江西省抚州市临川区大岗中学2017届九年级（上）第二次月考物理试卷（解析版）

优秀领先飞翔梦想成人成才www.youyi100.com第PAGE1页共NUMPAGES1页2016-2017学年江西省抚州市临川区大岗中学九年级（上）第二次月考物理试卷　一、填空题（每空1分，共20分）1．高档红木家具加工场空气中浮动着淡淡的檀香，这是　　现象，是　　的结果．家具在制作过程中，木头交接处要留有适当的缝隙，因为随着季节的变化，木头会产生　　现象．2．在火炉上做饭，主要是利用内能来　　．3．指出下列过程中的能量转化（1）光合作用：　　．（2）摩擦生热：　　．（3）热机的做功冲程：　　．4．汽油机飞轮转速是1800r/min，则每分钟内燃气推动活塞做　　次功，完成　　个冲程．5．柴油机是工农业生产中常用的热机．已知某型号柴油机的效率是30%，在柴油机内完全燃烧3kg柴油能放热　　J，该柴油机能对外做功　　J．（柴油的热值为×107J/kg）6．电阻R1、R2的阻值分别为16Ω和64Ω，串联起来接在电源两端，当有电流通过时，R1两端电压U1跟电源电压U之比为　　．7．某导体在10V的电源上时，它的电阻为20Ω，若将它改接在5V的电源上，它的电阻为　　．若加在它两端的电压为零，它的电阻　　．8．如图电源电压恒定，闭合S0．当S闭合、甲乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙=5：3；当S断开、甲乙两表为电流表时，两表示数之比I甲：I乙=　　，此时R1、R2消耗的功率之比P1：P2=　　．9．电子式电能表表盘上标有“3000imp/（kW•h）”字样（imp表示闪烁次数）．将某用电器单独接在该电能表上正常工作30min，电能表指示灯闪烁了150次，该用电器在上述时间内消耗的电能为　　kW•h，合　　J．10．一个“18V　6W”的小灯泡，如果接在36V电源上，为使其正常发光，需串联一个　　Ω的电阻，该电阻消耗的功率是　　W．　二、选择题（11至14为单选题，每题3分．15、16题为不定项选择，每题4分，选对得4分，漏选得1分，错选不得分．共20分）11．关于内燃机，下列说法错误的是（　　）A．内燃机是利用内能来做功的机器B．在压缩冲程，内能转化为机械能C．内燃机的效率约为20%～45%D．一般来说，柴油机将内能转化为机械能的比例比汽油机大12．一段1m长的电阻丝，下列做法能使它的电阻增大的是（　　）A．对折B．长度拉伸为原来的2倍C．剪掉一半D．外表涂上绝缘材料13．如图所示的各电路图中，电压表能测L1灯两端电压的是（　　）A．B．C．D．14．如图电路中电源电压保持不变，闭合开关后，滑动变阻器滑片从左端向右移动的过程中，下列说法正确的是．（　　）A．电压表示数逐渐变大B．电流表示数逐渐变小C．电灯的亮度逐渐增大D．电路总功率逐渐变小15．两个相同的容器分别装满了质量相同的甲、乙两种液体．用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示（　　）A．甲液体的比热容小于乙液体的比热容B．如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同C．加热相同的时间，两液体吸收的热量相同D．加热相同的时间，甲液体温度升高的比乙液体温度升高的多16．所示两个灯泡L1、L2阻值分别为8Ω和10Ω，闭合开关后的现象是（　　）A．通过两灯泡的电流I1：I2=5：4B．灯泡两端的电压U1：U2=4：5C．灯泡L1比L2亮D．灯泡的电功率P1：P2=5：4　三、简答题和计算题（17、18题每题3分，19、20题每题6分．共18分）17．电扇使用一段时间后，为什么扇叶容易沾上灰尘？18．如图所示为一实物电路，请画出所对应的电路图．19．如图所示的电路中，灯泡L1、L2上分别标有“6V6W”、“6V12W”的字样，两灯泡的电阻、电源电压均保持不变．当开关S1闭合，S2拔至a时，灯L1正常发光，电压表的示数为3V．求：（1）电源电压为多少？（2）定值电阻R的阻值为多少？（3）当开关S1闭合，S2拔至b时，灯L2消耗的电功率是多少？20．有一种XX一88型号电水壶的铭牌如下表，图是电水壶的电路图，R为加热器，温控器S是一个双金属片温控开关，当温度较低时，其处于闭合状态，加热器加热．当水沸腾后，会自动断开进入保温状态，从而实现了自动温度开关控制．若加热器电阻阻值随温度改变而发生的变化可忽略不计，则：（1）电水壶正常工作时，其加热电阻的电阻值是多大？（2）若电水壶产生的热量全部被水吸收，现将一满壶23℃的水在 标准 excel标准偏差excel标准偏差函数exl标准差函数国标检验抽样标准表免费下载红头文件格式标准下载 大气压下烧开需要多久？（3）当电水壶处于保温状态时，通过加热器的电流是，此时电阻R0的电功率是多少？　四、实验题．（每题8分，共16分），21．下表是一些长1m、横截面积为1mm2的导线在20℃时的电阻（单位：Ω）银铁铜铅铝锰铜钨镍铬合金（1）将上表规格中的锰铜线和镍铬合金线串联在同一电路中，则通过锰铜的电流　　通过镍铬合金的电流．