带电粒子在复合场中全面归纳总结

第三节带电粒子在复合场中的运动一、带电粒子在复合场中的运动1.复合场的分类⑴叠加场：电场、口上、重力场共存，或其中某两场共存.(2)组合场：电场与磁场各位于一定的区域，并不重叠或在同一区域，电场、磁场□出现.2.带电粒子在复合场中的运动分类静止或匀速直线运动当带电粒子在复合场中所受合外力□_03_时，将处于静止状态或做匀速直线运动匀速圆周运动—当带电粒子所受的口豊与□大小相等、方向相反时，带电粒子在□的作用下，在垂直于匀强磁场的平面做匀速圆周运动.非匀变速曲线运动当带电粒子所受的合外力的大小和方向均变化，且与初速度方向不在同一条直线上时，粒子做非匀变速曲线运动，这时粒子运动轨迹既不是圆弧，也不是抛物线.分阶段运动带电粒子可能依次通过几个情况不同的复合场区域，其运动情况随区域发生变化，动过程由几种不同的运动阶段组成.二、带电粒子在复合场中运动的实例 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 1•质谱仪(1)构造：如图所示，由粒子源、加速电场、偏转磁场和照相底片等构成.06其运(2)原理：粒子由静止在加速电场中被加速，根据动能定理可得关系式口_0!2在磁场中受洛伦兹力偏转，做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律得关系式qvB=nr.由以上两式可得出需要研究的物理量，如粒子轨道半径、粒子质量、比荷.qr=,m=B09,^=2!粒子2.回旋加速器构造：如图所示，Di、D2是半圆金属盒，D形盒的缝隙处接□工_____电源.D形盒处于匀强磁场中.原理：交流电的周期和粒子做圆周运动的周期口，粒子在圆周运动的过程中一次一次地经过D形盒缝隙，两盒间的电势差一次一次地反向，粒子就会被一次一次地加2mv速.由qvB=-R，得Ekm=23，可见粒子获得的最大动能由磁感应强度B和D形盒半径R决定，与加速电压无关.特别 提示 春节期间物业温馨提示小区春节期间温馨提示物业小区春节温馨提示春节物业温馨提示物业春节期间温馨提示 ：这两个实例都应用了带电粒子在电场中加速、在磁场中偏转(匀速圆周运动)的原理.速度选择器平行板中电场强度E和磁感应强度B互相垂直.这种装置能把具有一定口J4的粒子选择出来，所以叫做速度选择器.⑵带电粒子能够沿直线匀速通过速度选择器的条件是口J5，即v=B磁流体发电机磁流体发电是一项新兴技术，它可以把口16_能直接转化为电能.根据左手定则，如图中的B板是发电机乏极.磁流体发电机两极板间的距离为L,等离子体速度为V,磁场的磁感应强度为B,则U、由qE=q〔=qvB得两极板间能达到的最大电势差U=g8电磁流量计工作原理：如图所示，圆形导管直径为d,用非磁性材料制成，导电液体在管中向左流动，导电液体中的自由电荷(正、负离子)，在洛伦兹力的作用下横向偏转，a、b间出现电势差，形成电场，当自由电荷所受的电场力和洛伦兹力平衡时，a、b间的电势差就保持稳2UUndUndU定，即：qvB=qE=qq,所以v=Bd因此液体流量Qi=Sv=•前=""4^.带电粒子在组合场中的运动电偏转”和“磁偏转”的比较垂直电场线进入匀强电场(不计重力)垂直磁感线进入匀强磁场(不计重力)受力情况电场力Fe=qE,其大小、方向不变，与速度v无关，Fe是恒力洛伦兹力Fb=qvB,其大小不变，方向随v而改变，Fb是变力轨迹抛物线圆或圆的一部分运动轨迹求解方法利用类平抛运动的规律求解：Vx=VoqEx=VotVy=——•ty=m7qE2亍•一•t偏转角0：tan0mVyqEtVxmV半径：r=qB周期：T=qB偏移距离y和偏转角0要结合圆的几何关系利用圆周运动规律讨论求解运动时间xt=V；t=0T=0mt2n1Bq动能变化不变(2013•高考卷)如图所示的平面直角坐标系xOy,在第I象限有平行于y轴的匀强电场，方向沿y轴正方向；在第W象限的正三角形abc区域有匀强磁场，方向垂直于xOy平面向里，正三角形边长为L,且ab边与y轴平行.一质量为m电荷量为q的粒子，从y轴上的P(0,h)点，以大小为vo的速度沿x轴正方向射入电场，通过电场后从x轴上的a(2h,0)点进入第W象限，又经过磁场从y轴上的某点进入第川象限，且速度与y轴负方向成45。角，不计粒子所受的重力.求：电场强度E的大小；粒子到达a点时速度的大小和方向；abc区域磁场的磁感应强度B的最小值.