2014-2015学年福建省漳州市龙海市八年级（下）期末物理试卷（解析版）

2014-2015学年福建省漳州市龙海市八年级（下）期末物理试卷　一、选择题（共15小题，每小题2分，满分30分）1．（2分）（2015春•龙海市期末）关于运动和力，以下说法正确的是（　　）　A．物体不受力的作用时，一定保持静止状态　B．速度大小不变的物体，一定不受力的作用　C．做曲线运动的物体，一定受到力的作用　D．物体的运动需要力的维持考点：力与运动的关系．专题：运动和力． 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 ：物体静止或做匀速直线运动，物体处于平衡状态，运动状态不变，受到平衡力作用；物体做变速运动，处于非平衡状态，受力不平衡，所受合力不为零．物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动的原因．解答：解：A、物体不受力的作用时，保持静止或做匀速直线运动，故A错误；B、速度大小不变的物体，如果运动方向也不变，则物体一定不受力的作用（所受合力为零），如果物体运动方向发生变化，则物体受到力的作用，故B错误；C、做曲线运动的物体，速度和方向不断变化，处于非平衡状态，一定受到力的作用，故C正确；D、物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动的原因，故D错误；故选C．点评：本题考查了力与运动的关系，物体在平衡力作用下，运动状态不变，在非平衡力作用下，物体的运动状态发生改变．　2．（2分）（2014•广东模拟）下列选项对应的与气体压强有关的说法中，与实际不符的是（　　）　A．用高压锅能增大锅内气压，降低沸点　B．吸盘能吸在墙壁上是利用大气压的作用　C．马德堡半球实验证明了大气压的存在　D．托里拆利最早测出了大气压的值考点：大气压强的存在；沸点及沸点与气压的关系；大气压强的测量 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 ．专题：气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：（1）液体沸点与气体压强的关系：气压越高，沸点越高；（2）吸盘在大气压力作用下被压在墙壁上；（3）马德堡半球实验证实了大气压的存在；（4）托里拆利实验首次测出了大气压值．解答：解：A、高压锅能增大锅内气压，使沸点升高，故A符合题意；B、吸盘内气压低于吸盘外大气压，吸盘在大气压力作用下被压在墙面上，故B不符合题意；C、马德堡半球实验证实了大气压的存在，故C不符合题意；D、托里拆利最早测出了大气压值，故D不符合题意．故选A．点评：此题主要考查了有关大气压的知识，要掌握其中的两个重要实验：马德堡半球实验和托里拆利实验．同时要注意生活中利用大气压的实例．　3．（2分）如图所示的过程中，人对物体做功的是（　　）　A．踢出去的足球在地面上滚动一段距离　B．[来源:学+科+网]运动员举起杠铃　C．小孩用力推车，车未被推动　D．背着书包在水平路面上匀速前进考点：力是否做功的判断．分析：本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过的距离．二者缺一不可．解答：解：A、踢出去的足球，由于惯性在地面上滚动一段距离．没有受到向前的力．没有力对足球做功．不符合题意．B、运动员举起杠铃时，给杠铃一个向上的力，杠铃向上移动了距离，运动员对杠铃做功．符合题意．C、小孩用力推车，小孩给车一个向前的力，车没有移动距离，小孩对车没有做功．不符合题意．D、背着书包在水平路面上匀速前进时，人对书包一个向上的力，书包向上没有移动距离，人对书包没有做功．不符合题意．故选B．点评：有力没有距离，力对物体没有做功．有距离没有力，没有力对物体做功．有力有距离，力对物体也不一定做功．有力作用在物体上，物体在力的作用小移动了距离，力对物体才做功．　4．（2分）关于物体受到的浮力，下列说法正确的是（　　）　A．漂在水面的物体比沉在水底的物体受到的浮力大　B．物体排开水的体积越大受到的浮力越大　C．没入水中的物体在水中的位置越深受到的浮力越大　D．物体的密度越大受到的浮力越小考点：浮力大小的计算．专题：压轴题．分析：本题主要是考查阿基米德原理公式：F浮=ρ液gv排，要知道决定浮力大小的因素是ρ液和v排．解答：解：A、漂在水面的物体如果排开液体的体积比沉在水底的物体排开液体的体积小，那么漂在水面的物体比沉在水底的物体受到的浮力小，不符合题意；B、由阿基米德原理公式：F浮=ρ液gv排可知，物体排开水的体积越大受到的浮力越大，符合题意；C、当物体完全浸入液体中时，v排不变，浮力不变，不符合题意；D、由阿基米德原理公式：F浮=ρ液gv排可知，物体受到的浮力与液体的密度有关，与物体的密度无关，不合题意；故选B．点评：解决此类考查浮力变化的问题时，一定要从ρ液和v排这两个因素分析考虑．　5．（2分）悬浮在水中的潜水艇排出水舱中的一部分水后，潜水艇将（　　）　A．下沉B．上浮C．仍悬浮在水中D．先下沉后上浮考点：物体的浮沉条件及其应用．分析：解答本题应掌握潜水艇的原理，再由浮沉条件进行判断．