）FCy=FP，FBy=0；2、选DF杆为研究对象，画受力图（b）。列平衡方程：图2-11∑MD（F）=0FNEsin45º2a-FP2a=0（4）FNE=2√2FP3、选AC杆为研究对象，画受力图（c）。列平衡方程：∑MA（F）=0，-FNE√2a+FCx2a+FCy2a=0（5）FCx=FP将此代入（3）式可得：FBx=-FP。FpFFpF（b）（a）（c）2-12*、两个相同的均质球的重力为W，半径为r，放在半径为R的两端开口的直圆筒内，、如图2-12a所示。求圆筒不致翻倒所必需的最小重力G；又若圆筒有底，如图2-12b所示，那么不论圆筒多轻都不会翻倒，为什么？解：图a）①分别取两球一体、圆筒为研究对象，考虑圆筒即将翻倒时的临界平衡状态，画受力图（1）、（2）。②列平衡方程并求解。由图（1）：∑Fx=0FN2－FN3=0∑Fy=0FN1－W－W=0FN1=2W，FN2=FN3图2-12故两球一体可视为在两力偶M（FN2、FN3）、M（FN1－W、W）作用下平衡，即M（FN2、FN3）－M（FN1－W、W）=0亦即M（FN2、FN3）=M（FN1－W、W）=2（R－r）W由图（2）：无底圆筒可视为在两力偶M（F′N2、F′N3）、M（FNA、Gmin）作用下平衡，即M（FNA、Gmin）－M（F′N2、F′N3）=0故有GminR－2（R－r）W=0Gmin=2（1－r/R）WF′N3F′N2（1）（2）（3）解：图b）若圆筒有底，选整体为研究对象，受力如图（3）所示。地面对装球的有底圆筒只有一个约束反力FN与整体的合力（G、W、W）平衡，且两力等值、反向、共线；故不论圆筒有多轻都不会翻倒。2-13*、如图2-13所示一气动夹具中，已知气体压强q=40N/cm2，气缸直径d=8cm，α=15°，a=15cm。求杠杆对工件的压力FQ的值。解题提示此题宜选用两个研究对象：铰链A、BCD杆。其受力图为（a）（b）图2-13由受力图（a）列平衡方程求得F1，再由图（b）列平衡方程求得FQ。2-14、用节点法试求图2-14所示桁架中各杆的内力。已知G=10kN，α=45°。2-15、若已知W值，试用截面法求图2-15所示桁架中杆1、2、3的内力。解题提示平面静定桁架内力的计算方法1、节点法——逐个取节点为研究对象，列平衡方程求出杆件全部内力的方法。其步骤如下：图2-14图2-15①一般先求出桁架的支座反力。②从具有连接两个杆件且有主动力作用的节点（或只有两个未知反力的节点）开始，逐个取其它节点为研究对象，用解析法求出杆的内力的大小和方向。注意事项：画各节点受力图时，各杆的内力均以拉力方向图示；2、截面法——用一截面假想地把桁架切开，取其中任一部分为研究对象，列平衡方程求出被截杆件内力的方法。其步骤如下：①先求出桁架的支座反力。②通过所求内力的杆件，用一截面把桁架切成两部分，取半边桁架为研究对象，用解析法求出杆的内力的大小和方向。注意事项：①只截杆件，不截节点；所取截面必须将桁架切成两半，不能有杆件相连。②每取一次截面，截开的杆件数不应超过三根。③被截杆件的内力图示采用设正法。图2-14节点选取顺序：C→B→D。图2-15求出桁架的支座反力后，用一截面将桁架沿1、2、3杆截开，取桁架左部（或右部）为研究对象即可。第二章平面力系习题参考答案一、判断题2-1（错）、2-2（对）、2-3（错）、2-4（对）、2-5（对）、2-6（对）二、单项选择题2-1（C）、2-2（B）、2-3（C）三、计算题2-1FR′=√2F，MO=2Fa2-2（a）FAx=0，FAy=qa/3，FB=2qa/3（b）FAx=0，FAy=-qa，FB=2qa（c）FAx=0，FAy=qa，FB=2qa（d）FAx=0，FAy=11qa/6，FB=13qa/6（e）FAx=0，FAy=2qa，MA=-3.5qa2（f）FAx=0，FAy=3qa，MA=3qa2（g）FA=2qa，FBx=-2qa，FBy=qa（h）FAx=0，FAy=qa，FB=02-3（a）FA=-F/2（↓），FB=F（↑），FC=F/2（↑），FD=F/2（↑）（b）FA=