［方法总结］解决带电粒子在组合场中的运动问 题 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 的思路首先明确每个场的性质、方向、强弱和围；对带电粒子进行受力分析，确定带电粒子的运动性质，分析粒子的运动过程，画出运动轨迹.通过分析，确定粒子从一个场区进入另一场区时的位置、速度大小和方向是解题的关键.1.(2014•模拟)如图所示，在空间中存在垂直纸面向里的匀强磁场，其竖直边界ABCD的宽度为d,在边界AB左侧是竖直向下、场强为E的匀强电场，现有质量为m带电量为+q的粒子(不计重力)从P点以大小为vo的水平初速度射入电场，随后与边界AB成45°射入磁场.若粒子能垂直CD边界飞出磁场，穿过小孔进入如图所示两竖直平行金属板间的匀强电场中减速至零且碰不到正极板.请画出粒子上述过程中的运动轨迹，并求出粒子进入磁场时的速度大小v；求匀强磁场的磁感应强度B;求金属板间的电压U的最小值.带电粒子在叠加场中的运动1•带电粒子在叠加场中无约束情况下的运动情况分类磁场力、重力并存①若重力和洛伦兹力平衡，则带电体做匀速直线运动.②若重力和洛伦兹力不平衡，则带电体将做复杂的曲线运动，械能守恒，由此可求解问题.电场力、磁场力并存(不计重力的微观粒子)若电场力和洛伦兹力平衡，则带电体做匀速直线运动.若电场力和洛伦兹力不平衡，则带电体将做复杂的曲线运动,用动能定理求解问题.电场力、磁场力、重力并存若三力平衡，一定做匀速直线运动.若重力与电场力平衡，一定做匀速圆周运动.若合力不为零且与速度方向不垂直，将做复杂的曲线运动，能量守恒或动能定理求解问题.因洛伦兹力不做功，故机因洛伦兹力不做功，可因洛伦兹力不做功，可用2.带电粒子在叠加场中有约束情况下的运动带电体在复合场中受轻杆、轻绳、圆环、轨道等约束的情况下，常见的运动形式有直线运动和圆周运动，此时解题要通过受力分析明确变力、恒力做功情况，并注意洛伦兹力不做功的特点，运用动能定理、能量守恒定律结合牛顿运动定律求出结果.(2012•高考卷)如图所示，两块水平放置、相距为d的长金属板接在电压可调的电源上.两板之间的右侧区域存在方向垂直纸面向里的匀强磁场.将喷墨打印机的喷口靠近上板下表面，从喷口连续不断喷出质量均为m水平速度均为vo、带相等电荷量的墨滴.调节电源电压至U,墨滴在电场区域恰能沿水平向右做匀速直线运动；进入电场、磁场共存区域后,最终垂直打在下板的M点.判断墨滴所带电荷的种类，并求其电荷量；求磁感应强度B的值；现保持喷口方向不变，使其竖直下移到两板中间的位置•为了使墨滴仍能到达下板M点，应将磁感应强度调至B',则B'的大小为多少？【解题探究】(1)墨滴在电场中做匀速直线运动，其平衡条件是什么？墨滴进入电、磁场共存区域后，做什么运动？［课堂笔记］2•如图所示，带电平行金属板相距为2R,在两板间有垂直纸面向里、磁感应强度为B的圆形匀强磁场区域，与两板及左侧边缘线相切.一个带正电的粒子(不计重力)沿两板间中心线OQ从左侧边缘0点以某一速度射入，恰沿直线通过圆形磁场区域，并从极板边缘飞出，在极板间运动时间为to.若撤去磁场，粒子仍从Q点以相同速度射入，则经严时间打到极板上.求两极板间电压U；若两极板不带电，保持磁场不变，该粒子仍沿中心线OQ从O点射入，欲使粒子从两板左侧间飞出，射入的速度应满足什么条件？“微讲座”(八)一一带电粒子在复合场中的运动轨迹分析带电粒子在复合场中的运动是历年高考中的压轴题，所以明确粒子的运动轨迹、类型及判定方法对于问题的解决至关重要.•运动轨迹一一运动性质⑴直线匀速直线运动匀变速直线运动抛物线：类平抛运动圆周(圆弧)：匀速圆周运动复杂曲线：变加速曲线运动2•运动条件一一解决思路匀速直线运动：粒子受到的合场力为零，用平衡条件列方程.匀变速直线运动：一般情况下，带电粒子沿电场线进入匀强电场，且只受电场力作用，用动力学公式或动能定理列方程.类平抛运动：带电粒子垂直电场线进入匀强电场，且只受电场力作用，用运动的合成和分解加以解决.匀速圆周运动：①带电粒子垂直进入匀强磁场，且只受洛伦兹力，用牛顿第二定律列方程；②带电粒子垂直磁场进入正交的磁场、电场、重力场区域，列重力与电场力平衡方程和洛伦兹力提供向心力方程.变加速曲线运动：带电粒子在叠加场中做曲线运动的过程中，洛伦兹力的大小和方向均发生变化•一般列动能定理方程.带电粒子在复合场中运动时，是上述两种或三种运动的组合，因此要分段加以研究，关键弄清粒子从一区域进入另一区域时的位置、速度大小和方向.如图所示，一个带负电的粒子沿磁场边界从A点射出，粒子质量为m电荷量为一q,其中区域I、川的匀强磁场宽为d,磁感应强度为B,区域n宽也为d,粒子从A点射出后经过I、n、川区域后能回到A点，不计粒子重力.