2016年广州市初中毕业生学业考试物理第一部分（共36分）一、选择
题
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（每小题3分）每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意1.历史上把图1示意的长度定为1英寸。1英寸约为A.2.5km B.2.5m C.2.5dm D.2.5cm【答案】D【解析】此题较简单，考察学生对图景的认识和长度的理解，手指的拇指一节指头长以厘米为长度单位，约为2.5cm，故选D2.琴弦H比琴弦L每秒振动次数多，推断此时H比L发出的声音A．音调高 B.音调低 C.响度大 D.响度小【答案】A【解析】此题考察音调和振动频率之间的关系，振动次数越多，就是频率越快，那么音调就越高，故选A3.上层的粒子由下层的粒子构成，小列选项中正确描述物质结构的是【答案】A【解析】此题较简单，考察学生对物质结构的构成认识，原子可以分为原子核和核外电子，所以选A4.使用蓝牙耳机接听手机来电，信号传输示意图如图2，蓝牙通信的电磁波A.是蓝光B.波长比手机通信的电磁波短C.在真空中传播速度为340m/sD.在真空中传播速度比手机通信的电磁波小【答案】B【解析】该题考察的是电磁波的性质问题，属于简单题。根据图2可知，蓝牙通讯属于无线电波，并不是可见光，所以先排除A选项。然后根据电磁波的性质可知，电磁波在真空中的传播速度均为光速，所以可排除C、D。而B是根据c=λf可知，波长与频率成反比，由于蓝牙通讯的频率比手机通讯的高，所以波长就短，所以正确答案选B5.图3所示，电源两端电压恒定。闭合开关，灯泡L1比灯泡L2亮，则A.L1的电阻比L2大B.L1两端的电压比L2大C.若L1灯丝烧断，L2两端电压不变D.若L2灯丝烧断，通过L1的电流变大【答案】C【解析】该题考察学生对并联电路规律的掌握，难度中等。由题可知，灯泡L1比灯泡L2亮，说明灯泡L1的实际功率比灯泡L2的实际功率大，且该电路是并联电路，因此两个灯泡两端的电压U相等，根据公式可得，所以R1＜R2，故A选项错误；根据并联电路电压和电流的特点可知，灯泡L1两端的电压和灯泡L2两端的电压相等且都等于电源两端的电压，所以B选项错误；在并联电路中，一个支路不会影响另外一个支路，所以灯泡L1灯丝烧断时，L2仍能正常工作，它两端电压仍是电源电压，因此电压不变，故C选项正确；在并联电路中，一个支路不会影响另外一个支路，所以灯泡L2灯丝烧断时，L1两端电压不变，根据得，电压和电阻不变，所以通过L1的电流不变.所以D选项错误6、图4所示，无风条件下卡通造型铝箔气球两次均向带电棒靠近但未接触，气球A.不带电 B.带正电 C.带负电 D.带电情况无法判断【答案】A【解析】此题考察了学生对电荷性质跟带电体特点的掌握。根据图4可知，无论带电棒带正电还是负电，气球均能被吸引。根据带电物体可吸引轻小物体的特点，可推出气球此时应该不带电，所以均能被吸引，得出正确答案选A7、下列说法正确的是A.内燃机是利用电能做功的机械B.内燃机在做功冲程把内能转化为机械能C.内燃机在压缩冲程把内能转化为机械能D.随着技术的进步，内燃机的效率达到100％【答案】B【解析】此题主要考查热机的工作循环特点，明确热机的四个冲程（吸气、压缩、做功、排气冲程），压缩冲程、做功冲程能量的转化内燃机是利用燃料内能做功的机械，故A选项错误.内燃机在做功冲程把内能转化为机械能，在压缩冲程把机械能转化为内能，故B选项正确，C选项错误.燃料燃烧总会有部分热量散失，因此机械效率不可能达到100%，故D选项错误.8、将杯中的液态氮（沸点为-196℃）倒入盛有奶浆的碗制作冰淇淋。观察到杯中液态氮沸腾，杯外壁出现白霜，则A.杯中液态氮放热B.杯中液态氮温度不断上升C.杯中液态氮不断吸热，温度保持-196℃D.白霜是空气中水蒸气液化形成的【答案】C【解析】此题考查了液态氮发生的汽化物态变化，关键是弄明白当液体沸腾时的特点：温度不变但持续吸热杯中液态氮沸腾汽化吸热，故A选项错误.