解答：解：潜水艇通过排水或进水来改变自身的重力，当排出水时，自身重力减小，浮力不变，则潜水艇将上浮．故选B．点评：潜水艇是物体的浮沉条件最典型的应用，一定要明确其原理．　6．（2分）下列从属系正确的是（　　）A．原子B．原子C．原子D．原子考点：原子结构、元电荷与带电情况．分析：解答本题的关键是对原子结构的掌握，以及对原子构成的结构图的熟悉．解答：解：原子是由原子核和核外绕原子核高速运转的电子构成的，而原子核又包括质子和中子，当然还有一种物质是没有中子的﹣﹣﹣﹣﹣﹣氢的原子核中只有一个质子，其他物质的原子核都是由质子和中子构成的．故选B．点评：熟悉掌握原子、原子核的知识，属于基础性题．　7．（2分）（2015春•巫溪县期末）拖拉机在田野里耕地时，一般都走得很慢，这是为了（　　）　A．保证耕地质量B．获得较大的牵引力　C．节能燃油D．保证安全考点：功率在实际中的应用．专题：应用题．分析：拖拉机的功率是一定的，根据功率公式推导出，据此分析．[来源:学科网ZXXK]解答：解：∵P=Fv，功率P一定，∴减慢车速v，可以增大拖拉机的牵引力F．其它选项不符合题意，都错．故选B．点评：本题考查了功率在实际生活中的应用，知道拖拉机的功率不变这一隐含条件是本题的关键．　8．（2分）（2015春•龙海市期末）如图所示，杠杆处于平衡状态，若在两边的钩码下，各加一个同样的钩码，则（　　）　A．杠杆仍平衡B．杠杆右端下降C．杠杆左端下降D．无法判断考点：杠杆的平衡条件．专题：简单机械．分析：原来杠杆平衡，是因为两边的力和力臂的乘积相等，现在各加一个同样的钩码，就要看现在的力和力臂的乘积是否相等，据此分析得出结论．解答：解：设一个钩码重为G，杠杆上一个格长为L，如图根据杠杆平衡原知：3G×2L=2G×3L，杠杆平衡；现在左右两边各加一钩码则力与力臂的积为：4G×2L=8GL＜3G×3L=9GL，杠杆不再平衡，杠杆右端下降．故选B．点评：杠杆是否平衡取决于力和力臂的乘积是否相等，不能只看力或只看力臂．　9．（2分）要测量小明通过楼梯上楼时的功率，不需要测量的是（　　）　A．身体质量B．通过的楼梯高度　C．通过的路程D．上楼所用的时间考点：功率的测量实验；功率的计算．专题：实验题；压轴题．分析：测量功率的实验，首先要看清是克服什么力做功，然后根据功率的计算公式P=确定测量的物理量和所用的工具．解答：解：小明同学上楼梯的过程就是克服其重力做功的过程，根据功率的计算公式P===，需要测量的物理量有小明的质量、楼梯的竖直高度、登楼所用的时间，不需要测量通过的路程．故选C．点评：根据功的计算公式W=FS，功等于力和距离的乘积，这里的距离S指的是物体在力的方向上通过的距离，特别强调距离和力的方向的一致性．　10．（2分）（2013•集安市校级四模）一位小朋友手里拿着的氢气球不小心脱手升到了空中，当气球升到高空时发生了破裂．以下关于气球升到高空破裂的原因分析正确的是（　　）　A．高空大气压增大，气球体积减小，将气球压破　B．高空大气压增大，气球体积增大，将气球胀破　C．高空大气压减小，气球体积增大，将气球胀破　D．高空大气压减小，气球体积减小，将气球压破考点：大气压强与高度的关系．分析：大气压强不是固定不变的，大气压强和天气、温度、高度等有关系，一般情况下，高度越高气压越小．解答：解：大气压随着高度的增加而减小，当气球升到高空时，外界的气压减小，内部气压大于外部气压，气球体积增大，将气球胀破．故选C点评：本题主要考查学生对大气压强与高度关系的认识和了解，是一道基础题．　11．（2分）（2013•自贡）甲同学做托里拆利实验，测得管内外水银面高度差约76cm，乙同学采取下面哪个措施可以改变这个高度差（　　）　A．往水银槽内加少量水银　B．用粗一些的玻璃管做实验　C．把玻璃管往上提一提，但不出水银面　D．把实验移到高山上去做考点：大气压强与高度的关系．专题：气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：托里拆利实验要抓住是大气压支持住水银柱，故大气压有多大，支持住的水银柱就有多高．解答：解：往水银槽加水银、用粗一些的玻璃管做实验、把玻璃管往上提，这三个方法既不能改变大气压的大小，又不能改变水银柱的压强，故都不能使管内外高度差变化．只有把实验移到高山上去做，高山上大气压小，能支持的水银柱高度也就变小．故选D．点评：托里拆利实验能测出大气压的值，是利用管内水银柱产生的压强等于大气压强，即P大气=P水银=ρ水银gh．　12．（2分）（2015春•龙海市期末）如图所示的实例中，属于减小压强的是（　　）　A．书包的背带做得很宽B．冰刀的刀刃做得很薄　C．压路机的质量做得很大D．汽车安全锤的锤头做得很尖考点：减小压强的方法及其应用．专题：压强、液体的压强．分析：增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．解答：解：A、将书包的背带做得较宽，是在压力一定时，增大受力面积减小压强，符合题意．B、冰刀的刀刃做得很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大对冰面的压强，不符合题意；C、压路机的质量做得很大，是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强．