学业质量标准检测2【含答案】

第二章学业质量标准检测本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。满分100分，时间90分钟。第Ⅰ卷(选择题共40分)一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，第小题只有一个选项符合题目要求，第7～10小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．(深圳市2014～2015学年高二下学期期中)关于家庭安全用电，下列说法正确的是1～64导学号50232533(B)A．将移动插座远离水池B．用湿抹布擦去工作中电器上的灰尘C．使用洗衣机时，电器外壳不用接地D．消毒碗柜、电饭煲和电冰箱可以同时使用一个移动插座解析：插座外 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 是绝缘体，一旦受潮就不绝缘，故要远离水，故A正确；当用湿抹布擦去工作中电器上的灰尘时，此时电器正在工作，能导致电路短路烧毁，故B不正确；使用洗衣机时，电器外壳容易有静电出现，所以必须接地，将多余电荷导走，故C不正确；消毒碗柜、电饭煲和电冰箱不能同时使用同一移动插座，原因是负载太大，会导致插座烧毁，故D不正确。2．(山西大学附中2015～2016学年高二上学期月考)一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为ρ，棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v，则金属棒内的电场强度大小为导学号50232534(C)mv2B．mv2SnA．2eLeρevC．ρnevD．SL解析：电场强度可表示为E＝U①，其中L为金属棒长度，U为金属棒两端所加的电动LQn·vt·S·eL·ρ势，而U＝IR②，其中I＝t＝t＝nvSe③，R＝S④，联立①②③④，可得E＝nevρ，故C项正确。3．某居民家中的电路如图所示，开始时各部分工作正常，将电饭煲的插头插入三孔插座后，正在烧水的电热壶突然不能工作，但电灯仍能正常发光。拔出电饭煲的插头，把试电笔插入插座的左、右插孔，氖管均能发光，则导学号50232535(C)A．仅电热壶所在的C、B两点间发生了断路故障B．仅电热壶所在的C、B两点间发生了短路故障C．仅导线AB断路D．因插座用导线接地，所以发生了上述故障解析：由于电灯仍正常发光，说明电源是好的，电热壶所在的C、B两点间没有发生短路故障。把试电笔分别插入插座的左、右插孔，氖管均能发光，说明插座的左、右插孔都与火线相通，说明电热壶所在的C、B两点间没有发生断路故障。综合 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 可知，故障为A、B间导线断路，即C选项正确。4．(南京市2015～2016学年高二上学期三校联考)如图为实用型高温超导电缆，利用超导电缆可实现无损耗输电。现有一直流电路，输电线的总电阻为0.4Ω，它提供给用电器的电功率为40kW，电压为800V。若用临界温度以下的超导体电缆替代原来的输电线，保持供给用电器的功率和电压不变，那么节约的电功率为导学号50232536(B)A．1kWB．10kWC．1.6kWD．1.6×103kW解析：输电导线上的输电电流I＝P＝40×103W＝50A，则输电线上损失的电功率P′800VI2R＝502×0.4W＝1000W，A项正确。5．(重庆杨家坪中学2015～2016学年高二上学期期中)有一只电熨斗，内部电路如图甲所示，其中M为旋钮的内部接线端子，旋钮有“高”、“中”、“低”、“关”四个挡，每个挡内部接线有如图乙中所示的四种方式，下列判断中正确的是导学号50232537(B)A．a方式为“高”挡B．b方式为“低”挡C．c方式为“关”挡D．