镍铬合金线上的电压　　锰铜线上的电压（填“大于”、“小于”、或“等于”）．（2）取上表中的铁、银导线各一根，并联接在同一电路中，通过它们的电流之比为　　，它们两端电压之比为　　．22．物理课外兴趣小组利用图中所示的电路图进行一些电学实验，其中电阻R有20Ω、15Ω、10Ω、5Ω、1Ω五个供选择，滑动变阻器的规格是“10Ω1A”，电源电压5V保持不变．（1）用笔画线代替导线将图中电流表准确接入电路．（2）在做“探究导体的电流与电阻的关系”的实验时．①选用哪三个电阻更合适？答：　　②此实验对电阻两端电压的控制有什么要求？答：　　．③按要求接入电阻后闭合开关，发现电流表指针几乎不动，电压表指针向右偏转且超过满刻度，原因可能是　　．（3）用一根导线代替电流表接入电路进行测量未知电阻Rx的实验，R先选用5Ω电阻接入电路，移动滑动变阻器的滑片使电压示数为2V，然后保持滑动变阻器的滑片不动，用Rx代替5Ω电阻接入电路，此时电压表示数为3V，则Rx的阻值为　　Ω（保留小数点后两位）．　五、探究题（23、24每题8分，25题10分，共26分）23．在探究“水吸收的热量与水的质量和水升高的温度是否有关”实验中，记录的实验数据如下表．实验次数质量m/kg初温t0/℃末温t/℃加热时间t/min吸收热量Q/J12030222030432030642040125205018（1）该实验中，记录加热时间有什么意义？　　．（2）第　　、　　、　　这三次实验，是探究水吸收的热量与水的质量是否有关．（3）第3次实验数据的特殊作用是：　　．（4）探究结论是：水吸收的热量与　　，与　　．24．“探究串联电路的电压关系”的实验电路如图1所示．（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义，L1、L2应该选择　　（选填“相同”或“不相同”）的小灯泡．（2）小明根据图1连接好电路，闭合开关，电压表示数如图2所示，为了使实验结果更准确，接下来他应该　　．（3）测出L1两端的电压后，小明断开开关，准备拆下电压表，改装在B、C之间．小聪认为小明的操作太麻烦，只需将与A点相连的导线改接到C点即可．小聪的办法是否正确？答：　　．（4）测量完成后，进行小组交流讨论，如表选录了四个小组的数据，你认为这些数据是否合理，请说明理由．答：　　．实验小组L1两端电压/VL2两端电压/V串联总电压/V123425．在伏安法测电阻的实验中，所用实验器材如下：电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、开关、待测电阻RX、滑动变阻器（最大阻值20Ω）各一个，导线若干．（1）小丽连接完实验电路后，闭合开关，通过调节滑动变阻器测得几组数据，并由此计算出待测电阻的阻值，有关记录和计算如表所示．实验次数123电压/V电流/A电阻/Ω小华认为一个电阻三次测量的结果不可能相差这么大，分析应该是在连接电路时出现了问题，产生错误的原因是　　．（2）找出错误的原因后，小丽准备重新连接电路进行测量，但小华认为不必重测，利用表中记录的错误数据就能算出应该记录的正确数据，表格中错误的数据是　　（填“电压”或“电流”），其中第一次正确的记录应是　　，此次测量计算出的待测电阻应是　　Ω．（3）实验中三次测量RX的目的是　　．（4）完成上述测量后，小华还想用伏安法测量一段电阻丝Rx′（约200Ω）的阻值，她把Rx′接入电器中，但发现电路中的电流过小，电流表不能准确读数，为了较准确地测量出待测电阻Rx′，小华又向老师借了一个阻值为R0=100Ω的定值电阻和两个开关，重新 设计 领导形象设计圆作业设计ao工艺污水处理厂设计附属工程施工组织设计清扫机器人结构设计 了一种可行的实验 方案 气瓶 现场处置方案 .pdf气瓶 现场处置方案 .doc见习基地管理方案.doc关于群访事件的化解方案建筑工地扬尘治理专项方案下载 ，请在虚线框内画出小华完成实验的电路图．（要求：①能够进行多次测量，②实验中电表的位置不动）　2016-2017学年江西省抚州市临川区大岗中学九年级（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析　一、填空题（每空1分，共20分）1．高档红木家具加工场空气中浮动着淡淡的檀香，这是　扩散　现象，是　分子无规则运动　的结果．家具在制作过程中，木头交接处要留有适当的缝隙，因为随着季节的变化，木头会产生　热胀冷缩　现象．【考点】GW：扩散现象．【分析】（1）分子运动属于扩散现象．分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现．（2）一般物质都有热胀冷缩的性质．【解答】解：高档红木家具的红木分泌出的芳香分子在不停地做无规则的运动，扩散到空气中，所以红木家具加工场空气中浮动着淡淡的檀香．随着季节的变化，木头会产生热胀冷缩的现象，为避免家具受热膨胀变形，所以家具在制作过程中，木头交接处要留有适当的缝隙．故答案为：扩散；分子无规则运动；热胀冷缩．　2．在火炉上做饭，主要是利用内能来　热传递　．