液态氮在沸腾过程中吸收热量，但是温度保持不变，故B选项错误，C选项正确白霜是由于空气中水蒸气遇冷凝华形成，故D选项错误.图5所示，水平地面O点两侧粗糙程度不同，物体一直受到沿水平方向3N的力F。物体经过M点开始计时，每经过相同时间，用虚线框记录物体的位置。物体在MO段做匀速直线运动，完成9、10题9、物体在A.OQ段做匀速直线运动 B.MN段的速度大于OP段的C.MN段受到的摩擦力为3N D.OQ段受到的摩擦力大小等于F【答案】C【解析】本题考查了力和运动的综合，关键点是从图中判断出MN段物体做匀速直线运动，由二力平衡的原理得出物体受到的摩擦力大小等于拉力大小匀速直线运动是指在相同时间内行驶的路程相同，由图可知，tOP=tPQ,,SPQ>SOP,因此，VPQ>VOP.A项错误.SMN=SOP=3m，tMN=2tOP.因此VOP=2VMN，B项错误.因为物体在MO段做匀速直线运动，物体在水平面受力平衡，F摩擦力=F=3N，C选项正确.由A项
分析
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可知，物体在OQ段做非匀速直线运动，受力不平衡，因此F摩擦力≠F，D项错误.10、F在MN、OP段做功分别为WMN、WOP，功率分别为PMN、POP，则A.WMN
WOP C.PMN>POP D.PMN
知识点
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的考察。（2）则是对凸透镜三条特殊光线以及凸透镜成像规律的考察。当F＜u＜2F时候，v＞2F成放大倒立的实像，应用是投影仪。14.利用材料A制造强力磁铁（1）加热材料A，温度一直低于其熔点，一段时间后，A质量不变，体积减少。此过程中A处于（选填“固态”“液态”“固液混合态”）。依据公式，A的密度（选填“增大”“减少”“不变”）。（2）图12所示，A的每个原子都有N、S极，相当于磁性很弱的“小磁铁”，“小磁铁”杂乱无章排列时，A对外不是磁性。当“小磁铁”如图13所示同向排列时，A具有磁性（图14）。强力磁铁不耐高温，高温加热会使磁性消失。从分子热运动来解释为什么高温会使强力磁铁磁性消失。。【答案】（1）固态；ρ=；增大（2）磁体失去磁性是因为温度升高，分子热运动越激烈，分子变得杂乱无章。【解析】此题比较简单，考察物态变化中熔化的过程以及ρ=公式的实际应用。学生容易混淆熔化的各个过程中的物态究竟是怎样的；m一定时ρ和V成反比的关系。15.图15（右上）所示，不计质量的硬杆处于水平静止状态（1）O为支点，画出FA的力臂LA.(2)撤去FA，在B点施加力FB，硬杆仍可以处于水平静止状态，若FB大小等于FA，则FB的力臂LBLA（选填“>”“<”“=”）。【答案】（1）下图；（2）＝【解析】此题比较简单，考察力臂的画法以及杠杆平衡条件F1L1=F2L2的运用以及根据力的大小判断出力臂大小的关系。因为FALA=FBLB，所以当FB大小等于FA时，LB等于LA16.图16中玩具猩猩手中的香蕉以相同大小的速度转动.图17所示，香蕉（看成点）从最高位置1转到最低位置2的过程中，其动能、重力势能、机械能。（选填“增大”、“不变”、“变小”）【答案】不变；减小；减小【解析】此题难度不大，考察机械能、动能及重力势能的转化。香蕉以相同大小的速度转动，动能与物体的质量和速度大小有关，质量和速度大小不变，所以动能不变；从最高位置“1”转到最低位置“2”时，高度变小，所以重力势能减小；机械能等于动能与重力势能的和，动能不变，重力势能减小，因此机械能减小。17.拆开图16中玩具，发现电源、开关、发光二极管（简称“LED”）、电动机 （符号 ）各一个及连接导线。闭合开关，电动机顺时针转动，LED亮，将电动机一端连线断开，闭合开关，LED亮。