d方式为“中”挡解析：a中回路未闭合，故a方式为“关挡”，b中总电阻Rb＝R1＋R2，c中总电阻为2Rc＝R1，d中总电阻为Rd＝R1R2，由公式P＝U，故d方式为“高”挡，c方式为“中”R1＋R2R挡，b方式为“低”挡，所以B对，A、C、D错。6．(杭锦旗2015～2016学年校级月考)如图所示，电动势为E，内阻不计的电源与三个灯泡和三个电阻相接，只合上开关S1，三个灯泡都能正常工作，如果再合上S2，则下列表述正确的是导学号50232538(C)A．电源输出功率减小B．L1上消耗的功率增大C．通过R1上的电流增大D．通过R3上的电流增大解析：只合上开关S1，三个灯泡都能正常工作，再合上S2，并联部分的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，由于电源的内阻不计，电源的输出功率为P＝EI，与电流成正比，则电源输出功率增大，故A错误；由于并联部分的电阻减小，根据串联电路的特点，并联部分分担的电压减小，L1两端的电压减小，其消耗的功率减小，故B错误；再合上S2，外电路总电阻减小，干路电流增大，而R1在干路中，通过R1上的电流增大，故C正确；并联部分的电压减小，通过R3上的电流将减小，故D错误。故选C。7．一根粗细均匀的导线，两端加上电压U时，通过导线的电流为I，导线中自由电子定向移动的平均速率为v。若将导线均匀拉长，使它的横截面半径变为原来的1，再给它两2端加上电压U，则导学号50232539(BC)A．通过导线的电流为I4B．通过导线的电流为I16C．导线中自由电子定向移动的速率为v4D．导线中自由电子定向移动的速率为v2解析：导线被拉长后，其横截面积变小，变为原来的1，其电阻增大为原来的16倍，则4加上相同的电压U时，电流会减为原来的1，B项正确；又根据I＝neSv，导线被拉长后，16111n、e不变，I变为原来的16，S变为原来的4，故v变为原来的4，C项正确。8．(苏州五中2015～2016学年高二上学期期中)如图所示，电源电动势为E，内电阻为r。当滑动变阻器R的滑片P从右端滑到左端时，发现电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为U1和U2，下列说法中正确的是导学号50232540(BC)A．小灯泡L1、L3变暗，L2变亮B．小灯泡L3变暗，L1、L2变亮C．U1＞U2D．U1＜U2解析：当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则L2变亮。变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分电压减小，则L3变暗。总电流增大，而L3的电流减小，则L1的电流增大，则L1变亮。故A错误，B正确。由上分析可知，电压表V1的示数减小，电压表V2的示数增大，由于路端电压减小，所以U1＞U2，故C正确，D错误，故选BC。9．如图(a)所示的电路中，调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动，根据电路中电压表和电流表的数据描绘了如图(b)所示的两条U－I图线导学号50232541(AC)A．图线甲是根据电压表V1和电流表A的示数描绘的B．由图线可知，电源内阻r＝3.0ΩC．图中两图线的交点表示在整个调节过程中，此时电源的输出功率最大D．图中两图线的交点表示在整个调节过程中，此时电源效率达到最大值解析：由题意可知图象甲表示电源的路端电压随电流的变化关系，图象乙表示电阻两端的电压随电流的变化关系，所以选项A正确；交点处说明两图象表示的电流相等，并且电压相等，故说明此时滑动变阻器短路，即滑片滑到了最左端，此时内电压U内＝Ir＝0.5V，所以内阻r＝1Ω，故选项B错误；由图象乙可知定值电阻R0＝2Ω>r，即外电路总阻值大于内电阻，所以当外电路阻值最小时，电源的输出功率最大，故选项C正确；图象交点表示EI－I2rD错误。电路所能达到的最大电流，η＝可知此时电源的效率最小，故选项EI10．