【考点】G5：内能的利用及其意义．【分析】利用内能有两种方式：一是利用内能来加热物体，例如烧水、做饭等；二是利用内能来做功，例如热机．【解答】解：利用火炉烧饭，火的温度很高，内能很大，通过热传递的形式，火的内能转移到饭上，使饭的内能增加．故答案为：热传递．　3．指出下列过程中的能量转化（1）光合作用：　光能转化为化学能　．（2）摩擦生热：　机械能转化为内能　．（3）热机的做功冲程：　内能转化为机械能　．【考点】E2：能量的相互转化．【分析】判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量．【解答】解：（1）光合作用是植物吸收光能转化为化学能，因此将光能转化为化学能；（2）摩擦生热是通过消耗机械能来得到内能的，因此将机械能转化为内能；（3）热机的做功冲程是燃气的内能转化为活塞的机械能．故答案为：（1）光能转化为化学能；（2）机械能转化为内能；（3）内能转化为机械能．　4．汽油机飞轮转速是1800r/min，则每分钟内燃气推动活塞做　900　次功，完成　3600　个冲程．【考点】GN：有关热机的计算．【分析】在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次．【解答】解：因为四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次，所以飞轮转速为1800r/min，每分钟内燃气推动活塞可以完成900个工作循环，做功900次，完成3600个冲程．　5．柴油机是工农业生产中常用的热机．已知某型号柴油机的效率是30%，在柴油机内完全燃烧3kg柴油能放热　×108　J，该柴油机能对外做功　×107J　J．（柴油的热值为×107J/kg）【考点】GL：热机的效率；GJ：燃料的热值．【分析】（1）知道柴油的质量和热值，根据Q放=mq求出柴油完全燃烧释放的热量；（2）知道柴油机的效率，根据W=Q放η求出对外做的功．【解答】解：（1）完全燃烧3kg柴油能放热：Q放=mq=3kg××107×108J；（2）由η=×100%可得，该柴油机能对外做功：W=Q放×108J××107J；故答案为：×108；×107．　6．电阻R1、R2的阻值分别为16Ω和64Ω，串联起来接在电源两端，当有电流通过时，R1两端电压U1跟电源电压U之比为　1：5　．【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】在串联电路中，电流处处相等，用电器分担的电压之比等于电阻之比，已知电阻R1、R2的阻值，从而可以计算出R1两端电压U1跟R2两端电压U2的比值，再利用串联电路电压的特点，计算出R1两端电压U1跟电源电压U的比值．【解答】解：因电阻R1、R2串联，电流处处相等，用电器分担的电压之比等于电阻之比，==，故U2=4U1，根据串联电路电压的规律，电源电压：U=U1+U2，R1两端电压U1跟电源电压U之比：===．故答案为：1：5．　7．某导体在10V的电源上时，它的电阻为20Ω，若将它改接在5V的电源上，它的电阻为　20Ω　．若加在它两端的电压为零，它的电阻　20Ω　．【考点】IA：影响电阻大小的因素．【分析】电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关．【解答】解：因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，将它改接在5V的电源上或加在它两端的电压为零时，导体的电阻仍为20Ω不变．故答案为：20Ω；20Ω．　8．如图电源电压恒定，闭合S0．当S闭合、甲乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙=5：3；当S断开、甲乙两表为电流表时，两表示数之比I甲：I乙=　2：5　，此时R1、R2消耗的功率之比P1：P2=　3：2　．【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．【分析】（1）由电路图可知，闭合S0、S，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测电阻R2电压，由串联电路特点及欧姆定律求出两电阻阻值之比；由电路图可知，闭合S0、S断开且两电表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2的电流，电流表乙测干路电流，由欧姆定律及并联电路特点求出两电流表示数之比，（2）根据P=UI=，在电压相同时，电功率与电阻成反比．【解答】解：（1）闭合S0、S，两电阻串联，甲乙两表为电压表时，U甲：U乙=7：5，令U甲=5U，U乙=3U，则U1=U甲﹣U乙=2U，U2=U乙=3U，根据欧姆定律有I=和串联电路电流规律：﹣===，闭合S0、断开S，两电阻并联，两电表为电流表时，===，即I1=I2，由于甲电流表测量R2的电流，乙电流表测量干路电路，则I甲=I2，I乙=I1+I2=I2，故==；（2）根据P=UI=，在电压相同时，电功率与电阻成反比，两电阻消耗的电功率之比：==．