不符合题意；D、汽车安全锤的锤头做得很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，不符合题意．故选A．点评：知道压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法，并能在生活中加以应用，体现了理论和实践相结合，好题！　13．（2分）（2015春•龙海市期末）对于功、功率、机械效率的理解，下列说法中正确的是（　　）　A．功率大的机器做功一定多　B．做功快的机器机械效率一定高　C．做功快的机器功率一定大　D．做有用功多的机器机械效率一定高考点：功率的概念；机械效率．专题：功、功率、机械效率．分析：根据：功的公式W=Pt、功率的物理意义、机械效率的定义逐一分析判断各选项是否正确．解答：解：A、由W=Pt知机器做的功取决于功率与做功时间的乘积，功率大，如果做功时间极短，做功不一定多，故A错误；B、做功快的机器功率大，但效率不一定高，故B错误；C、功率是描述机器做功快慢的物理量，做功快的机器功率一定大，故C正确；D、由机器的效率公式知η=×100%，机械效率取决于有用功与总功的比值，做的有用功多，但效率不一定高，故D错误．故选C．点评：本题考查了：功率的物理意义、机器做功与功率的关系、机器效率与有用功的关系，是一道基础题，解题时要细心、认真．　14．（2分）（2011•怀化）如图所示，下列工具在使用中属于费力杠杆的是（　　）　A．剪刀B．起子C．镊子D．钢丝钳考点：杠杆的分类．分析：联系生活经验，要判断杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆．解答：解：A、题目中的剪刀在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；B、起子在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；C、镊子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；D、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；故选C．点评：此类型题目的解决主要是依据生活经验，动力臂和阻力臂的大小关系进行判断．　15．（2分）（2015春•龙海市期末）在连通器的两端分别装有盐水和清水，液面相平，如图所示，如果将阀门打开，则（　　）　A．盐水向右流动B．清水向左流动C．均不流动D．无法判断考点：液体的压强的特点．专题：压强、液体的压强．分析：当阀门打开时，假设在两种液体之间有一“液片”，分析“液片”左右受到的压强和压力是否相等，分析“液片”的运动情况，判断液体的流动情况．解答：解：当阀门打开时，盐水的密度大于清水的密度，所以，ρ盐水gh＞ρ清水gh，所以，“液片”向右的压强大于向左的压强，向右的压力大于向左的压力，所以，“液片”向右移动，盐水向右流动．故选A．点评：连通器中装有同种液体静止时，液面是相平的．如果连通器中装有不同液体时，液面是不相平的．　二、填空题（本题包括6小题，每空1分，共14分）16．（2分）（2015春•龙海市期末）一根铁棒很难被压缩是因为分子间存在　斥力　．长期堆放煤的墙角，墙壁的内部也会变黑，这说明　分子永不停息地作无规则运动　．考点：分子间的作用力；分子的运动．专题：分子热运动、内能．分析：根据分子动理论的内容回答：物质都是由分子组成的，分子之间存在一定的空隙，并且分子在永不停息地做无规则运动，分子之间总存在相互作用的引力和斥力．解答：解：（1）铁棒的分子间已经离得很近，由于分子间存在斥力，所以铁棒很难被压缩；（2）由于分子在不停地做无规则运动，所以长期堆放煤的墙角，会有一些煤的分子进入墙壁，墙壁的内部也会变黑．故 答案 八年级地理上册填图题岩土工程勘察试题省略号的作用及举例应急救援安全知识车间5s试题及答案 为：斥力；分子永不停息地作无规则运动．点评：本题考查了学生对分子动理论的理解与掌握，要注意分子间既有引力又有斥力这并不矛盾．　17．（2分）（2014•怀化）如图所示，小明正在做俯卧撑，把他的身体看作一个杠杆，O为支点，A为重心，他的体重为550N．地面对手的支持力F的力臂是　1.5　m，大小为　330　N．考点：杠杆的平衡条件．专题：简单机械．分析：（1）力臂是指从支点到力的作用线的垂直距离，根据图示确定动力臂和阻力臂的长度；（2）已知重力、动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡的条件进行计算．解答：解：（1）根据图示可知，支点到重力作用线的垂线段和支持力作用线的垂线段分别为动力臂和阻力臂，即动力臂L1=0.9m+0.6m=1.5m，阻力臂L2=0.9m；（2）根据杠杆平衡的条件可得：FL1=GL2，F×1.5m=550N×0.9m，F=330N．故答案为：1.5；330．点评：本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，关键是从图中找出动力臂和阻力臂．　18．