2019-2020年高中物理 第四章 电磁感应综合评估 新人教版选修3-2

真诚为您提供优质参考资料，若有不当之处，请指正。真诚为您提供优质参考资料，若有不当之处，请指正。PAGE/NUMPAGES真诚为您提供优质参考资料，若有不当之处，请指正。2019-2020年高中物理第四章电磁感应综合评估新人教版选修3-2题号12345678910答案如图所示，纸面内有一矩形导体闭合线框abcd.ab边长大于bc边长，置于垂直纸面向里、边界为MN的匀强磁场外，线框两次匀速地完全进入磁场，两次速度大小相同，方向均垂直于MN.第一次ab边平行MN进入磁场，线框上产生的热量为Q1，通过线框导体横截面的电荷量为q1.第二次bc边平行MN进入磁场．线框上产生的热量为Q2，通过线框导体横截面的电荷量为q2，则(　　)A．Q1>Q2，q1＝q2B．Q1>Q2，q1>q2C．Q1＝Q2，q1＝q2D．Q1＝Q2，q1>q26.如图所示，A、B都是很轻的铝环，分别吊在绝缘细杆的两端，杆可绕竖直轴在水平面内转动，环A是闭合的，环B是断开的．若用磁铁分别靠近这两个圆环，则下面说法正确的是(　　)A．图中磁铁N极接近A环时，A环被吸引，而后被推开B．图中磁铁N极远离A环时，A环被排斥，而后随磁铁运动C．用磁铁N极接近B环时，B环被推斥，远离磁铁运动D．用磁铁的任意一磁极接近A环时，A环均被排斥《电磁感应》答案1．A　静止的线圈放于通有稳恒电流的静止导线附近，线圈中的磁通量不变，故不会感应出电流，故A不正确；通有恒定电流的导线只要与闭合线圈有相对运动，线圈中就会感应出电流，B、D正确；运动的导体在磁铁附近做切割磁感线运动时，会产生感应电动势，C正确．故选A.2．A　当滑片左、右滑动时，通过a、b的磁通量变化，而通过c环的合磁通量始终为零，故a、b两环中产生感应电流，而c环中不产生感应电流．3．C　因圆环从开始下降到达磁铁中间时，磁通量一直增大；而当从中间向下运动时，磁通量减小；则由楞次定律可知，当条形磁铁靠近圆环时，感应电流阻碍其靠近，是排斥力；当磁铁穿过圆环远离圆环时，感应电流阻碍其远离，是吸引力，故先相互排斥，后相互吸引，故选C.4．B　A．直流电不能产生变化的磁场，在锅体中不能产生感应电流，电磁炉不能使用直流电，故A错误；B．锅体中涡流的强弱与磁场变化的频率有关，故B正确；C.锅体只能用铁磁性导体材料，不能使用绝缘材料制作锅体，故C错误；D.电磁炉的上 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 面如果用金属材料制成，使用电磁炉时，上表面材料发生电磁感应要损失电能，电磁炉上表面要用绝缘材料制作，故D错误；故选B.5．A　导线框进入磁场做切割磁感线运动，在回路中形成电流，受到安培力作用，两种情况下受到的安培力分别为：F安1＝Beq\f(BLabv,R)Lab＝eq\f(B2L\o\al(2,ab)v,R)，F安2＝Beq\f(BLbcv,R)Lbc＝eq\f(B2L\o\al(2,bc)v,R)从而判断出，两次安培力做功：W1＝F安1Lbc＝eq\f(B2L\o\al(2,ab)v,R)Lbc；W2＝F安2Lab＝eq\f(B2L\o\al(2,bc)v,R)Lab因为ab边大于bc边，所以W1>W2，安培力做负功转化成电能，C、D项错误；线框穿过磁场过程通过导体横截面的电量为q＝eq\x\to(I)t＝eq\f(ΔΦ,ΔtR)·Δt＝eq\f(BS,R)，故q1＝q2，A项对，B项错．6．D　接近A环，A环会后退；从A环移开，A环会前进．移近或远离B环则无任何现象，因为在磁铁靠近或远离A环时，由于A环闭合，环中产生了感应电流，阻碍磁铁和A环间的相对运动；而B环不闭合，无感应电流产生．———————————————————————————7．如图所示，A、B、C是相同的白炽灯，L是自感系数很大，电阻很小的自感线圈，今将K闭合，下面说法正确的是(　　)A．B、C灯同时亮，A灯后亮B．A、B、C灯同时亮，然后A灯逐渐变暗，最后熄灭C．A灯一直不亮，只有B和C灯亮D．以上说法都不对8．关于闭合电路中线圈的感应电动势E、磁通量Φ，磁通量的变化量ΔΦ及磁通量的变化率eq\f(ΔΦ,Δt)、线圈的匝数N之间的关系，下列说法中正确的是(　　)A．