故答案为：2：5；3：2．　9．电子式电能表表盘上标有“3000imp/（kW•h）”字样（imp表示闪烁次数）．将某用电器单独接在该电能表上正常工作30min，电能表指示灯闪烁了150次，该用电器在上述时间内消耗的电能为　　kW•h，合　×105　J．【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法．【分析】3000imp/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表指示灯闪烁3000次．已知用电器正常工作30min时指示灯闪烁150次，据此求出电路中消耗的电能．【解答】解：3000imp/kW•h表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kW•h的电能（或电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3000次），电能表指示灯闪烁了150次，则用电器消耗电能：W=××106×105J．故答案为：；×105J．　10．一个“18V　6W”的小灯泡，如果接在36V电源上，为使其正常发光，需串联一个　54　Ω的电阻，该电阻消耗的功率是　6　W．【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．【分析】（1）电源电压大于灯泡的额定电压，所以应串联电阻进行分压，根据电功率公式P=UI可计算灯的额定电流，根据串联电路电压和电流的规律，结合欧姆定律可计算串联电阻的大小；（2）根据电功率公式P=I2R可计算其电功率．【解答】解：（1）灯泡上标有“18V　6W”，表示灯的额定电压为18V，额定功率为6W，电源电压36V，灯泡的额定电压18V，所以应串联一个电阻．根据P=UI，灯正常发光时的电流为：IL===A，由串联电路的规律和欧姆定律I=，可得，串联电阻的大小为：R===54Ω；（2）串联电阻的功率为：P=I2R=（A）2×54Ω=6W．故答案为：54；6．　二、选择题（11至14为单选题，每题3分．15、16题为不定项选择，每题4分，选对得4分，漏选得1分，错选不得分．共20分）11．关于内燃机，下列说法错误的是（　　）A．内燃机是利用内能来做功的机器B．在压缩冲程，内能转化为机械能C．内燃机的效率约为20%～45%D．一般来说，柴油机将内能转化为机械能的比例比汽油机大【考点】GK：热机；GL：热机的效率；GM：内燃机的四个冲程．【分析】内燃机是利用内能来做功的机器；四个冲程是吸气、压缩、做功、排气冲程；四个冲程中的能量转化情况：吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能，内燃机包括汽油机和柴油机，效率不同．【解答】解：A、热机工作时通过燃料的燃烧得到内能，再通过高温燃气对活塞做功，把内能转化为机械能，故A正确；B、在压缩冲程中，机械能转化为内能，故B错误；C、内燃机的效率一般很低，汽油机的效率为20%～30%．柴油机的效率为30%～45%，故内燃机的效率大约为20%～45%，故C正确；D、汽油机的火花塞可以发出电火花，燃气燃烧；而柴油机是喷油嘴喷出雾状柴油，进行压燃式点火，故柴油机相对汽油机而言，燃烧更充分，将内能转化为机械能的比例更大，故D正确．故选B．　12．一段1m长的电阻丝，下列做法能使它的电阻增大的是（　　）A．对折B．长度拉伸为原来的2倍C．剪掉一半D．外表涂上绝缘材料【考点】IA：影响电阻大小的因素．【分析】电阻是导体本身的性质，其大小与导体的长度、横截面积及材料有关系．【解答】解：A、电阻丝对折后，导体的长度减小，横截面积增大，则导体的电阻减小，故A错误；B、电阻丝长度拉伸为原来的2倍后，导体的长度增大、而横截面积减小，导体的电阻增大；故B正确；C、把电阻丝剪掉一半，电阻丝的长度变短，电阻减小，故C错误；D、在电阻丝外表涂上绝缘材料，电阻丝的材料、长度以及横截面积均不变，电阻不变，故D错误．故选B．　13．如图所示的各电路图中，电压表能测L1灯两端电压的是（　　）A．B．C．D．【考点】I3：电压表的使用．【分析】由电压表的使用 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 可知：电压表测量L1两端电压，因此电压表必须并联在L1的两端．【解答】解：A、两个灯泡串联，电压表并联在L2两端，因此电压表测量L2两端的电压，故A错误；B、电压表并联在开关两端，测的是开关两端电压，故B错误；C、电压表与电源并联，测的是电源电压，故C错误；D、电压表与L1并联，测的是L1两端的电压，故D正确；故选D．　14．如图电路中电源电压保持不变，闭合开关后，滑动变阻器滑片从左端向右移动的过程中，下列说法正确的是．（　　）A．电压表示数逐渐变大B．电流表示数逐渐变小C．电灯的亮度逐渐增大D．电路总功率逐渐变小【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用；JE：实际功率．