（2分）（2015春•龙海市期末）人造地球卫星在大气层外环绕地球运行的过程中，他在近地点的速度　大于　（选填：“大于”或“小于”或“等于”）它在远地点的速度；它从近地点向远地点运行的过程中，机械能的变化情况是　不变　（选填“变大”或“变小”或“不变”）．考点：动能和势能的大小变化．专题：机械能及其转化．分析：（1）动能大小的影响因素：质量和速度．质量不变时，速度越大，动能越大．（2）地面附近的物体由于被举高具有重力势能，物体到太空中由于有相对高度，物体具有势能．（3）没有空气阻力时，机械能是守恒的．解答：解：（1）卫星在运行过程中质量不变，卫星在近地点和地球的相对距离最小，速度最大，近地点势能最小，动能最大；（2）卫星在太空，运行过程中没有运行阻力，没有能量的损失，机械能是守恒的．故答案为：大于；不变．点评：（1）注意太空中由于物体之间有相对距离时，具有的是势能而不是重力势能．（2）掌握动能和势能大小的影响因素，根据能量的影响因素能判断动能和势能的大小变化．　19．（5分）（2015春•龙海市期末）2012年11月，我国自行研制的舰载多用途歼﹣15战斗机，首次成功起降在中国第一艘航空母舰“辽宁舰”上，如图所示．（1）“辽宁舰”的排水量为6.7×104t，其满载并静止在海面上时，受到海水的浮力是　6.7×108　N．（2）当歼一15战斗机飞离航母后，航母受到的浮力将　变小　（选填“变大”或“不变”或“变小”），在起飞上升过程中，歼一15战斗机的重力势能将　增大　（选填“增大”或“不变”或“减小”）．（3）“辽宁舰”航行的过程中，两侧的护卫舰不能靠它太近，是因为护卫舰和航母间水的　流速　大．　压强　小，外部的水会把两舰挤在一起．考点：浮力大小的计算；流体压强与流速的关系；动能和势能的大小变化．专题：气体的压强、流体压强与流速的关系；浮力；机械能及其转化．分析：（1）“辽宁舰”满载并静止在海面上时，受到的浮力等于排开海水的重力，根据排水量的定义便可求出．（2）根据物体漂浮在液面上时，浮力与重力相等判断浮力的大小变化．[来源:Zxxk.Com]掌握重力势能的影响因素，通过判断歼一15的重力和高度的变化得出重力势能的变化．（3）流体流速大的地方压强小，流速小的地方压强大．解答：解：（1）“辽宁舰”满载时受到的浮力F浮=G排=m排g=6.7×104×103kg×10N/kg=6.7×108N；（2）由于歼一15起飞后，航母的总重力减小，漂浮时其浮力等于重力，所以所受浮力减小．歼一15在上升过程中，重力不变，但高度增加，所以重力势能增加．（3）护卫舰和航母间水的流速大于外侧水的流速大，压强小，外部的水会把两舰挤在一起，因此，“辽宁舰”航行的过程中，两侧的护卫舰不能靠它太近．故答案为：（1）6×108；（2）变小；增大；（3）流速；压强．点评：此题考查了有关阿基米德原理、重力势能的大小变化、流体压强和流速的关系，是一道综合性很强题目．在分析时，注意从题目中找出有用的信息，根据影响物理量的因素分析变化情况．　20．（2分）（2015春•龙海市期末）将同一个密度计先后放入甲、乙两种不同的液体中，液体表面位置分别在密度计的A、B处，如图所示，则此密度计在甲、乙两种液体中所受的浮力　相同　（选填“相同”或“不相同”）；　乙　液体的密度大（选填“甲”或“乙”）考点：物体的浮沉条件及其应用；阿基米德原理．专题：推理法．分析：密度计放在甲、乙液体中都漂浮，受到的浮力都等于密度计受到的重力；得出了受到浮力的大小关系，从图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系．解答：解：∵密度计漂浮，∴F浮=G，∴密度计在甲、乙两种液体中受到的浮力都等于密度计受到的重力G，即：ρ液gv排=G，∵由图知，密度计排开液体的体积：v甲＞v乙，∴甲、乙液体的密度：ρ甲＜ρ乙．故答案为：相同，乙．点评：本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件，利用好密度计漂浮（F浮=G）是解此类题目的关键．　21．（2分）（2015春•龙海市期末）甲、乙两台起重机的功率之比为1：3，当它们完成相同的功时，所用的时间之比是　3：1　；当它们工作的时间相同时，所完成的功之比为　1：3　．考点：功的计算．专题：计算题．分析：（1）列出两台起重机的功率与做的功的比例关系，根据做功公式W=Pt就所用的时间之比；（2）列出两台起重机的工作时间的比例关系，同理就可算出所完成的功之比．解答：解：（1）已知：P甲：P乙=1：3，W甲：W乙=1：1，那么所用的时间之比为t甲：t乙=：=×==3：1，（2）已知：t甲：t乙=1：1，那么所完成的功之比为W甲：W乙=（P甲×t甲）：（P乙×t乙）=1：3，故答案为3：1，1：3．点评：本题考查了功的计算，列出功率、时间与做功的比例关系是解题的关键．　22．（2分）（2015春•龙海市期末）水和酒精混合后体积变小，表明　分子间存在间隙　．如图所示，在物质三种状态下的分子结构模型图中，　乙　图表示酒精的分子结构．考点：物态的微观模型及特点；分子动理论的其它内容及应用．专题：粒子与宇宙、材料世界．分析：（1）由于酒精分子和水分子相互进入对方的空隙内，因此混合后体积变小；（2）物质的状态变化时体积发生变化，主要是由于构成物质的分子在排列方式上发生了变化．