2019-2020年高考物理1月模拟试卷（含解析）

PAGE/NUMPAGES2019-2020年高考物理1月模拟试卷（含解析）　一、选择 题 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 （本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目 要求 对教师党员的评价套管和固井爆破片与爆破装置仓库管理基本要求三甲医院都需要复审吗 ，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．做平抛运动的物体，每秒速度的增量总是（　　）　A．大小相等，方向相同B．大小不等，方向不同　C．大小相等，方向不同D．大小不等，方向相同　2．如图所示，三个相同的金属圆环内，存在着不同的有界匀强磁场，虚线表示环的某条直径，已知所有磁场的磁感应强度随时间变化都满足B=kt，方向如图．测得A环中感应电流强度为I，则B环和C环内感应电流强度分别为（　　）　A．IB=I、IC=0B．IB=I、IC=2IC．IB=2I、IC=2ID．IB=2I、IC=0　3．如图所示，是某同学绘制的沿直线运动的物体的加速度a、速度v、位移x随时间变化的图象，若该物体在t=0时刻的速度为零，则A、B、C、D四个选项中表示该物体沿单一方向运动的图象是（　　）　A．B．C．D．　4．如图所示，甲、乙两个交流电路中，电源的电压、输出电流均相等．若理想变压器原、副线圈的匝数为n1、n2，则负载电阻R1与R2的比值为（　　）　A．n1：n2B．n2；n1　C．n：nD．n：n　5．已知均匀带电球体在球的外部产生的电场与一个位于球心的、电荷量相等的点电荷产生的电场相同，如图所示，半径为R的均匀带电球体，带电量为Q，在过球心O的直线上有A、B两个点，O和B、B和A间的距离均为R．现以OB为直径在球内挖一球形空腔，若静电力常量为k，球的体积公式为V=πr3，则A点处场强的大小为（　　）　A．B．C．D．　6．关于物理学史，下列说法中正确的是（　　）　A．英国物理学家法拉每发现了电磁感应现象　B．奥斯物在实验中观测到电流的磁效应，该效应揭示了电与磁之间存在了解　C．开普勒用了长达20年时间研究了第谷的行星观察记录，发现了万有引力定律　D．牛顿通过对自由落体的研究把实验和逻辑推理结合起来，推翻了亚里斯多德“物体下落快慢是由它们重量决定”的结论　7．冥王星绕太阳的公转轨道是个椭圆，公转周期为T0，其近日点为A，远日点为C，BD为椭圆的短轴，如图所示．忽略其它行星对它的影响，则（　　）　A．冥王星在A点的加速度最大　B．冥王星从A→B所用的时间等于　C．冥王星从A→B→C的过程中，速率先增大后减小　D．冥王星从B→C→D的过程中，万有引力对它先做负功后做正功　8．如图所示，倾斜的传送带以恒定的速度v2向上运动，一个小物块以初速度v1从底端冲上传送带，且v1大于v2，小物块从传送带底端到达顶端的过程中一直做减速运动，则（　　）　A．小物块到达顶端的速度不可能等于v2　B．小物块到达顶端的速度可能等于零　C．小物块的机械能一直在减小　D．小物块所受的合外力一直做负功　　二、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必考题，每个试题考生必须作答．第13-18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．在“探究加速度与力、质量的关系”时膝用如图所示的装置，小车及车中砝码的质量为M，砂和砂桶的质量为m，打出的纸带如图（a）所示，相邻计数点间的时间间隔是T．（1）测出纸带各相邻计数点之间的距离分别为S1、S2、S3、S4，为使实验结果更精确一些，该同学计算加速度的公式应为a=　　　　　　；（2）探究加速度a与力F、质量M的关系时，先研究加速度与力的关系，再研究加速度与质量的关系，这样的研究 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 叫：　　　　　　；实验中，当m与M的大小关系满足　　　　　　时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力．（3）另有位同学通过测量，作出a﹣F图象，如图（b）所示，试分析：图象不通过原点的原因是：　　　　　　．　10．研究性学习小组围绕一个量程为30mA的电流计展开探究．（1）为测量该电流计的内阻，同学甲 设计 领导形象设计圆作业设计ao工艺污水处理厂设计附属工程施工组织设计清扫机器人结构设计 了如图（a）所示电路．图中电源电动势未知，内阻不计．闭合开关，将电阻箱阻值调到20Ω时，电流计恰好满偏；将电阻箱阻值调到95Ω时，电流计指针指在如图（b）所示位置，则电流计的读数为　　　　　　mA．