【分析】此题属于电路变化专题，分析时分抓住电路变化时两不变的量：电源电压和定值电阻的阻值．运用分压原理分析比较简单．【解答】解：A．电路是串联电路，电压表测灯和滑动变阻器两端的总电压，即电源电压，所以电压表示数不变，该选项错误．B．当滑片向右移动时，滑动变阻器的阻值变小，电路中的总电阻也变小，电源电压不变，根据欧姆定律，电路中的电流变大，电流表示数变大，该选项错误．C．根据上一选项，电路中的电流变大，通过小灯泡电流变大，而灯的电阻不变，根据P=I2R，灯的实际功率变大，灯变亮，该选项正确．D．对整个电路来说，电源电压不变，电路中电流变大，根据P=UI，可知电路总功率变大，该选项错误．故选C．　15．两个相同的容器分别装满了质量相同的甲、乙两种液体．用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示（　　）A．甲液体的比热容小于乙液体的比热容B．如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同C．加热相同的时间，两液体吸收的热量相同D．加热相同的时间，甲液体温度升高的比乙液体温度升高的多【考点】GD：比热容的概念．【分析】甲、乙两种液体质量相同、在相同时间里吸收的热量相等，根据公式Q吸=cm△t，结合图象可以对每一个选项作出判断．【解答】解：A、已知两种液体质量相等，由图象可以看出：在加热相同时间，即吸收热量相同时，甲液体升高的温度更大，由公式c=可知，甲液体比热容较小，故A正确；B、由图象可以看出：升高相同温度时，甲需要的时间较短，也就是甲需要的热量少，故B错误；C、加热时间相同，两种液体吸收的热量相同，故C正确；D、由图象可知：加热相同时间，即吸收热量相同时，甲液体温度高于乙液体温度，故D正确；故选ACD．　16．所示两个灯泡L1、L2阻值分别为8Ω和10Ω，闭合开关后的现象是（　　）A．通过两灯泡的电流I1：I2=5：4B．灯泡两端的电压U1：U2=4：5C．灯泡L1比L2亮D．灯泡的电功率P1：P2=5：4【考点】I7：并联电路的电压规律；IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．【分析】由电路图可知，两灯泡并联，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压关系，根据欧姆定律求出通过的电流之比，根据P=UI求出电功率之比，然后判断两灯泡的亮暗关系．【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，并联电路中各支路两端的电压相等，所以两灯泡两端的电压之比为1：1，故B错误；由I=可得，通过两灯泡的电流之比：====，故A正确；由P=UI可得，R1与R2的消耗的功率之比：===，故D正确；因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以灯泡L1比L2亮，故C正确．故选ACD．　三、简答题和计算题（17、18题每题3分，19、20题每题6分．共18分）17．电扇使用一段时间后，为什么扇叶容易沾上灰尘？【考点】H6：摩擦起电．【分析】电风扇工作时，扇叶和空气摩擦后，能吸引轻小的灰尘，这是带电体能吸引轻小物体的性质．【解答】答：因为电扇工作时，转动的扇叶与空气摩擦带上电荷，而带电体具有吸引轻小物体的性质，所以灰尘会被吸在扇叶上．　18．如图所示为一实物电路，请画出所对应的电路图．【考点】HQ：根据实物图画电路图．【分析】由实物图可知，两只灯泡并联，开关S1控制灯泡L1，开关S2控制灯泡L2，开关S控制干路，电流表测量干路电流．【解答】解：L1L2并联，开关S1与灯泡L1串联在一个支路中，开关S2与灯泡L2串联在另一支路中，开关S控制整个电路，电流表串联在干路中，电路图如图：　19．如图所示的电路中，灯泡L1、L2上分别标有“6V6W”、“6V12W”的字样，两灯泡的电阻、电源电压均保持不变．当开关S1闭合，S2拔至a时，灯L1正常发光，电压表的示数为3V．求：（1）电源电压为多少？（2）定值电阻R的阻值为多少？（3）当开关S1闭合，S2拔至b时，灯L2消耗的电功率是多少？【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．【分析】（1）由图可知，电压表测量定值电阻R两端的电压，当S1闭合、S2接a时，灯L1与R串联，灯泡L1能正常发光，则根据串联电路的电压规律即可求出电源电压；（2）这时，由于灯L1与R串联，根据P=UI求出L1正常发光时的电流，即可知道通过定值电阻R的电流，根据欧姆定律可求R的阻值．（3）当开关S1闭合，S2拔至b时，灯L2与R串联，首先根据P=UI=，求灯L2的阻值，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出这时的电流，即可利用功率公式P=I2R计算灯L2消耗的实际电功率．