解答：解：（1）因为分子间存在着间隙且都在不停地做无规则运动，当水和酒精混合后，水分子和酒精分子互相进入对方的空隙中，总体积变小，说明分子间存在空隙．（2）甲中的分子之间的距离最小，是固体的分子模型，乙中的分子之间的距离较小，是液体的分子模型，丙图中的分子距离最大，是气体的分子模型．故答案为：分子间存在间隙；乙．点评：本题主要考学生对分子动理论知识的了解和掌握及固态、液态、气态的分子的微观模型的识别，是一道基础题，相对比较简单．　23．（2分）（2015春•龙海市期末）利用杠杆把一重200N的物体提高0.1m．用了100N的拉力，拉力作用点沿力的方向移动了0.25m，则拉力对机械所做的功是　25　J，使用此杠杆时的机械效率是　80%　．考点：功的计算；杠杆的机械效率．专题：功、功率、机械效率．分析：利用W=Gh求出有用功，利用W=Fs求出拉力对机械所做的功，即总功，再利用η=可求机械效率．解答：解：W有用=Gh=200N×0.1m=20J；拉力对机械所做的功：W总功=Fs=100N×0.25m=25J；机械效率η=×100%=×100%=80%．故答案为：25；80%．点评：解决本题，首先要明白有用功、额外功、总功三者的关系，其次要熟悉机械效率的含义和计算公式．　24．（2分）（2011•菏泽）高压锅密封性能良好，用它煮食物时，水蒸气不易外泄，从而　增大　了锅内的压强（填“增大”或“减小”），使锅内水的沸点　升高　（填“升高”或“降低”）．考点：沸点及沸点与气压的关系．专题：应用题．分析：（1）高压锅密封性能良好，里面的水蒸气不易外泄，里面的气压较高，“高压锅”的名称由此得来．（2）液体的沸点随液面上气压的升高而升高，随液面上气压的降低而降低．解答：解：高压锅密封性能好，里面的水蒸气不易外泄，随着里面水蒸气的增多里面的气压增大．液面上的气压增大时液体的沸点升高．故答案为：增大，升高．点评：液面上的气压越高，液体的沸点越高；反之，气压降低，液体的沸点降低．在高山上煮食物，由于大气压比平地底，故水的沸点低于100℃，食物很难煮熟，所以高原地区的人直接用火来烤肉．高压锅很容易把食物煮熟也是这个道理．高压锅密封性能好，锅内的水蒸气压强比外界大气压高，水的沸点升高，食物就可以很快煮熟．　25．（2分）（2015春•龙海市期末）在水平地面上，工人用100N的水平推力推动重150N的箱子，4s内前进了6m，在这个过程中，木箱所受重力对木箱做功为　0　J；工人对木箱做功为　600　J．考点：功的计算．专题：功、功率、机械效率．分析：做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，箱子是在水平地面上移动，在重力的方向上移动距离为0，重力做功为0；知道工人的推力和移动的距离，利用W=Fs求工人对木箱做功．解答：解：由题知，箱子在水平地面上运动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力做功为0；工人对木箱做功：W=Fs=100N×6m=600J；故答案为：0；600．点评：本题易错点：判断推力和重力做功情况．注意三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直．　26．（2分）（2015春•龙海市期末）蜡的密度是0.9×103kg/m3，一蜡块浸没在水中，松手后它将　上浮　，随着它露出水面的体积增大，蜡块受到的浮力　减小　．考点：物体的浮沉条件及其应用．专题：浮沉的应用．分析：因蜡的密度小于水的密度，由物体的浮沉条件可知蜡的状态；由F浮=ρgV排分析蜡块受到的浮力情况．解答：解：已知蜡的密度小于水的密度，所以浸没在水中，松手后它将上浮，随着它露出水面的体积增大，则浸入水中的体积减小，由F浮=ρgV排可得蜡块受到的浮力减小．故答案为：上浮；减小．点评：此题考了浮力的计算和物体浮沉条件的应用，根据物体密度与液体密度之间的大小关系来判断物体的浮沉是解答此题的关键．　27．（2分）（2015春•龙海市期末）如图所示的装置，在水平方向力F作用下，使重40N的物体A在水平方向上匀速移动5m，已知A受地面的摩擦力为5N，则拉力F的大小为　10　N，拉力F做的功为　25　J．（滑轮、绳重及绳之间的摩擦不计）考点：动滑轮拉力的计算；功的计算．分析：在滑轮组中有几股绳子承担物重，则绳头的拉力大小就等于物重和动滑轮重力之和的几分之一（）；滑轮组中有几股绳子承担物重可用分割法来判断，即在动滑轮和定滑轮之间划一道横线，然后只数与动滑轮相连接的绳子的股数．解答：解：如图所示，将图形逆时针旋转90度角，则滑轮为动滑轮，A受地面的摩擦力f=，因为f=5N，所以F=10N；物体A在水平方向上匀速移动5m，则F在水平方向上移动2.5m，拉力F做的功W=Fs=10N×2.5m=25J．故答案为：10；25．点评：能否知道将图形逆时针旋转90度角，将题目中的各物理量跟竖直方向上的滑轮组数据关系相类比是本题的解题关键所在．　三、作图题（本题包括2小题，每题2分，共4分）28．（2分）（2015春•龙海市期末）一个质量为2kg的木球漂浮在水面上，用力的图示法画出木球静止时的受力情况．（g=10N/kg）考点：力的示意图；二力平衡条件的应用；重力的计算；重力示意图．专题：作图题．