Φ很大时，E一定很大　　B．Φ＝0时，E可能最大C.eq\f(ΔΦ,Δt)＝0时，E一定等于0D．N越多，Φ一定很大，故E也一定很大9.如图所示，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路．虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN垂直．从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列结论正确的是(　　)A．感应电流方向不变B．CD段直导线始终不受安培力C．感应电动势最大值E＝BavD．感应电动势平均值eq\x\to(E)＝eq\f(1,4)πBav10．等离子气流由左方连续以速度v0射入P1和P2两板间的匀强磁场中，ab直导线与P1、P2相连接，线圈A与直导线cd连接．线圈A内有随图乙所示变化的磁场，且磁场B的正方向规定为向左，如图甲所示，则下列叙述正确的是(　　)A．0～1s内ab、cd导线互相排斥B．1～2s内ab、cd导线互相吸引C．2～3s内ab、cd导线互相吸引D．3～4s内ab、cd导线互相排斥二、填空题(共12分)11．某班同学在探究感应电流产生的条件时，做了如下实验：探究Ⅰ：如图甲所示，先将水平导轨、导体棒ab放置在磁场中，并与电流表组成一闭合回路．然后进行如下操作：①ab与磁场保持相对静止；②让导轨与ab一起平行于磁感线运动；③让ab做切割磁感线运动．探究Ⅱ：如图乙所示，将螺线管与电流表组成闭合回路．然后进行如下操作：①把条形磁铁放在螺线管内不动；②把条形磁铁插入螺线管过程中；③把条形磁铁拔出螺线管过程中．探究Ⅲ：如图丙所示，螺线管A、滑动变阻器、电源、开关组成一个回路；A放在螺线管B内，B与电流表组成一个闭合回路．然后进行如下操作：①闭合和断开开关瞬间；②闭合开关，A中电流稳定后；③闭合开关，A中电流稳定后，再改变滑动变阻器的阻值．可以观察到：(请在(1)(2)(3)中填写探究中的序号)(1)在探究Ⅰ中，________闭合回路会产生感应电流；(2)在探究Ⅱ中，________闭合回路会产生感应电流；(3)在探究Ⅲ中，________闭合回路会产生感应电流；(4)从以上探究中可以得到的结论是：当闭合回路中________时，闭合回路中就会产生感应电流．答案7.B　K闭合瞬间，A、B、C三灯都通电，三灯同时亮，且由于自感线圈的自感作用，L中瞬间无电流，A中电流为B、C灯中的两倍，A灯最亮．电流稳定后，自感现象消失，A灯被线圈短路，逐渐熄灭，B选项对．8．BC　感应电动势与磁通量的变化率成正比，不是与磁通量的多少成正比．例如，有一个线圈在匀强磁场中匀速转动，当线圈平面转到和磁场垂直，即线圈内磁通量达到最大时，它的变化率却最小，这时感应电动势最小．而当线圈转到和磁场平行，即穿过线圈的磁通量为零时，磁通量的变化率却达到最大，这时产生的感应电动势达到最大值．而Φ与N无关．9．ACD　在闭合电路进入磁场的过程中，通过闭合电路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，选项A正确．根据左手定则可以判断，CD段直导线受安培力向下，选项B不正确．当半圆闭合回路进入磁场一半时，这时等效长度最大为a，这时感应电动势最大Emax＝Bav，选项C正确．感应电动势平均值eq\x\to(E)＝eq\f(ΔΦ,Δt)＝eq\f(B·\f(1,2)πa2,\f(2a,v))＝eq\f(1,4)πBav，D正确．10．BD　由左手定则，可判定等离子气流中的正离子向上极板偏转，负离子向下极板偏转，所以ab中电流方向是由a向b的．在第1s内，线圈A内磁场方向向右，磁感应强度减小，由楞次定律可知感应电流的方向是由c向d的，由同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，可知两导线相互吸引，A错；在第2s内，线圈A内磁场方向向左，磁感应强度增加，由楞次定律可知感应电流的方向是由c向d的，由同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，可知两导线相互吸引，B正确；同理可以判断其他选项，故正确选项为B、D.11．