【解答】解：（1）由图可知，电压表测量定值电阻R两端的电压，当S1闭合、S2接a时，灯L1与R串联，且灯L1正常发光，根据串联电路电压的规律，电源电压：U=UR+UL1=3V+6V=9V．（2）由于灯L1与R串联，且L1正常发光，根据串联电路电流的规律和P=UI灯正常发光时电路的电流：IR=I1===1A，由欧姆定律的变形公式得：定值电阻：R==3Ω；（3）根据P=UI=，灯L2的电阻：RL2===3Ω，当S1闭合、S2接b时，灯L2与R串联，根据电阻的串联和欧姆定律：I2=I′==，灯L2消耗的电功率为：P2=I22R2=（）2×．答：（1）电源电压为9V．（2）定值电阻R的阻值为3Ω．（3）当开关S1闭合，S2拔至b时，灯L2消耗的电功率是．　20．有一种XX一88型号电水壶的铭牌如下表，图是电水壶的电路图，R为加热器，温控器S是一个双金属片温控开关，当温度较低时，其处于闭合状态，加热器加热．当水沸腾后，会自动断开进入保温状态，从而实现了自动温度开关控制．若加热器电阻阻值随温度改变而发生的变化可忽略不计，则：（1）电水壶正常工作时，其加热电阻的电阻值是多大？（2）若电水壶产生的热量全部被水吸收，现将一满壶23℃的水在标准大气压下烧开需要多久？（3）当电水壶处于保温状态时，通过加热器的电流是，此时电阻R0的电功率是多少？【考点】IH：欧姆定律的应用；GG：热量的计算；JA：电功率的计算．【分析】（1）由铭牌上信息结合功率公式可求得电阻；（2）由水的比热可求得烧开水所需能量，则由功率可求得时间；（3）保温时两电阻串联，由串联电路的特点和欧姆定律可求得电阻，由功率公式可求得功率．【解答】解：（1）电阻为：R===44Ω；（2）水的质量：×103kg/m3×2×10﹣3m3=2kg，水吸收的热量为Q=mc（t﹣t0）×103J/（kg•℃）×2kg××105J消耗的电能×105J．加热时间t==．（3）串联后的总电阻R总==1100Ω则保温电阻R0=R总﹣R=1100Ω﹣44Ω=1056Ω电阻R0的电功率P=I2R0．答：（1）电阻为44Ω；（2）加热时间为；（3）电阻R0的电功率为．　四、实验题．（每题8分，共16分），21．下表是一些长1m、横截面积为1mm2的导线在20℃时的电阻（单位：Ω）银铁铜铅铝锰铜钨镍铬合金（1）将上表规格中的锰铜线和镍铬合金线串联在同一电路中，则通过锰铜的电流　等于　通过镍铬合金的电流．镍铬合金线上的电压　大于　锰铜线上的电压（填“大于”、“小于”、或“等于”）．（2）取上表中的铁、银导线各一根，并联接在同一电路中，通过它们的电流之比为　1：6　，它们两端电压之比为　1：1　．【考点】H!：串联电路的电流规律；I7：并联电路的电压规律；IA：影响电阻大小的因素；IH：欧姆定律的应用．【分析】（1）串联电路中电流处处相等；从表中可查出锰铜线和镍铬合金线的电阻大小，然后根据U=IR可得出二者两端电压的大小；（2）两电阻并联时，电压相等，从表中查出二者电阻大小，根据I=可判断电流的比值．【解答】解：（1）当锰铜线和镍铬合金线串联在电路中时，根据串联电路的电流特点可知，通过二者的电流相等；查表可知，上表规格中镍铬合金线的电阻大于锰铜线的电阻，由U=IR可知，在串联电路中导体两端的电压与电阻成正比，则镍铬合金线上的电压大于锰铜线上的电压．（2）当铁线与银线并联在电路中时，根据并联电路的电压特点可知，它们两端的电压相等，所以它们两端电压之比为1：1；根据I=可知，电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比，所以I铁：I银=R银：R铁：0.096Ω=1：6；故答案为：（1）等于；大于；（2）1：6；1：1．　22．物理课外兴趣小组利用图中所示的电路图进行一些电学实验，其中电阻R有20Ω、15Ω、10Ω、5Ω、1Ω五个供选择，滑动变阻器的规格是“10Ω1A”，电源电压5V保持不变．（1）用笔画线代替导线将图中电流表准确接入电路．（2）在做“探究导体的电流与电阻的关系”的实验时．①选用哪三个电阻更合适？答：　15Ω、10Ω和5Ω　②此实验对电阻两端电压的控制有什么要求？答：　保持定值电阻电压等于3V　．③按要求接入电阻后闭合开关，发现电流表指针几乎不动，电压表指针向右偏转且超过满刻度，原因可能是　定值电阻R断路　．（3）用一根导线代替电流表接入电路进行测量未知电阻Rx的实验，R先选用5Ω电阻接入电路，移动滑动变阻器的滑片使电压示数为2V，然后保持滑动变阻器的滑片不动，用Rx代替5Ω电阻接入电路，此时电压表示数为3V，则Rx的阻值为　　Ω（保留小数点后两位）．【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验；IM：伏安法测电阻的探究实验．【分析】（1）根据实物图可知，电压表选择的量程为0～3V；根据（3）中 内容 财务内部控制制度的内容财务内部控制制度的内容人员招聘与配置的内容项目成本控制的内容消防安全演练内容 可知，选择最小阻值为5Ω的电阻，由欧姆定律可知电路中的最大电流，从而确定电流表的量程，并将电流表串联在电路中．