分析：先用公式G=mg算出木球的重力，木球漂浮在水面上静止时受重力和浮力，两个力的作用点在重心上，重力方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，重力、浮力的大小相等，根据两个力的三要素作出力的图示．解答：解：木球重力的大小G=mg=2kg×10N/kg=20N，木球受重力和浮力作用处于平衡；重力从重心竖直向下画，长度为两个标度长，并标出重力符号G和大小20N；浮力从重心竖直向上画，长度为两个标度长，并标出符号F浮和大小20N．如图：点评：根据物体处于平衡状态，按受力分析的 步骤 新产品开发流程的步骤课题研究的五个步骤成本核算步骤微型课题研究步骤数控铣床操作步骤 判断出物体受重力和浮力，并且两个力是一对平衡力；若知道物体质量，必须经过运算算出重力的大小，并在图示中标出．　29．（2分）（2015春•龙海市期末）作出如图中杠杆的动力臂L1和阻力臂L2．考点：力臂的画法．专题：简单机械．分析：掌握力臂的概念：从支点到力的作用线的距离；力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点．②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线．③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂．④用字母L1或l2标出．解答：解：反向延长动力和阻力的作用线，然后从支点分别向动力作用线、阻力作用线引垂线，垂线段的长度即为动力臂和阻力臂，如图所示：点评：此题考查了力臂的画法，力臂是从支点到力的作用线的距离，在作图时，注意确定支点和两个力，做出力臂后要用符号标出对应的力臂．　四、实验探究题（每空1分，共25分）30．（5分）（2015春•龙海市期末）（1）小云用矿泉水瓶做实验，如图1所示．将两瓶相同的矿泉水如图1中A、B所示放置，验证的是压力的作用效果与　受力面积　的关系．（2）如图2所示是探究“阿基米德原理”是实验，先分别测出木块和小桶的重如图2中的甲、乙；接着①将木块轻轻放入盛满水的溢水杯中，如图2中丙所示，木块A受的浮力为　3　N；因为木块　漂浮　，浮力等于物体的重．②比较图2中乙、丁可知，木块排开水的重力为　3　N，由此可得出的结论是：　木块受到浮力的大小等于排开液体受到的重力　．考点：探究浮力大小的实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，利用控制变量法结合实验中的情形可做出判断；（2）①由图甲可知，根据弹簧测力计的示数得出木块重力，将木块轻轻放入盛满水的溢水杯中，如图2中丙所示，木块漂浮，根据漂浮条件求出木块A受的浮力；②比较图2中乙、丁可得木块排开水的重力，和木块受到的浮力比较得出结论．解答：解：（1）如图1中，将两瓶相同的矿泉水A、B所示放置，对桌面的压力相同，受力面积不同，验证的是压力的作用效果与受力面积的关系．（2）①由图甲可知，木块重力G=3N，将木块轻轻放入盛满水的溢水杯中，如图2中丙所示，因为木块漂浮，木块A受的浮力等于木块重力为3N；②比较图2中乙、丁可知，木块排开水的重力G排=4.6N﹣1.6N=3N，由此可得出F浮=G排，结论是：木块受到浮力的大小等于排开液体受到的重力．故答案为：（1）受力面积；（2）3；漂浮；3；木块受到浮力的大小等于排开液体受到的重力．点评：本题考查了压力作用效果的影响因素、浮力和排开水重力的关系，利用好控制变量法、理解阿基米德原理是关键．　31．（4分）（2012•南充）如图所示，是用压强计探究内部压强的情境（1）把探头放入水中，通过观察U型管两边液面的高度差来判断探头处水的压强的大小，高度差越大，水的压强　越大　（选填“越大”或“越小”）；（2）比较甲图、乙图和丙图，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强　相等　；（3）在乙图中把探头慢慢下移，可以观察到U型管两边液体的高度差增大，从而得到：在同一种液体里，液体的压强随　深度　的增加而增大；（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，则可以观察到U型管两边液体的　高度差变大　．考点：探究液体压强的特点实验．专题：实验题．分析：（1）本题采用了物理中常见的研究方法﹣﹣转换法，即把水的内部压强的大小转换成U型管两边液面高度差的大小来判断，液面高度差越大，表示水内部的压强越大．（2）此题用到了常用的研究方法﹣﹣控制变量法．比较图甲、图乙和图丙，是控制液体的密度相同，深度相同，改变压强计金属盒的方向，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和方向有关．（3）在乙图中把探头慢慢下移，是控制液体的密度相同，改变液体的深度，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和液体的深度有关．（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，是控制深度相同，改变液体的密度，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和液体的密度有关．