由以上数据可得电流计的内阻Rg=　　　　　　Ω．（2）同学乙将甲设计的电路稍作改变，在电流计两端接上两个表笔，如图（c）所示，设计出一个简易的欧姆表，并将表盘的电流刻度转换为电阻刻度：闭合开关，将两表笔断开，调节电阻箱，使指针指在“30mA”处，此处刻度应标阻值为　　　　　　Ω（填“0”或“∞”）；再保持电阻箱阻值不变，在两表笔间接不同阻值的已知电阻找出对应的电流刻度．则“10mA”处对应表笔间电阻阻值为　　　　　　Ω．若该欧姆表使用一段时间后，电池内阻变大不能忽略，电动势不变，但将两表笔断开，指针仍能满偏，按正确使用方法再进 行测 数字推理题500道详解公务员考试成语大全公务员考试常识4000题公务员行测学霸笔记图行测常识900题及答案 量，其测量结果与原结果相比将　　　　　　（填“变大”、“变小”或“不变”）．　11．在某次探究试验中，实验员每次均使某物体以确定的实速率v0沿斜面向上滑出，如图a所示（斜面足够长且与水平方向的倾角θ可在0°﹣90°之间调节），物体在斜面上能达到的最大位移x与斜面倾角θ的关系由图b中的曲线给出．设各种条件下，物体运动过程中的动摩擦因数μ不变，g=10m/s2，试求：（1）物体的初速率v0和物体与斜面间的动摩擦因数μ（2）θ为30°时，x的值为多少？　12．如图所示，xOy坐标系内有匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，x＜0的区域内有匀强电场（图中未画出）．x＞0区域有一半径为R的圆柱形圆筒，圆心O1的坐标为（2R，0），圆筒轴线与磁场平行，现有范围足够大的平行电子束恰能沿x轴正方向做匀速直线通过x＜0区域，已知电子的质量为m、电荷量为e，不考虑电子间的相互作用，不计电子重力．求：（1）求x＜0区域内的匀强电场的场强大小为E，则电子速的速度大小为多少？（2）若圆筒外表面各处都没有电子打到，则电子速度应满足什么条件？（3）若电子初速度满足v0=，有部分电子能打到圆筒上，则这些电子通过y轴时的坐标范围是多少？圆筒表面有电子打到的区域与没有电子打到的区域的面积之比是多少？　　（二）选考题：请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分．【物理-选修3-3】13．下列说法正确的是（　　）　A．某种液体的饱和蒸汽压与温度有关　B．不是所有晶体都具有各向异性的特点　C．一切自发过程总是向着分子热运动的无序性减小的方向进行　D．布朗运动就是液体分子的热运动　E．一定质量的理想气体，放热的同时外界对其做功，其内能可能减少　14．一定质量的理想气体经历了温度缓慢升高的变化，如图所示，p﹣T和V﹣T图各记录了其部分变化过程，试求：①温度为600K时气体的压强；②在p﹣T图象上将温度从400K升高到600K的变化过程补充完整．　　【物理-选修3-4】1015•钦州模拟）如图为一列沿x轴正方向传播的简谐横波的部分波形图，若该波波速v=40m/s，在t=0时刻波刚好传播到x=13m处，下列关于波在t=0.45s时的运动情况分析，其中正确的是（　　）　A．该波x=9m处的质点的位移为﹣5cm　B．该波x=11m处的质点的位移为5cm　C．该波x=11m处的质点速度方向沿y轴负向　D．该波刚好传播到x=31m处　E．该波刚好传播到x=18m处　1015•钦州模拟）如图，坐标系中阴影部分ABC为一透明材料做成的光学元件横截面，该种材料折射率n=2，AC为一半径为R的圆弧，圆心在坐标原点O上，ABCO构成正方形，在O处有一点光源．①该透明材料发生全反射时的临界角；②从点光源射入该透明材料的光中，有一部分无法从AB、BC面射出，请分别求出：在AB表面上和BC表面上有光线透射出来的坐标范围．　　【物理-选修3-5】1015•钦州模拟）下列说法中正确的是（　　）　A．铀核裂变的核反应是U→Ba→Kr+2n　B．Th衰变成Pb要经过6次α衰变和4次β衰变　C．β衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的　D．升高放射性物质的温度，并不会缩短其半衰期　E．对于某种金属，超过极限频率的入射光频率越高，所产生的光电子的最大初动能就越大　1015•钦州模拟）如图所示，在水平光滑直导轨上，静止着三个质量均为m=1kg的相同小球A、B、C，现让A球以vA=2m/s的速度向着B球运动，A、B两球碰撞后粘合在一起，两球继续向右运动并跟C球碰撞，C球的最终速度vC=1m/s，求：（1）A、B两球碰撞后粘合在一起的速度大小；（2）A、B两球与C碰撞过程中系统损失的机械能．　　xx年广西柳州市、钦州市、北海市高考物理模拟试卷（1月份）参考答案与试题解析　一、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．