（2）①探究导体的电流与电阻的关系时，需保持电阻两端电压不变；根据电源电压，滑动变阻器阻值及定值电阻两端的电压，根据串联电路特点及欧姆定律通过计算，找出符合条件的电阻．②根据电压表量程可知电阻两端电压的控制要求；③电流表无示数，说明电路某处断路；电压表指针向右偏转且超过满刻度，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，并且电源电压大于电压表的量程；（3）先根据欧姆定律求出5Ω电阻接入电路时的电流，然后根据串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值；再根据欧姆定律求出Rx接入电路时的电流，最后根据欧姆定律的应用求出Rx的阻值．【解答】解：（1）根据图示可知，电压表量程为0～3V；经分析R的阻值最小只能取5Ω，其两端电压最大为3V，所以电路中的最大电流：I最大==，因此电流表量程选择0～；故将电流表的接线柱与开关的左接线柱相连，如下图所示：（2）①由题意知，实验过程中，定值电阻电压保持不变，而定值电阻两端最大电压为3V；因为电源电压为5V，所以滑动变阻器两端的最小电压只能是2V，因为串联电路电流相等，所以定值电阻与滑动变阻器电压之比UR：U滑=3V：2V=3：2，由I=可知：===，因为滑动变阻器R的最大电阻为10Ω，所以定值电阻最大阻值R=15Ω，若R=1Ω，则R滑=Ω，电路中电流I===3A，远远超出了电流表的量程，不能选1Ω的定值电阻；所以实验中只能选择15Ω、10Ω和5Ω的定值电阻．②在做“探究导体的电流与电阻的关系”的实验时应保持电阻两端电压为3V不变；③电流表无示数，说明电路某处断路；电压表指针向右偏转且超过满刻度，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，并且电源电压大于电压表的量程，因此定值电阻R断路；（3）5Ω电阻接入电路时，电路中的电流：I==；由串联电路电压规律和欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值：R滑′==；当Rx接入电路时，电路中的电流：I′===A；由I=可知：Rx==．故答案为：（2）①15Ω、10Ω和5Ω；②保存定值电阻电压等于3V；③定值电阻R断路；（3）．　五、探究题（23、24每题8分，25题10分，共26分）23．在探究“水吸收的热量与水的质量和水升高的温度是否有关”实验中，记录的实验数据如下表．实验次数质量m/kg初温t0/℃末温t/℃加热时间t/min吸收热量Q/J12030222030432030642040125205018（1）该实验中，记录加热时间有什么意义？　用加热时间长短间接反映水吸收的热量多少　．（2）第　1　、　2　、　3　这三次实验，是探究水吸收的热量与水的质量是否有关．（3）第3次实验数据的特殊作用是：　存在两个分探究共用的数据　．（4）探究结论是：水吸收的热量与　水的质量有关　，与　水升高的温度有关　．【考点】GG：热量的计算；2Q：物理学方法．【分析】（1）水吸收热量的多少不能直接观察到，可以通过加热时间的长短间接反应，加热时间越长，水吸收的热量越多；（2）用控制变量法分析实验时，其基本思路是先找出相同（保持不变）的实验条件，然后再找出不同的实验条件，最后观察实验结果跟变化的实验条件之间的关系，据此分析；（3）第三次实验数据中温度的变化值与第1、2次实验相同，水的质量与第4、5次实验的相同，便于控制变量；（4）分析第1、2、3次实验（温度升高相同、改变水的质量，水吸收的热量变化）和第4、5、6次实验（水的质量相同、改变水温度的升高值，水吸收的热量变化）得出答案．【解答】解：（1）在该实验中，用加热时间长短，反应水吸收的热量的多少；（2）分析第1、2、3次实验数据，可知水升高的温度相同时，水的质量越大，需要的加热时间越长，吸收的热量越多，因此该实验探究的是水吸收的热量与水的质量是否有关；（3）第3次实验数据的特殊作用是存在两个分探究共用的数据，便于控制变量；（4）由第1、2、3次实验可以看出，当升高的温度相同时，水的质量越大，水吸收的热量越多；由第4、5、6次实验可以看出，当水的质量相同，水升高的温度越多，水吸收的热量越多，由此得出的结论：水吸收的热量与水的质量和水升高的温度有关．故答案为：（1）用加热时间长短间接反映水吸收的热量多少；（2）1，2，3；（3）存在两个分探究共用的数据；（4）水的质量有关，水升高的温度有关．　24．“探究串联电路的电压关系”的实验电路如图1所示．（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义，L1、L2应该选择　不相同　（选填“相同”或“不相同”）的小灯泡．（2）小明根据图1连接好电路，闭合开关，电压表示数如图2所示，为了使实验结果更准确，接下来他应该　断开开关，换用小量程，重做实验　．（3）测出L1两端的电压后，小明断开开关，准备拆下电压表，改装在B、C之间．小聪认为小明的操作太麻烦，只需将与A点相连的导线改接到C点即可．小聪的办法是否正确？答：　不正确　．