求粒子从A点射出到回到A点经历的时间t.若在区域H加一水平向左的匀强电场且区域川的磁感应强度变为2B,粒子也能回到A点，求电场强度E的大小.若粒子经I、n、川区域后返回到区域I前的瞬间使区域I的磁场反向且磁感应强度减半，则粒子的出射点距A点的距离为多少？A点，由对称性可知粒［解析］⑴因粒子从A点出发，经过i、n、川区域后能回到子做圆周运动的半径为r=d2,vpBqd由Bqv=得v=rmBq2nr+2d2nm+2m所以运动时间为t=——v⑵在区域n由动能定理得1212qEd=—mv—mv22由题意知在区域川粒子做圆周运动的半径仍为v224B2q2d2由2Bqv=叶得v；=—^2—rm联立得E=3%q2m改变区域I磁场后，粒子运动轨迹如图所示，由qBqv=mR得R=2r=2d所以00氏一d2=3d即粒子出射点距A点的距离为s=r+R—OC=(3—、.、3)d.［答案］见解析(2014•部分学校联考)如图甲所示，水平直线MN下方有竖直向上的匀强电场，现将qn重力不计、比荷为m=1.0xio6c/kg的正电荷置于电场中的o点并由静止释放，经过i5xio—5s后，电荷以Vo=1.5x104m/s的速度通过MNS入上方的匀强磁场中，磁场与纸面垂直，磁感应强度B按图乙所示规律周期性变化(图乙中磁场以垂直纸面向外为正，以电荷第一次通过MN寸为t=0时刻).求匀强电场的电场强度E的大小；求图乙中t=x10—5s时电荷距O点的水平距离；5如果在O点右方d=68cm处有一垂直于MN勺足够大的挡板，求电荷从O点出发运动到挡板所需的时间.(sin37°=0.60,cos37°=0.80)［解析］(1)电荷在电场中做匀加速直线运动，设其在电场中运动的时间为t1,有：vo=at1Eq=ma"，口mv3解得：E=〜7.2x10N/C.qt1(2)当磁场垂直纸面向外时，电荷运动的轨迹半径：mvr1==5cmBq2nm2n~—5周期T1==—x105sBq3丙当磁场垂直纸面向里时，电荷运动的半径：mv「2==3cmB2qTOC\o"1-5"\h\z2nm2n一5周期T2==—X105sB2q5故电荷从t=0时刻开始做周期性运动，其运动轨迹如图丙所示.4n—5t=*x10—5s时刻电荷与O点的水平距离：5△d=2(ri—r2)=4cm.4n—5电荷从第一次通过MN开始，其运动的周期T=X10—5s,根据电荷的运动情况可5知，电荷到达挡板前运动的完整周期数为15个，此时电荷沿MN运动的距离x=15Ad=60cm丁则最后8cm的距离电荷的运动轨迹如图丁所示,“+“cosa=8cm解得：cosa=0.6，贝Va=53°故电荷运动的总时间t总=ti+15T+才―fl于Ti=3.86X10-4s3一4［答案］(1)7.2X10N/C(2)4cm(3)3.86X10s(2013•高考卷)如图甲，空间存在一围足够大的垂直于xOy平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B.让质量为m电荷量为q(q>0)的粒子从坐标原点O沿xOy平面以不同的初速度大小和方向入射到该磁场中•不计重力和粒子间的影响.若粒子以初速度V1沿y轴正向入射，恰好能经过x轴上的A(a,0)点，求V1的大小.已知一粒子的初速度大小为v(v>vj,为使该粒子能经过A(a,0)点，其入射角0(粒子初速度与x轴正向的夹角)有几个？并求出对应的sin0值.如图乙，若在此空间再加入沿y轴正向、大小为E的匀强电场，一粒子从O点以初速度v。沿y轴正向发射.研究表明：粒子在xOy平面做周期性运动，且在任一时刻，粒子速度的x分量vx与其所在位置的y坐标成正比，比例系数与场强大小E无关.求该粒子运动过程中的最大速度值Vm［解析］(1)带电粒子以速率v在匀强磁场B中做匀速圆周运动，半径为R,有当粒子沿y轴正向入射，转过半个圆周至A点，该圆周半径为R，有:R=2②由②代入①式得⑵如图，OA两点处于同一圆周上，且圆心在x=2的直线上，半径为R当给定一个初速率v时，有2个入射角，分别在第1、2象限，有sin0z=sin0=2R由①④式解得aqB—sin0=.⑤2mvym表示其y(3)粒子在运动过程中仅电场力做功，因而在轨道的最高点处速率最大，用坐标，由动能定理，有1212^qEyn=^m\m-^mv⑥vo沿y轴正向入射，有由题意，有Vm=kym⑦若E=0时，粒子以初速度2V0—qv°B=njR⑧v°=kR)⑨由⑥⑦⑧⑨式解得EVm=b+(2)2个B2+v0aqBE不v⑶B+E22B+Vo