做平抛运动的物体，每秒速度的增量总是（　　）　A．大小相等，方向相同B．大小不等，方向不同　C．大小相等，方向不同D．大小不等，方向相同考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：速度的增量就是速度的变化量．平抛运动的加速度不变，根据公式△v=at分析即可．解答：解：平抛运动的物体只受重力，加速度为g，保持不变，根据△v=at=gt，每秒速度增量大小相等，方向竖直向下，与加速度的方向相同．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道平抛运动每秒的速度增量大小相等，方向相同．　2．如图所示，三个相同的金属圆环内，存在着不同的有界匀强磁场，虚线表示环的某条直径，已知所有磁场的磁感应强度随时间变化都满足B=kt，方向如图．测得A环中感应电流强度为I，则B环和C环内感应电流强度分别为（　　）　A．IB=I、IC=0B．IB=I、IC=2IC．IB=2I、IC=2ID．IB=2I、IC=0考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应——功能问题．分析：先判断圆环中有无感应电流产生，再根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势的关系，再分析感应电流的关系．解答：解：C环中穿过圆环的磁感线完全抵消，磁通量为零，保持不变，所以没有感应电流产生，则IC=0．根据法拉第电磁感应定律得：E===kS，S是有效面积．则得E∝S，所以A、B中感应电动势之比为EA：EB=1：2，根据欧姆定律得知，IB=2IA=2I．故选D点评：本题关键是：一要掌握产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化，二是掌握法拉第电磁感应定律，理解式中S是有效面积，即有磁场穿过的面积．　3．如图所示，是某同学绘制的沿直线运动的物体的加速度a、速度v、位移x随时间变化的图象，若该物体在t=0时刻的速度为零，则A、B、C、D四个选项中表示该物体沿单一方向运动的图象是（　　）　A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线的正负值表示物体运动的方向，通过位移时间图线的斜率判断运动的方向．根据加速度的变化情况，分析物体的运动情况，再作出判断．解答：解：A、根据位移图象的斜率等于速度，可知图象的斜率周期性变化，说明物体的速度大小和方向作周期性变化，故A错误．B、在0﹣4s内：在0﹣2s内速度为正值，向正方向运动，在2﹣4s内速度为负值，向负方向运动，运动方向发生改变．故B错误．C、在0﹣1s内加速度为正值，物体向正方向做匀加速运动，在1﹣2s内加速度为负值，物体沿正方向匀减速运动，t=2s末速度为零，接着周而复始，故物体速度的方向不变．故C正确．D、在0﹣1s内，向正方向做匀加速直线运动，1﹣2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零，2﹣3s内向负方向做匀加速直线运动，运动的方向发生变化．故D错误．故选：C点评：解决本题的关键知道速度时间图线和位移时间图线的物理意义，以及知道它们的区别，并且能很好运用．　4．如图所示，甲、乙两个交流电路中，电源的电压、输出电流均相等．若理想变压器原、副线圈的匝数为n1、n2，则负载电阻R1与R2的比值为（　　）　A．n1：n2B．n2；n1　C．n：nD．n：n考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据电压与匝数成正比，求出电阻R2的电压，根据P=求解功率，根据功率相等即可求解电阻的比值关系．解答：解：设电源的电压为U1，则R1消耗的功率P1=根据电压与匝数成正比得：U2=则R2消耗的功率P2=因为P1=P2所以故选：C点评：本题主要考查了变压器电压与匝数的关系以及功率公式的直接应用，难度不大，属于基础题．　5．已知均匀带电球体在球的外部产生的电场与一个位于球心的、电荷量相等的点电荷产生的电场相同，如图所示，半径为R的均匀带电球体，带电量为Q，在过球心O的直线上有A、B两个点，O和B、B和A间的距离均为R．现以OB为直径在球内挖一球形空腔，若静电力常量为k，球的体积公式为V=πr3，则A点处场强的大小为（　　）　A．B．C．D．考点：电场强度．分析：本题采用割补的思想方法求解，先求出整个大球在B点产生的场强，再求出割出的小圆在A点产生的场强，利用整体场强等于空腔部分在A点产生场强和割掉的小圆球在A点产生的场强矢量和，从而求出A处的场强解答：解：由题意知，半径为R的均匀带电体在A点产生场强为：同理割出的小球半径为，因为电荷平均分布，其带电荷量为：Q′=则其在A点产生的场强：所以剩余空腔部分电荷在A点产生的场强为：所以：ACD错误，B正确．