-（qa/2+M/a）（↓），FB=qa+F+M/a（↑），FC=qa/2（↑），FD=qa/2（↑）四、应用题2-4（a）FAx=2G，FAy=-G，FB=2√2G（拉）（b）FAx=-2G，FAy=-G，FB=2√2G（压）2-5l=25.2m2-6Gp=7.41kN2-7FAx=0.192G，FAy=2.33G，FT=1.92G2-8FAx=-4F/3，FAy=F/2，FBx=F/3，FBy=F/22-9F=FTh/H，FBD=G/2+FTha/2bH2-10FOx=-0.45kN，FOy=0.6kN，FAx=0.45kN，FAy=0.5kN2-11FCx=FP，FCy=FP，FBx=-FP，FBy=02-12Gmin=2（1－r/R）W2-13FQ=15kN2-14F1=14.14kN，F2=-10kN，F3=10kN，F4=-10kN，F5=14.14kN，F6=-20kN2-15F1=W,F2=-1.414W,F3=0第三章空间力系一、判断题3-1、当力与某轴平行或相交时，则力对该轴之矩为零。（）二、单项选择题3-1、如图1所示，力F作用在长方体的侧平面内。若以Fx、Fy、Fz分别表示力F在x、y、z轴上的投影，以Mx（F）、My（F）、zMz（F）表示力F对x、y、z轴的矩，则以下表述正确的是（）。A.、   Fx=0,Mx（F）≠0B、   Fy=0,My（F）≠0FC、  Fz=0,Mz（F）≠0OyD、  Fy=0,My（F）=0x图1三、计算题3-1、如图3-1所示，已知在边长为a的正六面体上有F1=6kN，F2=4kN，F3=2kN。试计算各力在三坐标中的投影。解题提示首先要弄清各力在空间的方位，再根据力的投影计算规则计算各力在三坐标轴上的投影量。本题中F1为轴向力，仅在z轴上有投影；F2为平面力，在z轴上无投影；F3为空间力，在三坐标轴上都有投影，故应按一次投影法或二次投影法的计算方法进行具体计算。图3-13-2、如图3-2所示，水平转盘上A处有一力F=1kN作用，F在垂直平面内，且与过A点的切线成夹角α=60°，OA与y轴方向的夹角β=45°，h=r=1m。试计算Fx、Fy、Fz、Mx（F）、My（F）、Mz（F）之值。解题提示：题中力F应理解为空间力。解：Fx=Fcosαcosβ=1000cos60°cos45°=354NFy=-Fcosαsinβ=-1000cos60°sin45°=-354NFz=-Fsinα=-1000sin60°=-866NMx（F）=Mx（Fy）+Mx（Fz）=-Fyh+Fzrcosβ=354×1－866×1×cos45°=－258N.mMy（F）=My（Fx）+My（Fz）=Fxh-Fzrsinβ=354×1+866×1×sin45°=966N.m图3-2Mz（F）=Mz（Fxy）=-Fcosα×r=-1000cos60°×1=-500N.m3-3、如图3-3所示，已知作用于手柄之力F=100N，AB=10cm，BC=40cm，CD=20cm，α=30°。试求力F对y之矩。解题提示注意力F在空间的方位，此题中力F为空间力，My（F）值的计算同上题。图3-3四、应用题3-4、如图3-4所示，重物的重力G=1kN，由杆AO、BO、CO所支承。杆重不计，两端铰接，α=30°，β=45°，试求三支杆的内力。解题提示空间汇交力系平衡问题解题步骤：①选取研究对象，画受力图；②选取空间直角坐标轴，列平衡方程并求解。∑Fx=0∑Fy=0∑Fz=0本题中的三支杆均为二力杆件，故选节点O为研究对象，受力图及空间直角坐标轴的选择如图示。（a）图3-4第三章平面力系习题参考答案一、判断题3-1（对）二、单项选择题3-1（B）三、计算题3-1F1x=0，F1y=0，F1z=6kN；F2x=-2.828kN，F2y=2.828kN，F2z=0；F3x=1.15kN，F3y=-1.414kN，F3z=1.414kN3-2Fx=354N，Fy=-354N，Fz=-866N；Mx（F）=-258N.m，My（F）=966N.m，Mz（F）=-500N.m，3-3My（F）=-10N.m第四章摩擦一、判断题4-1、物体放在非光滑的桌面上，一定受摩擦力的作用。