（1）在方框内画出玩具的电路图（2）把电动机断开的连接原处，将电源正、负极反接，闭合开关，电动机转动（选填“不”、“顺时针”、“逆时针”），LED（选填“亮”、“不亮”）【答案】（1）如图（2）逆时针、不亮解析：电动机转动方向与电流方向和磁场方向有关，磁场方向不变，电源反接，电流方向相反，因此电动机转动方向相反，为逆时针方向。LED灯材料为半导体，具有单向导电性，因此当电流方向改变时，LED灯不亮。18.对某汽车做测试，只调整轮胎气压，测得单个轮胎数据在表1。表1（每次单个轮胎对地压力不变）（1）根据公式，单个轮胎对地压力为N。（2）根据表1，要减小空车停在水平路面时的对地压强，可行的
方法
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是。【答案】（1）F=pS18000（2）通过适当减小轮胎气压，来增大受力面积，减小压强。【解析】此题需理解好压强公式，从而灵活运用公式变形，即可进行突破。根据公式，所以压力F=PS，且由于单个轮胎对地压力不变，根据第一次SFP 的数据读出相对应的压强和面积的值，计算出压力的值。由题可知，只能通过调整轮胎气压来改变地面的受力面积，从表格看出，轮胎气压越小，地面的受力面积越大，由公式得知，压力不变，要使压强变小，那么地面的受力面积S要变大，因此要减小SFP 轮胎气压。19.被细绳拴着的小球在水平面绕O点坐圆周运动，轨迹如图18中虚线所示，不计阻力，某时刻细绳断，小球速度为v。过一段时间小球出现在P点，速度为v’（见图18）。Vv’（选填“>”、”=”、“<”）,作图找出细绳断时小球的位置，用点在轨迹图上表示。【答案】=【解析】此题难度中等，考查对牛顿第一定律的理解，运动的物体在不受任何力的情况下，保持匀速直线运动。因为小球在水平面上运动，在细绳断掉和忽略空气阻力的情况下，小球在水平方向上没有受到力的作用，因此，小球在水平面上做匀速直线运动，所以速度V=V'三、解析题（共18分）解析题应写出必要的文字说明、公式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的问题，演算过程及结果都要在数字的后面写上正确的单位。20.图19所示，质量为3X104kg的鲸静止在海里，g取10N/kg，海水的密度不变。（1）在方框内画出此时鲸的受力示意图（以点代替鲸）。（2）求此时鲸受到的浮力大小。（3）鲸在下潜过程中，海水的压力会让鲸的胸腔塌陷，使鲸体积逐渐变小。分析鲸在下潜过程中受浮力的变化。【答案】（1）（2）因为鲸处于悬浮状态：F浮=G物=mg=3×104kg×10N/kg=3×105N（3）由F浮=ρ液gV排得，鲸在下潜过程中，ρ液不变，V排=V物，且不断减小，所以浮力不断减小。【解析】此题难度简单，考查力示意图的画法，以及运用二力平衡的特点算出悬浮状态下浮力大小、根据F浮=ρ液gV排判断浮力的大小变化。（1）鲸在海里只受到重力和浮力的作用，此时鲸静止在海里，由牛顿第一定律可知，此时鲸受力平衡，则有。（2）由（1）可得：（3）鲸在下潜过程中，是完全浸没在海水里，所以，海水的压力会让鲸的胸腔塌陷，体积减小，即排开水的体积也在减少；由减小时，所受浮力也在减小.21.图20所示，闭合开关，改变R1阻值，在表2中记下几组电流表、电压表的读数。图21已作出R2的U-I图线。表2电流/A0.10.30.40.5电压/V2.51.51.00.5（1）求R2的阻值。（2）根据表2数据在图21中描点并连线。（3）电流表示数为0.2A时，电压UDB=、电压UEF=。（4）电流表示数为0.4A时，电压表UDF=,求50s内R1、R2消耗的总电能。【答案】（1）由图21可知，在R2的U–I图线中，当U2=1.75V，I2=0.7A所以由I=U/R，可知R2=U2/I2=1.75V/0.7A=2.5Ω（2）如下图：（3）2.0V；0.5V（4）W=UIt=2V×0.4A×50s=40J【解析】本题注重考查欧姆定律和电能的简单计算，但要懂得从图像、表格中提取有用数据，才能快速地突破此题。