故选：B点评：本题主要采用割补法的思想，根据整体球在A点产生的场强等于割掉的小球在A点产生的场强和剩余空腔部分在A点产生的场强的矢量和，掌握割补思想是解决本题的主要入手点，掌握点电荷场强公式是基础　6．关于物理学史，下列说法中正确的是（　　）　A．英国物理学家法拉每发现了电磁感应现象　B．奥斯物在实验中观测到电流的磁效应，该效应揭示了电与磁之间存在了解　C．开普勒用了长达20年时间研究了第谷的行星观察记录，发现了万有引力定律　D．牛顿通过对自由落体的研究把实验和逻辑推理结合起来，推翻了亚里斯多德“物体下落快慢是由它们重量决定”的结论考点：物理学史．分析：本题根据法拉第、奥斯特、牛顿、伽利略等人的物理学成就进行答题．解答：解：A、1831年，英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，故A正确．B、1820年，奥斯特发现了电流的磁效应，该效应揭示了电与磁之间存在了解，故B正确．C、开普勒用了长达20年时间研究了第谷的行星观察记录，发现了行星运动定律，故C错误．D、伽利略通过对自由落体的研究把实验和逻辑推理结合起来，推翻了亚里斯多德“物体下落快慢是由它们重量决定”的结论，故D错误．故选：AB．点评：对物理学的发展史要了解，特别是一些物理学家对物理学史的贡献更应当了解，属于物理常识，要加强记忆．　7．冥王星绕太阳的公转轨道是个椭圆，公转周期为T0，其近日点为A，远日点为C，BD为椭圆的短轴，如图所示．忽略其它行星对它的影响，则（　　）　A．冥王星在A点的加速度最大　B．冥王星从A→B所用的时间等于　C．冥王星从A→B→C的过程中，速率先增大后减小　D．冥王星从B→C→D的过程中，万有引力对它先做负功后做正功考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：熟记理解开普勒的行星运动三定律：第一定律：所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在所有椭圆的一个焦点上；第二定律：对每一个行星而言，太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等；第三定律：所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等．根据力与速度方向的夹角判断该力是做正功还是负功．解答：解：A、A点是冥王星的近日点，距太阳距离最小，据万有引力定律可知，其所受万有引力最大，产生加速度最大，故A正确；B、公转周期为T0，冥王星从A→C的过程中所用的时间是0.5T0，由于冥王星从A→B→C的过程中，速率逐渐变小，从A→B与从B→C的路程相等，所以冥王星从A→B所用的时间小于，故B错误；C、冥王星从A到B再到C的过程中逐步远离太阳，引力对其做负功，根据动能定理可知，冥王星的速度逐渐减小，故C错误；D、冥王星从B→C→D的过程中，万有引力方向先与速度方向成钝角，过了C点后万有引力方向与速度方向成锐角，所以万有引力对它先做负功后做正功，故D正确．故选：AD．点评：正确理解开普勒的行星运动三定律是解答本题的关键，会根据力与速度方向的夹角判断该力是做正功还是负功．　8．如图所示，倾斜的传送带以恒定的速度v2向上运动，一个小物块以初速度v1从底端冲上传送带，且v1大于v2，小物块从传送带底端到达顶端的过程中一直做减速运动，则（　　）　A．小物块到达顶端的速度不可能等于v2　B．小物块到达顶端的速度可能等于零　C．小物块的机械能一直在减小　D．小物块所受的合外力一直做负功考点：动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题．分析：小物块以初速度v1从底端冲上传动带，且v1大于v2，所以物块在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做匀减速运动，当速度减为v2后，重力沿斜面的分量大于向上的摩擦力，物体继续减速，摩擦力方向上，（也可以一直减到顶端时速度刚好为v2），根据除重力以外的力做的功等于机械能的变化量，判断机械能的变化情况，根据动能定理可知，W合=△EK判断合力做功情况．解答：解：A、小物块从传动带底端到达顶端的过程中一直做减速运动，减到顶端时速度可能刚好与传送带速度相等，小物块到达顶端的速度等于v2，故A错误；B、小物块以初速度v1从底端冲上传动带，且v1大于v2，所以物块在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做匀减速运动，当速度减为v2后，重力沿斜面的分量可以大于向上的摩擦力，这样合力方向向下，物体继续减速，到达顶端时，速度有可能正好减为零，故B正确；C、除重力以外的力做的功等于机械能的变化量，刚开始v1大于v2，摩擦力方向向下，做负功，机械能减小，当速度减为v2后，再减速时，摩擦力方向向上，做正功，机械能增大，故C错误；D、根据动能定理可知，W合=△EK，因为物体一直做减速运动，速度动能一直减小，合外力一直做负功，故D正确．