（）4-2、若接触面的正压力等于零，则必有该处的摩擦力为零。（）4-3、接触面的全反力与接触面的法线方向的夹角称为摩擦角。（）4-4、物体所受摩擦力的方向总是与其运动方向或运动趋势方向相反。（）4-5、重力为W的物块放在地面上，如图1所示，有一主动力F作用于摩擦锥之外，此时物体一定移动。（）图1二、单项选择题4-1、如图2所示，一水平外力F=400N，压在重W=100N的物块上，使物体处于静止，物块与墙面间的静摩擦系数f=0.3，则物块与墙面间的摩擦力为（）。A、100NB、400NC、120ND、30N图24-2、如图3所示，重力为W的物体自由地放在倾角为αW的斜面上，物体与斜面间的摩擦角为φ，若φ＜α，则物体（）。A、静止B、滑动C、当W很小时能静止D、处于临界状态α图34-3、如图4所示，人字结构架放在地面上，A、C处摩擦因数分别为fs1和fs2，且fs1＜fs2。设结构处于临界平衡状态，则以下表达正确的是（）。A、FsA=fs1W，FsC=fs2WB、FsA≠fs1W，FsC≠fs2WC、FsA=fs1W，FsC≠fs2WD、FsA≠fs1W，FsC=fs2W图44-4、如图5所示，物块A置于物块B上，物块A与物块B的重力分别为W和3W，物块A、B之间及物块B与地面之间的静摩擦因数均为fs。要拉动物块B，拉力F的大小至少为（）。A、5fsWB、4fsWC、2fsWD、6fsW图5三、应用题4-1、如图4-1所示，重力W=10N的物块置于水平面上，其上作用有水平力F=8N，静摩擦因数fs=0.5，动摩擦因数f′=0.45。判断物块处于何种状态？此时的摩擦力为多大？解题提示注意概念：静摩擦力Ff为一不定值，0≤Ff≤Ffm；Ff随主动力的变化而变化，但不可能超过某一极限值Ffm，它的大小由平衡方程确定。且Ffm=fsFN。解题方法图4-1此题取物块为研究对象，画受力图，列平衡方程计算出Ffm值；若F＞Ffm，则物块滑动，此时摩擦力为动摩擦力，即F′f=fFN；若F＜Ffm，则物块静止，此时摩擦力为静摩擦力Ff，实际Ff由平衡方程求得。4-2、如图4-2所示，斜面上的物体重力W=980N，物块与斜面间的静摩擦因数fs=0.20，动摩擦因数f′=0.17。当水平主动力分别为F=500N和F=100N两种情况时，1）问物块是否滑动？2）求实际摩擦力的大小和方向。解题提示：解题方法类同上题。图4-2（1）当水平主动力F=100N时取物块为研究对象，画受力图，建立坐标yWx轴如图（a）所示。物块的状态有可能为静止于F斜面上，有可能沿斜面下滑或沿斜面上滑；在Ff不能确定的情况下，此处假设摩擦力Ff方向沿斜面向上。FN∑Fy=0FN-Wcosα-Fsinα=0（a）FN=Wcosα+Fsinα=955N最大静摩擦力为Ffm=fsFN=0.20×955=191NW水平主动力F与重力W在x方向的投影为FFx+Wx=Fcosα-Wsinα=94-335=-241N显然，Fx+Wx＞Ffm，物块沿斜面下滑。此时摩擦力为动摩擦力F′f，方向沿斜面向上，FfFN大小为F′f=fFN=0.17×955=162.4N（b）（2）当水平主动力F=500N时∑Fy=0FN-Wcosα-Fsinα=0FN=Wcosα+Fsinα=921+171=1092N最大静摩擦力为Ffm=fsFN=0.20×1092=218N水平主动力F与重力W在x方向的投影为Fx+Wx=Fcosα-Wsinα=470-335=135N显然，物块有沿斜面上滑的趋势，此处静摩擦力Ff沿斜面向下，如图（b）所示。由于Fx+Wx＜Ffm，故物块静止。此时摩擦力为静摩擦力Ff，方向沿斜面向下，大小由平衡方程求得。∑Fx=0Fcosα-Wsinα-Ff=0Ff=Fcosα-Wsinα=500×cos20°-980×sin20°=470-335=135N4-3、如图4-3所示，用逐渐增加的水平力F去推一重力W=500N的衣橱。已知h=1.3a，fs=0.4，问衣橱是先滑动还是先翻倒？