下表列出了某品牌电动自行车(如图)及所用电动机的主要技术参数，不计其自身机械损耗。若该车在额定状态下以最大运行速度行驶，则导学号50232542(AD)自重40(kg)额定电压48(V)载重75(kg)额定电流12(A)最大行驶速度20(km/h)额定输出功率350(W)A．电动机的输入功率为576WB．电动机的内电阻为4ΩC．该车获得的牵引力为104ND．该车受到的阻力为63N解析：电动机的输入功率P入＝UI＝48×12W＝576W，故选项A正确。电动机正常工作时为非纯电阻电路，不能用欧姆定律求内电阻，故选项B错误。电动车速度最大时，牵引力F与阻力Ff大小相等，由P出＝Ffvmax得Ff＝P出＝350N＝63N，故选项C错误、D正vmax203.6确。第Ⅱ卷(非选择题共60分)二、填空题(共3小题，每小题8分，共24分。把答案直接填在横线上)11．某照明电路出现故障，其电路如图1所示，该电路用标称值12V的蓄电池为电源，导线及其接触完好。维修人员使用已调好的多用表直流50V挡检测故障。他将黑表笔接在c点，用红表笔分别探测电路的a、b点。导学号50232543(1)断开开关，红表笔接a点时多用表指示如图2所示，读数为__11.5(11.2～11.8之间的值均可)__V，说明__蓄电池__正常(选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯)。(2)红表笔接b点，断开开关时，表针不偏转，闭合开关后，多用表指示仍然和图2相同，可判定发生故障的器件是__小灯__。(选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯)解析：解题的关键是根据电表的读数分析电路的故障。电压表的读数是11.5V，因为两表笔接的是a、c两点，说明蓄电池是正常的。两表笔接b、c两点时，断开开关，电表指针不偏转，闭合开关时电表读数仍为11.5V，说明开关、保险丝是正常的，小灯出现故障。12．某实验小组利用如图所示电路测定一节电池的电动势和内电阻，备有下列器材：导学号50232544①待测电池，电动势约为1.5V(小于1.5V)②电流表，量程3mA③电流表，量程0.6A④电压表，量程1.5V⑤电压表，量程3V⑥滑动变阻器，0～20Ω⑦开关一个，导线若干(1)请选择实验中需要的器材__①③④⑥⑦__(填标号)。(2)按电路图将实物(如图甲所示)连接起来。(3)小组由实验数据作出的U－I图象如图乙所示，由图象可求得电源电动势为__1.4__V，内电阻为__2.8__Ω。答案：(2)如图所示解析：(1)根据本实验的原理以及特点，所选器材是①③④⑥⑦；(2)根据电路图连接实物图时，一定要看清电路的结构，滑动变阻器的接线柱所在的位置，注意导线不能交叉；(3)电源的电动势是纵轴截距U＝1.4－0Ω＝2.8Ω。1.4V，内电阻r＝I0.5－013．(江西南昌二中2015～2016学年高二上学期检测)用伏安法测量电阻阻值R，并求出电阻率ρ。某同学所用实验电路如图1所示。给定电压表、电流表、滑动变阻器、电源、电键、待测电阻及导线若干。导学号50232545(1)待测电阻是一均匀材料制成的金属丝(横截面为圆形)，用直尺测量其长度，用螺旋测微器测量其直径，结果分别如图2、3所示。由图可知其长度为__59.40__cm，直径为__0.434__mm。(2)对照电路的实物连接在如图4虚线框中画出正确的电路图。(3)图中的6个点表示实验中测得的6组电流I、电压U的值，请在图5中作出U－I图线。(4)求出的电阻值R＝__6.25__Ω(保留3位有效数字)。(5)以上测得的物理量分别是：金属丝两端的电压为U，流过的电流为I，直径为D，长πRD2度为L，写出电阻率的表达式ρ＝____。4L答案：(2)如图1所示(3)如图2所示解析：(1)由图甲可知，刻度尺的分度值是1mm，电阻丝的长度是59.40cm；由图乙可知，螺旋测微器的固定刻度示数是0mm，可动刻度示数是43.4，则螺旋测微器的读数是0mm＋43.4×0.01mm＝0.434mm；(2)由实物电路图可知，电源、开关、电流表、待测电阻丝、滑动变阻器串联，电压表并联在待测电阻丝两端，电路图如图1所示。