故选：BD．点评：本题主要考查了动能定理、机械能守恒定律的条件的直接应用，关键是正确分析物体的运动情况和受力情况，还要会分析摩擦力的方向，难度适中．　二、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必考题，每个试题考生必须作答．第13-18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．在“探究加速度与力、质量的关系”时膝用如图所示的装置，小车及车中砝码的质量为M，砂和砂桶的质量为m，打出的纸带如图（a）所示，相邻计数点间的时间间隔是T．（1）测出纸带各相邻计数点之间的距离分别为S1、S2、S3、S4，为使实验结果更精确一些，该同学计算加速度的公式应为a=　　；（2）探究加速度a与力F、质量M的关系时，先研究加速度与力的关系，再研究加速度与质量的关系，这样的研究方法叫：　控制变量　；实验中，当m与M的大小关系满足　m＜＜M　时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力．（3）另有位同学通过测量，作出a﹣F图象，如图（b）所示，试分析：图象不通过原点的原因是：　平衡摩擦力不足或没平衡摩擦力　．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）小车做匀加速运动，故纸带上的点迹应距离越来越大，加速度可由匀变速运动的推论：xm﹣xn=（m﹣n）at2进行求解．（2）要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m＜＜M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力；（3）根据图象，分析误差出现的原因：平衡摩擦力的原因和小车质量M要远远大于砂及砂桶的质量m关系的原因．解答：解：（1）由匀变速运动的推论：xm﹣xn=（m﹣n）aT2得：a1=a2=a==（2）探究加速度a与力F、质量M的关系时，先研究加速度与力的关系，再研究加速度与质量的关系，这样的研究方法叫控制变量法；根据牛顿第二定律得：对m：mg﹣F拉=ma对M：F拉=Ma解得：F拉==当M＞＞m时，即小车的质量远大于砝码和盘的总质量，绳子的拉力近似等于砝码和盘的总重力（3）当F不为零时，物体仍然没有加速度，所以图象不通过原点的原因是：没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够；故答案为：（1）；（2）控制变量，m＜＜M；（3）平衡摩擦力不足或没平衡摩擦力．点评：实验时需要注意的问题我们可以结合实验原理记忆，明确实验原理是处理实验题的重中之重，从纸带上求解速度和加速度是处理纸带的两个主要问题，一定要熟练掌握．　10．研究性学习小组围绕一个量程为30mA的电流计展开探究．（1）为测量该电流计的内阻，同学甲设计了如图（a）所示电路．图中电源电动势未知，内阻不计．闭合开关，将电阻箱阻值调到20Ω时，电流计恰好满偏；将电阻箱阻值调到95Ω时，电流计指针指在如图（b）所示位置，则电流计的读数为　12.0　mA．由以上数据可得电流计的内阻Rg=　30　Ω．（2）同学乙将甲设计的电路稍作改变，在电流计两端接上两个表笔，如图（c）所示，设计出一个简易的欧姆表，并将表盘的电流刻度转换为电阻刻度：闭合开关，将两表笔断开，调节电阻箱，使指针指在“30mA”处，此处刻度应标阻值为　∞　Ω（填“0”或“∞”）；再保持电阻箱阻值不变，在两表笔间接不同阻值的已知电阻找出对应的电流刻度．则“10mA”处对应表笔间电阻阻值为　6　Ω．若该欧姆表使用一段时间后，电池内阻变大不能忽略，电动势不变，但将两表笔断开，指针仍能满偏，按正确使用方法再进行测量，其测量结果与原结果相比将　不变　（填“变大”、“变小”或“不变”）．考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）由图示电流表表盘确定其分度值，读出其示数；应用闭合电路欧姆定律求出电流表内阻．（2）欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，应用闭合电路欧姆定律分析答题．