若是先翻，则请调整h的值，使它只移不翻。若是先翻，则请调整h的值，使它只移不翻。解：1）取衣橱为研究对象，考虑其即将滑动时的临界平衡状态，画受力图（a）。a列平衡方程：F∑Fx=0，F-Ffm=0图4-3∑Fy=0，FN-W=0WhFfm=fsFNFfm=fsWFfma亦即物体开始滑动的条件是：FF＞fsW①FN2）考虑衣橱即将翻倒时的（a）hW临界平衡状态，画受力图（b）。A∑MA（F）=0Fh-Wa/2=0FfF=（a/2h）W亦即物体开始翻倒的条件是：（b）FNF＞（a/2h）W②显然，如果有①或②式的情况，物体均不能保持原有的平衡状态。（1）当fs＜a/2h、fsW＜F＜（a/2h）W时，衣橱先滑动；（2）当fs＞a/2h、F＞（a/2h）W时，衣橱先翻倒；（3）当fs=a/2h、F=fsW时，衣橱将处于临界平衡状态。由式①、②可得：衣橱先滑动，应有Fmin=fsW=0.4×500=200N衣橱先翻倒,应有Fmin=（a/2h）W=a×500/（2×1.3a）=192N故逐渐增加的水平力F时，衣橱先翻倒。3）要保持衣橱只移不翻，必须满足条件：fs＜a/2h，即h＜a/2fs。故有hmax=a/2fs=a/（2×0.4）=1.25a4-4、设一抽屉尺寸如图4-4所示。若拉力F偏离其中心线，稍一偏转，往往被卡住而拉不动。设x为偏离抽屉中心线的距离，fs为抽屉偏转后，A、B二角与两侧面间的静摩擦因数。假定抽屉底的摩擦力不计，试求抽屉不致被卡住时a、b、fs和x的关系。解题分析：显然，在此考虑的是抽屉即将被卡住的临界平衡状态；抽屉在A、B两点有约束反力作用。图4-4解析法解题：约束处需画出法向反力和切向反力。几何法解题：约束处需画出全反力。方法一：解析法①选取抽屉为研究对象，画其临界平衡状态下的受力图（a）。②列平衡方程并求解。∑Fx=0FNA–FNB=0（1）FfB∑Fy=0FfA+FfB–F=0（2）∑MA（F）=0FNBFfBb+FNBa–F（b/2+x）=0（3）FNAFfA=ƒsFNAFfB=ƒsFNB（4）联立解得：x=a∕2ƒs；FfAF抽屉不被卡住的条件：F≥FfA+FfB，（a）亦即x≤a∕2ƒs。由上列式计算可知：FfA=ƒsFNA=FfB故A、B两点的摩擦力同时达到临界值。方法二：几何法选取抽屉为研究对象，画其临界平衡状态b下的受力图：因抽屉仅受三个力FRA、FRB、F作用而平衡，故此三力作用线必汇交于一点C。CB不难看出，A、B两点的摩擦力应相等（若不相等，即使力F不偏心抽屉也会被卡住）；所以EφFRA、FRB必同时达到临界值，且与作用面的法aFRB向的夹角为摩擦角φ。如图（b）所示。AD几何关系：φxtanφ=（a+CE）∕（b+x）（1）FRAFtanφ=CE∕（b–x）（2）（b）联立解得：x=a∕2ƒs；抽屉不被卡住的条件：亦即x≤a∕2ƒs。4-5、砖夹宽28cm，爪AHB和BCED在B点铰连，尺寸如图4-5所示。被提起砖的重力为W，提举力F作用在砖夹中心线上。已知砖夹与砖之间的静摩擦因数fs=0.5，问尺寸b应多大才能保证砖不滑掉？解题提示解析法考虑有摩擦时物系的平衡问题的方法步骤与不考虑摩擦时的方法步骤大致相同；画各研究对象时，一般考虑其临界平衡状态，即静摩擦力达到最大值。①分别取砖块、爪AHB为研究对象，画其临界平衡状态下的受力图（a）、（b）。FfAFfD图4-5FBxFNAFNDFByF′NAW（a）F′fA（b）②列平衡方程并求解。由图（a）∑Fx=0FNA–FND=0（1）∑Fy=0FfA+FfD–W=0（2）FfA=W/2∑MD（F）=0W×14-FfA×28=0（3）FNA=W/2fsFfA=fsFNAFFd=fsFND（4）由图（b）∑MD（F）=04F+10FfA-FNAb=0（5）b=9cm即b≤9cm时，能保证砖不滑掉。（此题亦可用几何法求解。）4-6、如图4-6所示，A、B两物的重力均为150N，与水平固定面的静摩擦因数均为fs=0.2，弹簧张力为200N，问使两物体同时开始向右滑动所需之最小力F之值？若已知固定面间距H=32cm，再问力F应作用于何处，即h=？