解答：解：（1）把水的内部压强的大小转换成U型管两边液面高度差的大小来判断，液面高度差越大，表示水内部的压强越大．（2）比较甲图、乙图和丙图，控制液体密度和深度不变，改变探头的方向，U形管两侧的液面高度差相等．可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等．（3）在乙图中把探头慢慢下移，控制液体的密度不变，改变深度，可以观察到U型管两边液体的高度差增大，得到：在同一种液体里，液体的压强随深度的增加而增大；（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，控制深度不变，把水换成盐水，密度变大，则可以观察到U型管两边液体的高度差变大．故答案为：（1）越大；（2）相等；（3）深度；（4）高度差变大．点评：此题主要考查的是液体内部压强的规律以及液体内部压强的影响因素，注意转换法、等效替代法和控制变量法在实验中的运用．液体压强是中考必考的一个 知识点 高中化学知识点免费下载体育概论知识点下载名人传知识点免费下载线性代数知识点汇总下载高中化学知识点免费下载 ，需要掌握．　32．（5分）（2011•兰州）在探究“杠杆平衡条件”的实验中：（1）某同学将杠杆悬挂起来，发现杠杆的右端低，左端高，他应该将杠杆两端的平衡螺母向　左　调节，使杠杆在　水平　位置平衡．（2）在杠杆两端挂钩码，不断改变动力或动力臂的大小，调节阻力或阻力臂的大小，使杠杆在原来的位置重新平衡，记录数据如下表：实验次序动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm12.051.01022.0102.01033.0102.015根据表中的数据你得出杠杆的平衡条件是：　F1L1=F2L2　．（3）根据第2次实验数据有同学得出杠杆的平衡条件是：动力+动力臂=阻力+阻力臂．他得出此错误结论的原因是：　将不同的物理量进行了加法运算．　．考点：探究杠杆的平衡条件实验．专题：压轴题．分析：杠杆的右端低，左端高．说明右端的力大而下沉，左端力小而上升．应使平衡螺母向左调节，才能使杠杆平衡．杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂．由于动力和动力臂的单位不同，所以不能进行加减运算．解答：解：（1）调节杠杆平衡时，杠杆的右端低，左端高．说明右端的力大而下沉，左端力小而上升．应使平衡螺母向左调节，相当于向左端增加了力，才能使杠杆在水平位置平衡．（2）从实验表格中可知，三次实验数据都满足：动力×动力臂=阻力×阻力臂．（3）动力的单位是N，动力臂的单位是cm，两个物理量的单位不相同，不能进行加减运算．故答案：（1）左、水平位置、（2）F1L1=F2L2（动力×动力臂=阻力×阻力臂）、（3）将不同的物理量进行了加法运算．点评：此题考查杠杆的平衡条件实验，要对实验过程有所了解．同时要知道杠杆平衡条件公式的推导．　33．（6分）（2015春•龙海市期末）如图是探究“物体的动能的大小与什么因素有关？”的实验示意图．①该实验要探究的是物体动能的大小与物体　速度　的关系．②该实验物体的动能是指物体　A　（选填“A”或“B”）的动能．③该实验物体动能的大小是通过　物体B被推动的距离s　来反映的．④该实验物体的速度是指物体A从斜面上静止滚下与物体B碰撞时　碰前A　（选填“碰前A”、“碰后A”、“碰前B”或“碰后B”）的速度，它是通过　高度　（选填“高度”或“质量”）来改变的．⑤实验中多次让物体从斜面同一高度上静止滚下时，应改变　物体A　（选填“物体A”或“物体B”）的质量，这是为了研究物体动能与物体质量的关系．考点：探究影响物体动能大小的因素．专题：探究型实验综合题．分析：（1）动能的决定因素有两个：质量和速度，要利用控制变量法去研究．研究与速度关系时要保证质量相同，速度不同．研究与质量关系时，要保证速度相同，质量不同．（2）小球速度的大小是通过改变小球在斜面上的高度实现的，小球动能的大小是通过物体B被推动移动的距离体现的．解答：解：①动能的大小与物体的质量和速度都有关系，实验中让小球充能同一高度滚下，速度相同，所以要探究的是物体动能的大小与物体速度的关系；②该实验研究的主体是小球A，研究的是小球A动能的大小与速度和质量的关系；③该实验中小球动能的大小是通过B被撞距离的远近体现的，B被撞的越远，说明小球的动能越大，被撞的越近，说明小球的动能越小，这里采用了转换法的思想；④该实验物体的速度是指物体A从斜面上静止滚下与物体B碰撞时碰撞前A的速度，这个速度的大小是通过控制小球在斜面上的高度改变的；⑤为了研究物体动能与物体质量的关系，实验中多次让物体从斜面同一高度上静止滚下时，控制了小球的速度，应改变物体A的质量．故答案为：①速度；②A；③物体B被推动的距离s；④碰前A；高度；⑤物体A．点评：两种物理学方法的使用：①由木块在水平面上移动的距离远近来体现球的动能多少，是一种转换法；②动能的大小与质量和速度有关，实验时用控制变量法分别探究．　34．（5分）（2015春•龙海市期末）某实验小组在测滑轮组机械效率的实验中得到的数据如下表所示，实验装置如图所示．