(3)描点法作图，U－I图象如图2所示。(5)由U－I图象可得，电阻丝电阻：2.5V＝6.25Ω。R＝0.4AD2(6)电阻丝的横截面：S＝πr＝π(2)，L，所以金属丝的电阻率：RSπRD2R＝ρρ＝＝4L。SL三、论述·计算题(共3小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)14．(11分)(深圳市育才中学2014～2015学年高二上学期期中)右图为“解放”牌大卡车的远程车灯电路的蓄电池总功率随电流变化的图象，已知蓄电池瞬间短路时的电流为14A。求：导学号50232546(1)该蓄电池的电动势E和内电阻r。(2)车头两个远程车灯的铭牌上标有“12V、12W”字样，若两灯并联接在蓄电池两端，则两灯消耗的总电功率为多少？答案：(1)E＝14V；r＝1Ω(2)P总＝24W解析：(1)由图可知瞬间短路时总功率P＝2196W，由P＝I短E，求出E＝14V，由P＝I短r，求出r＝1Ω2(2)一个车灯的电阻：R灯＝U额＝12ΩP额两灯并联的电阻：R并＝R灯＝6Ω2电路中的总电流：I＝E＝2AR并＋r两灯总电功率P总＝I2R并＝24W。15．(12分)(黑龙江牡丹江一中2015～2016学年高二上学期检测)如图所示电路，电源电动势E＝12.0V，内电阻r＝2.0Ω，R1＝40Ω，R2＝20Ω，R3＝12Ω，R4＝10Ω。电压表和电流表都是理想电表。求图中两电表示数各是多大？(此题需画出简化电路图，电压表电流表可以不在图中体现)导学号50232547答案：电流表的示数为0.9A；电压表的示数为4V解析：电流表在电路中相当于短路，而电压表相当于开路，故简化电路如图所示；电流表测量流过R4和R2的电流，电压表测量R1两端的电压；总电阻R＝10Ω；则干路电路I＝E＝12A＝1A；R＋r10＋2路端电压U＝E－Ir＝12－1×2＝10V；U10流过R2的电流I2＝R2＝20＝0.5A，则流过R1、R4并联部分的总电流I1＝I－I2＝1－0.5＝0.5A；R3分压U3＝I1R3＝0.5×12＝6V；R1、R4并联部分电压U并＝10－6＝4V；故可知电压表示数为4V；根据分流原理可知，流过R4的电流为：R140×0.5＝0.4A；I4＝R1＋R4I1＝50则电流表示数为：0.4＋0.5＝0.9A。16．(13分)如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，极板长l＝80cm，两板间的距离d＝40cm，电源电动势E＝40V，内电阻r＝1Ω，电阻R＝15Ω，闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度v0＝4m/s水平向右射入两板间，该小球可视为质点。若小球带电量q＝1×10－2－2C，质量为m＝2×10kg，不考虑空气阻力，电路中电压表、电流表均是理想电表。若小球恰好从A板右边缘射出(g取10m/s2)。求导学号50232548(1)滑动变阻器接入电路的阻值为多少？(2)此时电流表、电压表的示数分别为多少？(3)此时电源的输出功率是多少？答案：(1)24Ω(2)1A39V(3)39W解析：(1)设小球在板间飞行时间为t，l0.8t＝＝s＝0.2s12得飞行加速度根据d＝at22d2×0.42＝20m/s2a＝2＝0.22m/st对小球根据牛顿第二定律得qUAB－mg＝ma，解得：d－2×0.4UAB＝mg＋ad＝2×10×10＋20－2V＝24Vq1×10所以滑动变阻器两端电压U滑＝UAB＝24V设通过滑动变阻器的电流为I，由欧姆定律得，E－U滑40－24I＝R＋r＝15＋1A＝1A滑动变阻器接入电路的阻值R＝U滑滑I＝24Ω。(2)此时电流表的示数为1A，电压表的示数为U＝E－Ir＝(40－1×1)V＝39V(3)电源的输出功率P出＝IU＝39W。