(1)③　(2)②③　(3)①③　(4)磁通量变化———————————————————————————12.有一个称为“千人震”的趣味物理小实验，实验器材是一节电动势为1.5V的新干电池、几根导线、开关和一个用于日光灯上的镇流器，几位做这个实验的同学手拉手连成一串，另一位同学用导线将电池、镇流器、开关与首、尾两位同学两个空着的手相连，如图所示，在电路通或断时就会使连成一串的同学有触电感觉，该实验的原理是__________________________________；人有触电感觉时电路是接通还是断开的瞬间？____________，因为________________________．13．如图为“研究电磁感应现象”的实验装置．(1)将图中所缺的导线补接完整．(2)如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后可能出现的情况有：①将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将________；②原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针________．(3)在做“研究电磁感应现象”实验时，如果副线圈两端不接任何元件，则副线圈电路中将(　　)A．因电路不闭合，无电磁感应现象B．有电磁感应现象，但无感应电流，只有感应电动势C．不能用楞次定律判断感应电动势方向D．可以用楞次定律判断感应电动势方向三、计算题(共35分)14.如图所示，竖直放置的U形导轨宽为L，上端串有电阻R(其余导体部分的电阻都忽略不计)．磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直于纸面向外．金属棒ab的质量为m，与导轨接触良好，不计摩擦．从静止释放后ab保持水平而下滑．试求：(1)金属棒ab在下落过程中，棒中产生的感应电流的方向和ab棒受到的安培力的方向．(2)金属棒ab下滑的最大速度vm.15.如图所示，匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd，线圈平面与磁场垂直．已知线圈的匝数N＝100，边长ab＝1.0m、bc＝0.5m，电阻r＝2Ω.磁感应强度B在0～1s内从零均匀变化到0.2T．在1～5s内从0.2T均匀变化到－0.2T，取垂直纸面向里为磁场的正方向．求：(1)0.5s时线圈内感应电动势的大小E和感应电流的方向；(2)在1～5s内通过线圈的电荷量q；(3)0～5s内线圈产生的焦耳热Q.答案12.镇流器的自感现象　断开瞬间　只有在电路断开时才能产生很高的自感电动势，使人产生触电的感觉解析：镇流器就是一个自感系数较大的自感线圈，当通过线圈的电流变化时，线圈中会产生自感现象．当电路接通时，由于自感作用，线圈中电流逐渐增大，此时，产生的自感电动势并不很大，但当电路断开时，线圈中电流突然减小，线圈中产生很大的自感电动势，使人产生触电的感觉．13．(1)如图所示(2)①向右偏转一下　②向左偏转一下　(3)BD解析：(2)依照楞次定律及灵敏电流计的指针偏转方向与流过它的电流方向的关系来判定，则①向右偏转一下；②向左偏转一下．(3)穿过电路中的磁通量发生变化即产生电磁感应现象．因电路不闭合无感应电流，但有感应电动势，且可以用楞次定律判断出感应电动势的方向，要产生感应电流，电路要求必须闭合．故答案选B、D.14．(1)电流方向是b→a，安培力方向向上(2)eq\f(mgR,B2L2)解析：(1)金属棒向下切割磁场，根据右手定则，知电流方向是b→a.根据左手定则得，安培力方向向上．(2)释放瞬间ab只受重力，开始向下加速运动．随着速度的增大，感应电动势E、感应电流I、安培力F都随之增大，加速度随之减小．当F增大到F＝mg时，加速度变为零，这时ab达到最大速度．由F＝eq\f(B2L2vm,R)＝mg　可得：vm＝eq\f(mgR,B2L2).15．(1)10V　a→d→c→b→a　(2)10C　(3)100J解析：(1)设ab边长为L1，bc边长为L2，线圈的面积为S，则S＝L1L2＝1.0×0.5m2＝0.5m2.