解答：解：（1）由图（b）所示表盘可知，其分度值为1mA，示数为12.0mA，将电阻箱阻值调到20Ω时，电流计恰好满偏，根据闭合电路欧姆定律：E=Ig（R+Rg），即E=0.03（20+Rg）…①将电阻箱阻值调到95Ω时，电流计的读数为12mA，根据闭合电路欧姆定律：E=0.012（95+Rg）…②联立①②得：Rg=30Ω（2）将两表笔断开，即相当于所测电阻无穷大，则指针指在“30mA”处，此处刻度应标阻值为∞；根据闭合电路欧姆定律将两表笔断开时有：Ig==30mA…①，当两表笔接上电阻RX时有I干=…②，根据分流公式可得通过电流表的电流为：I=…③联立①②③并将E=1.5V，Rg=30Ω代入解得：Rx=6Ω．根据闭合电路欧姆定律可知电池新时有：Ig==，测量电阻时电流表示数为：I=•，欧姆表用一段时间调零时有：Ig==，测量电阻时：I=•，比较可知r+R=r′+R′，所以若电流相同则Rx=Rx′，即测量结果不变．故答案为：（1）12.0；30；（2）∞；6；（3）不变．点评：此题的易错之处在于两表笔不是接在干路上，而是接在电流表两端，故应根据电路图结合分流公式写出通过电流表的电流表达式，在解方程得出结果．　11．在某次探究试验中，实验员每次均使某物体以确定的实速率v0沿斜面向上滑出，如图a所示（斜面足够长且与水平方向的倾角θ可在0°﹣90°之间调节），物体在斜面上能达到的最大位移x与斜面倾角θ的关系由图b中的曲线给出．设各种条件下，物体运动过程中的动摩擦因数μ不变，g=10m/s2，试求：（1）物体的初速率v0和物体与斜面间的动摩擦因数μ（2）θ为30°时，x的值为多少？考点：动能定理的应用；滑动摩擦力．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）由图示图象判断物体的运动性质，求出角度对应的位移，然后应用牛顿第二定律、运动学公式求出物体的初速度与动摩擦因数．（2）由动能定理列方程，求出θ为30°时x的值．解答：解：（1）当θ=90°时，物体做竖直上抛运动，v0===5m/s，当θ=0°时，物体在水平面上做匀减速直线运动，由图示图象可知：x=m，设摩擦因数为μ，此时：f=μmg，由牛顿第二定律得：μmg=ma，解得：a=μg，由匀变速直线运动的速度位移公式得：v02=2ax，代入数据解得：μ=；（2）由动能定理得，对应的位移x满足的关系式：mv02=mgxsinθ+μmgxcosθ，当θ=30°时，解得：x=1.25m；答：（1）物体的初速率v0为5m/s，物体与斜面间的动摩擦因数μ为；（2）θ为30°时，x的值为1.25m．点评：本题综合考查动能定理、受力分析及竖直上抛运动；并键在于先明确图象的性质，再通过图象明确物体的运动过程；结合受力分析及动能定理等方法求解．　12．如图所示，xOy坐标系内有匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，x＜0的区域内有匀强电场（图中未画出）．x＞0区域有一半径为R的圆柱形圆筒，圆心O1的坐标为（2R，0），圆筒轴线与磁场平行，现有范围足够大的平行电子束恰能沿x轴正方向做匀速直线通过x＜0区域，已知电子的质量为m、电荷量为e，不考虑电子间的相互作用，不计电子重力．求：（1）求x＜0区域内的匀强电场的场强大小为E，则电子速的速度大小为多少？（2）若圆筒外表面各处都没有电子打到，则电子速度应满足什么条件？（3）若电子初速度满足v0=，有部分电子能打到圆筒上，则这些电子通过y轴时的坐标范围是多少？圆筒表面有电子打到的区域与没有电子打到的区域的面积之比是多少？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）电子y轴左侧做匀速直线运动，说明电场力好洛伦兹力平衡，根据平衡条件列式求解；（2）电子进入磁场做匀速圆周运动，轨迹为半圆，临界情况是轨迹与圆筒相切；（3）找出两个临界轨迹，即射入的电子刚好擦过圆筒，轨迹与圆筒上侧相切，以及与圆筒下侧相切，作出临界图，结合几何关系进行求解，得到圆筒表面有电子打到的区域和圆筒表面没有电子打到的区域的面积之比．解答：解：（1）由题意知：在x＜0区域内，平行电子束做匀速直线运动，由平衡条件得：eE=ev0B，解得：v0=；（2）电子进入磁场后做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：ev0B=m，若没有电子打到圆筒表面，则：r＜R，解得：v0＜；（3）由牛顿第二定律得：ev0B=m，已知：v0=，解得：r1=3R，大量电子从y轴上不同点进入磁场，轨迹如图所示，从O上方P点射入的电子刚好擦过圆筒，OO2==2R，OP=OO2+r=（2+3）R，从O点下方Q点射入的电子刚好擦过圆筒，同理可得：OQ=（2﹣3）R，能打到圆筒上的入射电子，通过y轴时的坐标：[﹣（2﹣3）R，（2+3）R]；由图可知，圆弧NKM对应的表面为电子打到的区域，对应的角为2400，所以圆筒表面有电子打到的区域和圆筒表面没有电子打到的区域的面积之比：S1：S2=2：1；答：（1）x＜0区域内的匀强电场的场强大小为E，则电子速的速度大小为；（2）若圆筒外表面各处都没有电子打到，则电子速度应满足的条件是：v0＜；（3）这些电子通过y轴时的坐标范围是：：[﹣（2﹣3）R，（2+3）R]，圆筒表面有电子打到的区域与没有电子打到的区域的面积之比是2：1．