解：①分别取物A、物B及杆AB为研究对象，画其临界平衡状态下的受力图（a）、（b）、（c）。FNAFTF′AFfAhFAAFBBWAWBFHFfBFTFNBF′B（a）（b）（c）图4-6②列平衡方程并求解。由图（a）∑Fx=0FA–FfA=0∑Fy=0FT-FNA–WA=0FNA=FT–WA=200-150=50NFfA=fsFNAFA=FfA=0.2×50=10N由图（b）∑Fx=0FB–FfB=0∑Fy=0FNB–FT–WB=0FNB=FT+WB=200+150=350NFfA=fsFNAFB=FfB=0.2×350=70N由上计算可得：使两物体同时开始向右滑动所需之最小力F的值为Fmin=F′A+F′B=80N由图（c）∑MA（F）=0Fh–FBH=0h=FBH/h=70×32/80=28cm4-7、A、B两物体的安置如图4-7所示。已知WA=150N，WB=450N，各平面间的静摩擦因数均为fs。试求使两物体静止不动所需fs的最小值，并求A、B联绳的拉力FT。解题分析：显然此题宜采用“逐步拆开法”。题求ƒs的最小值：需考虑各研究对象的临界平衡状态，即各物体间的静摩擦力均为最大值；该情况下，物B有沿斜面向下滑动的趋势；物A有沿物B表面面向上滑动的趋势；画受力图时，图4-7要特别注意静摩擦力Ff的图示方向。①分别选取物体A、B为研究对象，画其临界平衡状态下的受力图（a）、（b）。yyWBWAFTxFNAFTxFfAFfAαFNAαFfBFNB（a）物体A（b）物体B②列平衡方程并求解。图（a）∑Fx=0FT–FfA–WAsinα=0（1）∑Fy=0FNA–WAcosα=0（2）FfA=ƒsFNA（3）FT=ƒsWAcosα+WAsinα（c）图（b）∑Fx=0FT+FfA+FfB–WBsinα=0（4）∑Fy=0FNB-FNA–WBcosα=0（5）FfB=ƒsFNB（6）FT=WBsinα-ƒs（2WA+WB）cosα（d）联立（c）、（d）解得：ƒs=（WB-WA）tanα∕（3WA+WB）=1∕4=0.25FT=WA（ƒscosα+sinα）=120N#4-8*、图4-8所示为手动钢筋剪床，用来剪断直径为d的钢筋。设钢筋与剪刀间的静摩擦因数为fs，操作时为省力应使钢筋位于l较小的位置；但l过小又会使钢筋打滑而向左出。试求使钢筋不打滑的l最小值。解题提示：此题采用几何法求解较适宜。解：取直径为d的钢筋为研究对象，画其临界平衡状态下的受力图（a）。图4-8因钢筋在A、B两点受全反力FRA、FRBFRBφ作用而平衡，故FRA、FRB必沿AB连线，且B大小相等、方向相反；并均与A、B两点的dO1法向成摩擦角φ。φ由几何关系得：tanφ=d/2l=ƒsAφO故使钢筋不打滑的l最小值为llmin=d/2ƒsFRAφ（a）4-9*、图4-9所示一直径为150cm的圆柱体，由于自重力作用而沿斜面匀速向下滚动。斜面的斜率为tanα=0.018,试求圆柱体与斜面摩间的滚动擦系数δ值。解题提示考虑与不考虑滚动摩擦时平衡问题的求解方法与步骤基本相同；所不同的是：在研究对象的受力图上再画上滚动摩擦力偶矩Mf，Mf的转向与物体相对滚动（趋势）方向相反；且一般考虑的是临界平衡状态：Mfmax=δFN。①取圆柱体为研究对象，画其受力图（a）。②列平衡方程并求解。∑Fy=0FN–Wcosα=0图4-9∑MA（F）=0Wsinαd/2-Mfm=0yMfm=δFNWδ=tanαd/2==0.018×150/2=1.35mmMfmxFf（a）FN4-10*、如图4-10所示，为了使轮子A只能作逆时针的单向定轴转动，将一个重力可忽略不计的小圆柱放在轮子与墙间。已知接触处B、C的静摩擦因数fs=0.3，轮子到墙的距离a=225mm，轮子半径R=200mm。现在轮子上施加一任意大小的顺时针转向的力偶M，试确定能阻止轮子轮子转动圆柱体的最大半径rmax。解题提示：此题采用几何法求解较方便。取小圆柱为研究对象，画其受力图（a）。考虑其能阻止轮子转动的临界平衡状态，则图4-10小圆柱在B、C两点受力作用而平衡，故FRB、FRC必沿BC连线，且分别与作用点的法向摩擦角φ。