由题意得0～1s内穿过线圈的磁通量的变化率k1＝eq\f(ΔB1,Δt1)＝eq\f(0.2,1)T/s＝0.2T/s.由法拉第电磁感应定律得，0～1s内线圈中的感应电动势E1＝Neq\f(ΔB1S,Δt1)＝100×0.2×0.5V＝10V；线圈中的感应电流I1＝eq\f(E1,r)＝eq\f(10,2)A＝5A.因为0～1s内线圈中感应电动势保持不变，所以0.5s时线圈中感应电动势的大小为10V．由楞次定律的线圈中感应电流的方向为a→d→c→b→a.(2)同理可得1～5s内线圈中感应电动势的大小E2＝5V，线圈中感应电流的大小I2＝2.5A．1～5s内通过线圈的电荷量q＝I2t2＝2.5×(5－1)C＝10C.(3)0～1s内线圈产生的焦耳热Q1＝Ieq\o\al(2,1)rΔt1＝52×2×1J＝50J,1～5s内焦耳热Q2＝Ieq\o\al(2,2)rΔt2＝2.52×2×4J＝50J，所以0～5s内线圈产生的焦耳热Q＝Q1＋Q2＝100J.———————————————————————————16.如图所示，P、Q为水平面内平行放置的光滑金属长直导轨，间距为L1，处在竖直向下、磁感应强度大小为B1的匀强磁场中．一导体杆ef垂直于P、Q放在导轨上，在外力作用下向左做匀速直线运动．质量为m、每边电阻均为r、边长为L2的正方形金属框abcd置于竖直平面内，两顶点a、b通过细导线与导轨相连，磁感应强度大小为B2的匀强磁场垂直金属框向里，金属框恰好处于静止状态．不计其余电阻和细导线对a、b点的作用力．(1)通过ab边的电流Iab是多大？(2)导体杆ef的运动速度v是多大？17.如图1所示，两根足够长的平行金属导轨MN、PQ相距为L，导轨平面与水平面夹角为α，金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨接触良好，金属棒的质量为m.导轨处于匀强磁场中，磁场的方向垂直于导轨平面斜向上，磁感应强度大小为B.金属导轨的上端与开关S、定值电阻R1和电阻箱R2相连．不计一切摩擦，不计导轨、金属棒的电阻，重力加速度为g.现在闭合开关S，将金属棒由静止释放．(1)判断金属棒ab中电流的方向；(2)若电阻箱R2接入电路的阻值为0，当金属棒下降高度为h时，速度为v，求此过程中定值电阻R1上产生的焦耳热Q；(3)当B＝0.40T，L＝0.50m，α＝37°时，金属棒能达到的最大速度vm随电阻箱R2阻值的变化关系如图2所示，取g＝10m/s2，sin37°＝0.60，cos37°＝0.80.求定值电阻R1的阻值和金属棒的质量m.答案16.(1)eq\f(3mg,4B2L2)　(2)eq\f(3mgr,4B1B2L1L2)解析：(1)设通过正方形金属框的总电流为I，ab边的电流为Iab，dc边的电流为Idc，有Iab＝eq\f(3,4)I，Idc＝eq\f(1,4)I，金属框受重力和安培力，处于静止状态，有mg＝B2IabL2＋B2IdcL2，解得Iab＝eq\f(3mg,4B2L2).(2)由(1)可得I＝eq\f(mg,B2L2)设导体杆切割磁感线产生的电动势为E，有E＝B1L1v设ad、dc、cb三边电阻串联后与ab边电阻并联的总电阻为R，则R＝eq\f(3,4)r根据闭合电路欧姆定律，有I＝eq\f(E,R)，解得v＝eq\f(3mgr,4B1B2L1L2).17．(1)电流方向为由b到a　(2)mgh－eq\f(1,2)mv2(3)R1＝2Ω　m＝0.1kg解析：(1)由右手定则，金属棒ab中的电流方向为b到a(2)由能量守恒，金属棒减小的重力势能等于增加的动能和电路中产生的焦耳热mgh＝eq\f(1,2)mv2＋Q解得：Q＝mgh－eq\f(1,2)mv2(3)设最大速度为v，切割磁感线产生的感应电动势E＝BLv由闭合电路的欧姆定律：I＝eq\f(E,R1＋R2)从b端向a端看，金属棒受力如图所示，金属棒达到最大速度时满足mgsinα－BIL＝0由以上三式得：v＝eq\f(mgsinα,B2L2)R2＋eq\f(mgsinα,B2L2)R1由图象可知：斜率为k＝eq\f(60－30,2)m/(s·Ω)＝15m/(s·Ω)，纵截距为v0＝30m/s，得到：eq\f(mgsinα,B2L2)R1＝v0，eq\f(mgsinα,B2L2)＝k解得：R1＝2Ω，m＝0.1kg