实验次数123钩码重G/N446机械效率η74%57%83%（1）在实验操作中应沿竖直向上　匀速　拉动弹簧测力计；[来源:Zxxk.Com]（2）通过表中数据可分析出实验1是用　甲　图做的实验，实验2是用　乙　图做的实验．[来源:Z|xx|k.Com]（3）通过实验1和实验2的数据分析可得出结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多，滑轮组的机械效率　低　．（4）比较实验1和实验3可得结论：使用同一滑轮组，　增大提升的物重　可以提高滑轮组的机械效率．考点：滑轮（组）机械效率的测量实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）应竖直匀速拉动测力计，这样拉力大小不变，弹簧测力计的示数稳定；（2）根据s=nh确定绳子的股数，判断是哪一个滑轮组；（3）比较实验1和2的条件和机械效率大小，可得出动滑轮个数多少对滑轮组机械效率的影响；（4）比较实验1和3的条件和机械效率大小，可得出提升物体的重力大小对滑轮组机械效率的影响．解答：（1）实验中应该匀速竖直向上拉动弹簧测力计，以保证拉力大小恒定．（2）实验1中，s1=0.3m，h1=0.1m，n1===3，所以实验1是用甲图做的实验；实验2中，s2=0.5m，h2=0.1m，所以n2===5，所以实验2是用乙图做的实验．（3）比较实用数据1和2可知，使用不同的滑轮组，提升相同的重物时，动滑轮的个数越多，滑轮组的机械效率越低．（4）比较实验数据1和3可知，使用同一滑轮组，增大提升的物重，可以提高滑轮组的机械效率．故答案为：（1）匀速；（2）甲；乙；（3）低；（4）增大提升的物重．点评：在此实验中，对滑轮组的分析、机械效率公式的运用是实验的基础，同时，实验中分别探究了机械效率高低与动滑轮个数、提升物体重力等多个量的关系，因此控制变量法的运用也十分关键．　五、计算题（本题包括2小题，共14分）35．（6分）（2015春•龙海市期末）一空心铁球，质量为79g，将其浸没在水中时恰好悬浮，求铁球的空心部分体积．（铁的密度为7.9×103kg/m3）．考点：密度公式的应用．专题：密度及其应用．分析：（1）根据G=mg求出空心铁球的重力，根据铁球恰好悬浮，利用物体的浮沉条件求出空心铁球受到的浮力．（2）利用根据阿基米德原理求出空心铁球排开水的体积，也就是铁球的体积；根据密度公式求出空心铁球中铁的体积，空心铁球的体积减掉铁的体积即为空心部分的体积．解答：解：铁球悬浮，则，F浮=G=mg=7.9kg×10N/kg=79N；由F浮=ρV排g可得，V球=V排===7.9×10﹣3m3；由ρ=可得，V铁===1×10﹣3m3；则空心部分体积：V空=V球﹣V铁=7.9×10﹣3m3﹣1×10﹣3m3=6.9×10﹣3m3．答：铁球的空心部分体积为6.9×10﹣3m3．点评：本题主要考查学生对密度公式、物体的悬浮条件、阿基米德原理的掌握和运用，计算时要注意统一单位，特别是g/cm3和kg/m3之间的换算，更要熟练掌握．　36．（8分）（2015春•龙海市期末）建筑工地用如图所示的简易滑轮组提升砖块，某工人将重500N的砖块一次性匀速提升到离地面4m高的砌墙处，所用拉力是200N，所用的时间是20s．求这次提升砖块过程中：（1）工人所做的有用功；（2）工人做功的功率；（3）滑轮组的机械效率；（4）不计绳重及摩擦，使用该滑轮组匀速提升重800N的砖块时所用的拉力．考点：有用功和额外功；滑轮组绳子拉力的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算．专题：简单机械；功、功率、机械效率．分析：（1）根据W=Gh，将G=500N，h=4m代入即可求出工人做的有用功．（2）根据动滑轮上有几根绳子承担，将F=200N，s=3×4m代入W=Fs，再根据P=即可求出工人做功的功率．（3）根据（1）和（2）所求的数据，再利用η=×100%即可得出答案．（4）根据（3）中的总功和额外功，求出额外功，再利用额外功求出动滑轮重，如图所示数出动滑轮上有几根绳子承担物重，那么拉力就为总重的几分之一．解答：解：（1）W有用=Gh=500N×4m=2000J；（2）由图可知中，通过动滑轮绳子的段数n=3，s=3h=3×4m=12m，t=20s，W总=Fs=200N×12m=2400J，工人做功的功率：P===120W．（3）滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%≈83.3%，（4）W额外=W总﹣W有用=2400J﹣2000J=400J，不计绳重及摩擦，由W额外=G动滑轮h得：G动滑轮===100N．所以提升800N的重物时，G总=G动滑轮+800N=100N+800N=900N，因动滑轮上有3根绳子，所以F=G总=×900N=300N．答：（1）工人做的有用功为2000J．（2）工人做功的功率为120W；（3）滑轮组的机械效率83.3%；（4）不计绳重及摩擦，使用该滑轮组匀速提升重800N的砖块时所用的拉力为300N．点评：此题主要考查功的计算，滑轮组绳子拉力的计算，滑轮组的机械效率，功率的计算等知识点，综合性强，难度不大，属于中档题．