四、实验 探究题（共21分）22．（1）小明按图22连接实物、接通电路，电流表有示数，电压表示数为0.5V，当移动滑动变阻器滑片时，电压表示数不变，检查发现只有滑动变阻器接线出错，该错误是。（2）按图22在图23中正确连接实物。（3）正确连接后，小灯泡刚发光时电压表、电流表的示数如图24所示，完成表3.（4）根据表3，归纳小灯泡电阻变化的规律：。【答案】（1）滑动变阻器接入的是下面两个接线柱（2）（3）表3数据如下：（4）根据表3，随着电压增大，温度升高，小灯泡电阻随温度的升高而增大。【解析】此题难度不大，属于电学实验的常规考点考查。如实验操作、电路图连接、数据处理和简单计算，这些考点，只要学生平时有注重积累，此题满分不难。解析：（1）考核滑动变阻器的接线柱的接线方法；正确连接方式是“一上一下”，当同时连接上面两个接线柱时，此时滑动变阻器相当于一根导线；同时接下面两个接线柱时，滑动变阻器相当于一个定值电阻，题中电源电压为4.5V，电压表示数为0.5V，根据串联电路电压的关系得，滑动变阻器两端电压为4V，因此滑动变阻器阻值不为0，所以滑动滑动变阻器同时接下面两个接线柱.（2）考察伏安法测小灯泡电阻的电路图连接方法；（3）考察电压表、电流表的读数；公式;注意：根据表格已给数据，所有数据保留两位小数（4）考察影响小灯泡电阻大小的因素；从表格中，在逐渐增加小灯泡的亮度过程中，温度升高，小灯泡的阻值增大.23.（1）图25所示，赤道表面地磁场磁感线与水平地面平行指向北方，导线与能测微弱电流的电流表组成闭合电路，下列哪种操作可让电流表指针摆动？。（2）科学家猜测，A地海龟在春季是利用地磁场（图26）向南返回出生地。以下为相关研究。①春季A地某屏蔽磁场的实验室，无磁场环境下海龟无固定游向，把海龟置于模拟地磁场中（用图27简化示意），图中1为磁体N极，2为磁 体极。按科学家猜测，海龟应向游动（选填“左”、“右”）。②地磁场在缓慢变化，科学家每年记录海龟出生地筑巢地点移动的方向，并追踪地磁场的微小移动，发现，现象符合猜测。【答案】（1）C【解析】此题看似比较难，但是其实原理很简单，只要读懂题目，就明白其实是考磁生电，产生感应电流的条件两个，1：切割磁感线运动。2：闭合回路。题目已经满足条件2，所以只需要看以下图哪些是做切工磁感线运动【答案】（2）①S,左 ②海龟移动的方向与地磁场微小变化的方向一致【解析】此题第一小问考的是影响电生磁的所产生的磁场方向与什么有关。电流的方向。连个螺线管的电流方向一样，所以产生的磁场方向一样。所以2为S极。由图26可以看到，地理的南北极与地磁的南北极相反，海龟向南运动，实际表达向磁极的N极运动。所以答案是向左。最后一空是将前面的现象与结论表达出来而已。24.（1）图28中测力计示数为N。（2）小明猜测：“图28中滑轮组提升的物体越轻，机械效率越高”.
设计
领导形象设计圆作业设计ao工艺污水处理厂设计附属工程施工组织设计清扫机器人结构设计
实验检验猜测，并填写实验报告。1实验目的：。2实验步骤（若需要可补充器材）：。3滑轮组的机械效率（用测出的物理量表达）：。【答案】（1）1.2N（2）实验目的：探究物重对机械效率的关系实验步骤：1）按如图的方式正确组装滑轮组，用弹簧测力计测出钩码的重力，记为G物；2）将一个重为G钩码挂在动滑轮的下端，弹簧测力计勾住绳子的末端；匀速向上拉动绳子的末端，并在匀速的过程中读出此时弹簧测力计的示数计为F；3）依次增加动滑轮下端的钩码数量，重复实验；③【解析】此题考查的探究影响机械效率的因素与物体重的大小关系，由。整个试验只需要测量出两个物理量就可以计算出结果，只是写试验步骤的过程中，可能很多学生没有意识到钩码的质量是已知的，还有拉动滑轮组的时候要竖直向上做匀速直线运动，因为这样准确的计算出滑轮组的机械效率
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