（4）测量完成后，进行小组交流讨论，如表选录了四个小组的数据，你认为这些数据是否合理，请说明理由．答：　合理，虽然实验数据存在差异，在每一组的电源是不同的情况下，依照每一组的测量数据之间仍然可以得出串联电路两端的电压等于各部分电压之和规律　．实验小组L1两端电压/VL2两端电压/V串联总电压/V1234【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验．【分析】（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义，应该选取不同的小灯泡进行实验；（2）根据电压表所示信息，可以确定选择量程过大了，接下来应该，断开开关，换用小量程；（3）根据电路图分析可以看出，直接改接一端连线，会造成电压表正负接线柱接反了；（4）串联电路两端的电压等于各部分电压之和．【解答】解：（1）为了使探究得出的结论具有普遍意义，应该选取不同的小灯泡进行实验；（2）根据图2电压表所示情况可知，电压表指针偏转角度太小，误差过大，所以接下来需要断开开关，换用较小量程重新做实验；（3）测出L1两端的电压后，小明断开开关，准备拆下电压表，改装在B、C之间．小聪认为小明的操作太麻烦，只需将与A点相连的导线改接到C点即可．这样做是不可以的，因为根据电路图分析可以看出，直接改接一端连线，会造成电压表正负接线柱接反了；（4）测量完成后，进行小组交流讨论，如表选录了四个小组的数据，这些数据是合理的，因为虽然实验数据存在差异，在每一组的电源是不同的情况下，依照每一组的测量数据之间仍然可以得出串联电路两端的电压等于各部分电压之和规律．故答案为：（1）不相同；（2）断开开关，换用小量程，重做实验；（3）不正确；（4）合理，虽然实验数据存在差异，在每一组的电源是不同的情况下，依照每一组的测量数据之间仍然可以得出串联电路两端的电压等于各部分电压之和规律．　25．在伏安法测电阻的实验中，所用实验器材如下：电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、开关、待测电阻RX、滑动变阻器（最大阻值20Ω）各一个，导线若干．（1）小丽连接完实验电路后，闭合开关，通过调节滑动变阻器测得几组数据，并由此计算出待测电阻的阻值，有关记录和计算如表所示．实验次数123电压/V电流/A电阻/Ω小华认为一个电阻三次测量的结果不可能相差这么大，分析应该是在连接电路时出现了问题，产生错误的原因是　将电压表接在滑动变阻器两端　．（2）找出错误的原因后，小丽准备重新连接电路进行测量，但小华认为不必重测，利用表中记录的错误数据就能算出应该记录的正确数据，表格中错误的数据是　电压　（填“电压”或“电流”），其中第一次正确的记录应是　　，此次测量计算出的待测电阻应是　10　Ω．（3）实验中三次测量RX的目的是　求平均值减小实验误差　．（4）完成上述测量后，小华还想用伏安法测量一段电阻丝Rx′（约200Ω）的阻值，她把Rx′接入电器中，但发现电路中的电流过小，电流表不能准确读数，为了较准确地测量出待测电阻Rx′，小华又向老师借了一个阻值为R0=100Ω的定值电阻和两个开关，重新设计了一种可行的实验方案，请在虚线框内画出小华完成实验的电路图．（要求：①能够进行多次测量，②实验中电表的位置不动）【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验．【分析】（1）由表中数据可知，电压表的示数减小时，电路中的电流增大，说明电压表不是并联在待测电阻两端，而是并联在了滑动变阻器两端；（2）电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，待测电阻两端的电压等于电源的电压减去滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出待测电阻的阻值；（3）伏安法测电阻中应多次测量求平均值减小误差；（4）电阻丝Rx′的阻值太大，电路中的电流太小，无法准确测量，可以利用定值电阻R0与Rx′串联，电压表分别测出它们两端的电压，利用串联电路的分压电压特点求出Rx′的阻值，实验中能够进行多次测量说明电路中应串联一个滑动变阻器，据此设计电路图．【解答】解：（1）由表中数据可知，电压表的示数减小时，电路中的电流增大，且电阻的阻值减小，说明电压表并联在了滑动变阻器两端；（2）由电压表测滑动变阻器两端的电压可知，故表中电压表的示数错误，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，第一次正确的记录应是Ux=U﹣U滑=6V﹣，由I=可得，Rx===10Ω；（3）实验中三次测量RX的目的是求平均值减小实验误差；（4）电阻丝Rx′的阻值太大，电路中的电流太小，无法准确测量，可以采用安阻法设计电路，即定值电阻R0与Rx′串联，电压表分别测出它们两端的电压，滑动变阻器串联在电路中改变两电阻两端的电压达到多次测量的目的，如下图所示：故答案为：（1）将电压表接在滑动变阻器两端；（2）电压；；10；（3）求平均值减小实验误差；（4）如上图所示．