亦即C由图中几何关系得：FRCαα=φOφEDBC=2OBcosα=2rcosα=2rcosφφCD=OE=rsin(α+φ)=rsin2φFRBφBBD=BCcosφ==2rcos2φBD=a-ABcos(α+φ)=a-Rcos2φ（a）于是有：2rcos2φ=a-Rcos2φr=(a-Rcos2φ)/2cos2φ由三角函数关系：cos2φ=1/(1+tan2φ)=1/(1+fs2)=1/(1+0.32)=0.917cos2φ=2cos2φ-1=2×0.917-1=0.835故有rmin=(a-Rcos2φ)/2cos2φ=(225-200×0.835)/(2×0.917)=31.6mm4-11*、图4-11所示斜面夹紧机构中，若已知驱动力F、角度β和各接触面间的静摩擦因数fs，试求：1）工作阻力FQ（其大小等于夹紧工件的力）与驱动力F的关系式；2）除去F后不产生松动的条件。解1）：选物体A、B为研究对象，分别画其夹紧工件时处于平衡状态下的受力图（a）、（b）。此时各处约束的全反力均达到临界值。F图4-11FR′AφφβBFRCCβFQφβDFRFRDφ（a）（b）FQφ+βFRFR′FφFRDφ+βφFRCφ（c）（d）根据“三力平衡汇交定理”，分别作图（a）、（b）的力封闭三角形（c）、（d）。图（C）F∕sin（2φ+β）=FR∕sin（90°-φ）（1）图（d）FQ∕sin[90°-（2φ+β）]=FR∕sin（90°+φ）（2）解得：F=FQtan（2φ+β）#解2）考虑机构自锁的临界平衡状态，物A有向上运动的趋势；此种状态下物A仅受全反力FRC、FR作用，故此二力必等值、φ反向、共线；画物A的受力图（e）。FRC几何关系：α=φββ=α+φ=2φtanφ=tanβ/2α即自锁的条件是：FRφβƒs≥tanβ/2#（e）第四章摩擦习题参考答案一、判断题4-1（错）、4-2（对）、4-3（错）、4-4（对）、4-5（错）二、单项选择题4-1（A）、4-2（B）、4-3（C）、4-4（A）三、应用题4-1物体处于滑动状态，此时摩擦力为4.5N。4-2（1）当水平力F=100N时，物块沿斜面下滑；动摩擦力F′f方向沿斜面向上，F′f=162.4N。（2）当水平力F=500N时，物块静止；静摩擦力Ff方向沿斜面向下，Ff=135N。4-3逐渐增加的水平力F时，衣橱先翻倒。要保持衣橱只移不翻的条件：hmax=1.25a。4-4抽屉不被卡住的条件：x≤a∕2ƒs。4-5b≤9cm时，能保证砖不滑掉。4-6Fmin=80N，h=28cm4-7ƒs=0.25,FT=120N4-8使钢筋不打滑的条件：lmin=d/2ƒs4-9δ=1.35mm3-10rmin=31.6mm4-111）F=FQtan（2φ+β）2）ƒs≥tanβ/2第十二章轴向拉伸与压缩一、判断题12-1、轴力的大小与杆件的横截面面积有关。（）12-2、两拉杆轴力，材料和横截面面积分别相等，一为圆形截面，另一为方形截面，则两杆的强度相同。（）12-3、脆性材料的抗压强度一般大于抗拉强度。LINKWord.Document.8D:\\工程力学\\习题\\工程力学习题集及部分解答指导.docOLE_LINK1\a\r\*MERGEFORMAT错误！链接无效。12-4、对于塑性材料，极限应力0常取材料的强度极限b。LINKWord.Document.8D:\\工程力学\\习题\\工程力学习题集及部分解答指导.docOLE_LINK1\a\r\*MERGEFORMAT错误！链接无效。12-5、对于脆性材料，极限应力0常取材料的屈服极限s。LINKWord.Document.8D:\\工程力学\\习题\\工程力学习题集及部分解答指导.docOLE_LINK1\a\r\*MERGEFORMAT错误！链接无效。二、单项选择题12-1、材料的许用应力[σ]是保证构件安全工作的（）。A、最高工作应力B、最低工作应力C、平均工作应力D、最低破坏应力12-2、两拉杆轴力，材料和横截面面积分别相等，一为圆形截面，另一为方形截面，则两杆的强度和刚度（）。