点评：本题关键是明确粒子的运动规律，画出临界轨迹是关键，然后根据洛伦兹力提供向心力列式分析，较难．　（二）选考题：请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分．【物理-选修3-3】13．下列说法正确的是（　　）　A．某种液体的饱和蒸汽压与温度有关　B．不是所有晶体都具有各向异性的特点　C．一切自发过程总是向着分子热运动的无序性减小的方向进行　D．布朗运动就是液体分子的热运动　E．一定质量的理想气体，放热的同时外界对其做功，其内能可能减少考点：热力学第二定律；布朗运动．专题：热力学定理专题．分析：温度升高饱和蒸汽压增大，多晶体有各向同性，一切自发过程总是向着分子热运动的无序性增大的方向进行，改变内能的方式有做功和热传递．布朗运动是小微粒受到的分子的撞击的不平衡产生的，是小微粒的运动．解答：解：A、液体的饱和蒸汽压与温度有关，温度升高饱和蒸汽压增大，故A正确；B、多晶体有各向同性，单晶体具有各向异性，故B正确；C、一切自发过程总是向着分子热运动的无序性增大的方向进行，这就是熵增原理，故C错误；D、布朗运动是小微粒的运动，不是分子的运动，故D错误；E、改变内能的方式有做功和热传递，一定质量的理想气体，放热的同时外界对其做功，其内能可能减少，故E正确；故选：ABE点评：本题掌握改变内能的方式，分子力与分子间距的关系，晶体的性质，了解饱和蒸汽压的特点和熵增原理．　14．一定质量的理想气体经历了温度缓慢升高的变化，如图所示，p﹣T和V﹣T图各记录了其部分变化过程，试求：①温度为600K时气体的压强；②在p﹣T图象上将温度从400K升高到600K的变化过程补充完整．考点：理想气体的状态方程．专题：计算题．分析：（1）由P﹣T图可知400K时的压强，由V﹣T图可知400K时的体积，则由理想气体的状态方程可求600K时的压强；（2）由V﹣T图可知400K﹣600K时气体的变化情况，则由理想气体状态方程可知压强随温度的变化情况，则可得出正确的P﹣T图象．解答：解：①由理想气体的状态方程得=；代入数据=解得P2=1.25×105Pa；温度为600K时的气体压强为1.25×105Pa；②图V﹣T图可知，400K﹣500K气体容积不变，气体做等容变化，故在P﹣T图中图象应延伸到500K处，此时压强为1.25×105Pa；从500K﹣600K，气体做等压变化，压强P2=1.25×105Pa；故从500K至600K为水平直线，故图象如图所示：点评：图象为高中物理常用的解题方法，在学习中要注意理解并掌握识图用图的方法；在P﹣T图象和V﹣T图象中过原点的直线分别为等容变化和等压变化；　【物理-选修3-4】1015•钦州模拟）如图为一列沿x轴正方向传播的简谐横波的部分波形图，若该波波速v=40m/s，在t=0时刻波刚好传播到x=13m处，下列关于波在t=0.45s时的运动情况分析，其中正确的是（　　）　A．该波x=9m处的质点的位移为﹣5cm　B．该波x=11m处的质点的位移为5cm　C．该波x=11m处的质点速度方向沿y轴负向　D．该波刚好传播到x=31m处　E．该波刚好传播到x=18m处考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：由波的传播方向可确定质点的振动方向．由图读出波长，由波速公式求出周期．根据简谐运动在不同时刻的速度、加速度与位移的大小与方向情况．解答：解：A、由图可知，波长为8m，波速为v=40m/s，由T=s=0.2s，因在t=0时刻刚好传播到x=13m处，则t=0.45s时，波向前传播了2波形，所以x=9m处的质点，此时处于波谷，则质点的位移为﹣5cm，故A正确；B、由图可知，波长为8m，波速为v=40m/s，由T=s=0.2s，因在t=0时刻刚好传播到x=13m处，则t=0.45s时，波向前传播了2波形，所以x=11m处的质点处于平等位置沿y轴负方向运动，则的位移0，故B错误，C正确；D、由图可知，波长为8m，波速为v=40m/s，由T=s=0.2s，因在t=0时刻刚好传播到x=13m处，则t=0.45s时，波向前传播了2波形，所以波向前传播的距离为18m，因此该波刚好传播到x=31m处，故E错误，D正确；故选：ACD点评：根据质点的振动方向，由“逆向描波法﹣﹣﹣﹣逆着波的传播方向，用笔描绘波形，若笔的走向向下则质点的振动方向向下；若笔的走向向上则质点的振动方向向上．”来确定波的传播方向．同时质点的运动方向不随波迁移．　1015•钦州模拟）如图，坐标系中阴影部分ABC为一透明材料做成的光学元件横截面，该种材料折射率n=2，AC为一半径为R的圆弧，圆心在坐标原点O上，ABCO构成正方形，在O处有一点光源．①该透明材料发生全反射时的临界角；②从点光源射入该透明材料的光中，有一部分无法从AB、BC面射出，请分别求出：在AB表面上和BC表面上有光线透射出来的坐标范围．考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：①先根据折射率，由公式sinC=求出全反射时的临界角．②从点光源射入圆弧AC的光中，有一部分不能从AB、BC面直接射出，是由于在AB和BC面上发全了全反射，由几何知识求解．解答：解析：①设该种材料的临界角为C，则：sinC=解得：C=30°②如图所示，若沿DE方向射到AB面上的光线刚好发生全反射，则：∠ADE=30°据几何关系可得：AE=AD=R故AB面上有光透射出来的坐标范围为（0，R）～（R，R）同理，若沿DG方向射入的光线刚好在BC面上发生全反射，则：∠CDG=30°据几何关系可得：CG=CD=R故BC面上有光线透射出来的坐标范围为：（R，0）～（R，R）．答：①该透明材料发生全反射时的临界角是30°；②AB面上有光透射出来的坐标范围为（0，R）～（R，R）．BC面上有光线透射出来的坐标范围为（R，0）～（R，R）．点评：解决本题关键是掌握全反射的条件和临界角公式sinC=，结合几何知识进行求解．　【物理-选修3-5】1015•钦州模拟）下列说法中正确的是（　　）　A．铀核裂变的核反应是U→Ba→Kr+2n　B．Th衰变成Pb要经过6次α衰变和4次β衰变　C．β衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的　D．升高放射性物质的温度，并不会缩短其半衰期　E．对于某种金属，超过极限频率的入射光频率越高，所产生的光电子的最大初动能就越大考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度；爱因斯坦光电效应方程；爱因斯坦质能方程．专题：衰变和半衰期专题．分析：卢瑟福的α粒子散射实验揭示了原子核有核式结构，β衰变中产生的β射线实际上是原子核内的中子转化为质子同时释放出电子，半衰期由原子核本身决定，与温度无关．解答：解：A、所谓核裂变是指重核俘获一个中子后分裂为几个中等质量的核的反应过程，故A错误；B、根据质量数和电荷数守恒知232﹣208=6×4，即6次α衰变，90=82+6×2﹣4，即4次β衰变，故B正确；C、β衰变中产生的β射线实际上是原子核内的中子转化为质子同时释放出电子，故C错误；D、半衰期由原子核本身决定，与温度无关，故D正确；E、对于某种金属，超过极限频率的入射光频率越高，所产生的光电子的最大初动能就越大，故E正确；故选：BDE．点评：重点掌握衰变的实质，半衰期的特点和发生光电效应的条件，注意裂变与聚变的区别，及与衰变的不同．　1015•钦州模拟）如图所示，在水平光滑直导轨上，静止着三个质量均为m=1kg的相同小球A、B、C，现让A球以vA=2m/s的速度向着B球运动，A、B两球碰撞后粘合在一起，两球继续向右运动并跟C球碰撞，C球的最终速度vC=1m/s，求：（1）A、B两球碰撞后粘合在一起的速度大小；（2）A、B两球与C碰撞过程中系统损失的机械能．考点：动量守恒定律；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：（1）碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出碰撞后的速度．（2）碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出碰撞后的速度，应用能量守恒定律求出损失的机械能．解答：解：（1）A、B相碰过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mvA=2mv1，代入数据解得：v1=1m/s；（2）A、B、C碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：2mv1=mvC+2mv2，代入数据解得：v2=0.5m/s，由能量守恒定律可知，B、C碰撞损失的机械能：△E=•2mv12﹣•2mv22﹣mvC2，代入数据解得：△E=0.25J；答：（1）A、B两球碰撞后粘合在一起的速度大小为1m/s；（2）A、B两球与C碰撞过程中系统损失的机械能为0.25J．点评：本题考查了动量守恒定律与能量守恒定律的应用，分析清楚物体运动过程是正确解题的关键，应用动量守恒定律与能量守恒定律可以解题．