A、分别相等B、圆杆大于方杆C、方杆大于圆杆D、两杆强度相等，刚度不相等12-3、在工程上认为塑性材料的极限应力是（）。（1）（2）（3）A、屈服极限B、强度极限C、弹性极限D、比例极限12-4、三根试件的尺寸相同，材料不同，其应力应变关系如右图所示，则_____强度高，______刚度大，_____塑性好。三、作图题12-1、拉压杆如图12-1所示，作出各杆的轴力图。图12-1解题提示根据截面法求出各杆不同轴力段上的轴力值，而后再作出轴力图如下。四、应用题12-1、一根钢质圆杆长3m，直径为25cm，E=200GPa，两端作用。试计算钢杆的应力和应变。解题提示由应力公式=F/A，可得应力；再由虎克定律=E可得。12-2、圆形截面杆如图12-2所示。已知E=200GPa，受到轴向拉力F=150kN。如果中间部分直径为30cm，试计算中间部分的应力。如杆的总伸长为0.2mm，试求中间部分的杆长。图12-2解题提示求中间部分杆长可先令其为L，再由l=l1+l2及虎克定律列方程可求得L。12-3、厂房立柱如图12-3所示。它受到屋顶作用的载荷F1=120kN，吊车作用的载荷F2=100kN，E=18GPa，l1=3m，l2=7m，横截面的面积A1=400cm2LINKWord.Document.8D:\\工程力学\\习题\\工程力学习题集及部分解答指导.docOLE_LINK2\a\r\*MERGEFORMAT错误！链接无效。A2=400cm2。试画其轴力图，并求：1）各段横截面上的应力；2）绝对变形l。解题提示图12-3分段求出应力和应变，再由l=l1+l2求得L。12-4、如图12-4所示零件受力F=40kN，其尺寸如图所示。试求最大应力。图12-412-5、如图12-5所示，在圆截面杆上铣去一槽。已知F=10kN，d=45mm，槽宽为d/4。试求杆横截面上的最大正应力及其所在位置。图12-5解题提示图12-3最大正应力的所在位置就是图示A-A截面，在应力公式求解即可。12-6、一板状试件如图12-6所示，在其表面贴上纵向和横向的电阻应变片来测量试件的应变。已知b=4mm，h=30mm，当施加3kN的拉力时测得试件的纵向线应变1=120×10-6。横向线应变2=-38×10-6。求试件材料的弹性模量E和泊松比。解题提示泊松比可由横向和纵向应变比值得到；弹性模量则可由虎克定律求得。图12-612-7、蒸汽机汽缸如图12-7所示，已知D=350mm，联接汽缸和汽缸盖的螺栓直径d=20mm，如蒸汽机压力p=1MPa，螺栓材料的许用应力[]=40MPa，试求所需螺栓的个数。图12-712-8、某悬臂吊车如图12-8所示，最大起重载荷G=20kN，AB杆为Q235圆钢，许用应力[]=120MPa。试设计AB杆的直径。解题提示由拉压强度条件解决截面设计问题。图12-812-9、三角架结构如图12-9所示，AB杆为钢杆，其横截面面积A1=600mm2，许用应力[]G=140MPa；BC杆为木杆，其横截面面积A2=3×104mm2，许用应力[]M=3.5MPa，试求许用载荷[F]。解题提示由B点受力可得F、FBA、FBC之间的关系，在由FN≤A可得[FBA][FBC]。图12-912-10、如图12-10所示为两端固定的杆件，求两端的支反力。解：该问题为静不定问题。第十二章习题参考答案一、判断题12-1（错）、12-2（对）、12-3（对）、12-4（错）、12-5（错）二、单项选择题12-1（A）、12-2（A）、12-3（A）、12-4（2、1、3）三、作图题略四、应用题12-1=203.82MPa=1×10-312-2L=153.9MM12-31=-3MPa2=-5.33MPal=-2.574mm12-471.43MPa12-59.23MPa12-6E=208.33GPa=0.3212-78个12-825mm12-984kN12-104F/3-5F/3第十三章剪切与挤压一、判断题13-1、剪切变形就是构件承受一对平衡力作用的结果。（）13-2、受剪切螺栓的直径增加1倍，当其它条件不变时，剪切面上的切应力将亦增加1倍。（）13-3、挤压实用计算中，挤压面的计算面积就是挤压面的表面积。LINKWord.Document.8D:\\工程力学\\习题\\工程力学习题集及部分解答指导.docOLE_LINK1\a\r\*MERGEFORMAT错误！链接无效。13-4、受挤压的螺栓的直径增加1倍，当其它条件不变时，挤压面上的挤压应力将减少1倍。（）二、单项选择题13-1、受剪切螺栓的直径增加1倍，当其它条件不变时，剪切面上的切应力将减少到原来的（）。A、1B、1/2C、1/4D、3/413-2、受剪切螺栓的直径增加1倍，当其它条件不变时，剪切面上的挤压应力将减少到原来的（）。A、1B、1/2C、1/4D、3/4图13-1三、应用题13-1、图13-1所示切料装置用刀刃把切料模中12mm的棒料的抗剪强度b=320MPa，试计算切断力F。解题提示切断的条件：图13-213-2、图13-2所示螺栓受拉力F作用，已知材料的许用切应力[]和许用拉应力[]之间的关系为[]=0.6[]。试求螺栓直径d与螺栓头高度h的合理比例。解题提示由拉伸强度条件：由剪切强度条件：合理比例应F1=F2图13-313-3、压力机最大许可载荷F=600kN。为防止过载而采用环式保险器（图13-3），过载时保险器先被剪断。已知D=50mm，材料的抗剪强度b=200MPa，试确定保险器的尺寸。解题提示由剪断条件：图13-413-4、两厚度t=10mm，宽b=50mm的钢板对接，铆钉的个数和分布如图13-4所示，上下盖板的厚度t1=6mm，F=50kN，铆钉和钢板的许用应力为[]=170MPa、[]=100MPa和[jy]=250MPa。试设计铆钉直径。解题提示该题中的铆钉的直径设计应根据三种不同的强度条件：铆钉的剪切强度条件、铆钉的挤压强度条件和钢板的拉伸强度条件分别计算选择一合适的值。图13-513-5、图13-5所示为矩形截面的钢板拉伸试件，载荷通过销钉传至试件。若试件和销钉材料相同，[]=100MPa，[jy]=320MPa，[]=160MPa，抗拉强度=400MPa。为保证试件在中部被拉断，试确定试件端部尺寸b及销钉直径d。解题提示先根据拉断试件求出F的大小，在由销钉的剪切强度条件和挤压强度条件来确定销钉的直径，最后根据试件端部的拉伸强度条件来确定b。第十三章习题参考答案一、判断题13-1（错）、13-2（错）、13-3（错）、13-4（对）二、单项选择题13-1（C）、13-2（B）三、应用题13-136.2MPa13-22.413-319.1mm13-411mm13-5d≥37.5mmb≥112.5mm第十四章扭转一、判断题14-1、在材料和横截面积相同的情况下，空心圆截面杆的抗扭能力高于实心圆杆。（）14-2、直径、长度相同，而材料不同的两根圆轴，在相同的扭矩作用下，它们的最大切应力相同。（）14-3、圆轴扭转时，横截面同一圆周上各点的切应力大小不全相同。LINKWord.Document.8D:\\工程力学\\习题\\工程力学习题集及部分解答指导.docOLE_LINK1\a\r\*MERGEFORMAT错误！链接无效。14-4、从节省材料和减少重量考虑，汽车传动轴都采用空心轴。LINKWord.Document.8D:\\工程力学\\习题\\工程力学习题集及部分解答指导.docOLE_LINK1\a\r\*MERGEFORMAT错误！链接无效。二、单项选择题14-1、直径为d的实心圆轴抗扭截面系数Wn=（）。A、πd3/16B、πd3/32C、πd4/16D、πd4/3214-2、圆轴扭转时，横截面同一圆周上各点的切应力大小（）。A、部分相同B、全相同C、全不同D、以上全不正确14-3、用铝和钢制成的两根圆截面轴，尺寸相同，所受外力偶矩相同，则两轴上的最大切应力（）。A、相同B、钢轴大C、铝轴大D、不能确定14-4、若空心圆轴的外径为D、内径为d,a=，则抗扭截面系数Wn=()。A.B.C.D.三、作图题14-1、作出图14-1所示各轴的扭矩图。图14-1解题提示根据截面法求出各轴段上的扭矩值，而后再作出扭矩图如下。14-2、某传动轴（图