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初三物理电功率常见题型及答题技巧及练习题(含答案)(1)

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初三物理电功率常见题型及答题技巧及练习题(含答案)(1)初三物理电功率常见题型及答题技巧及练习题(含答案)一、电功率选择题1.如图所示是加热器的电路图,设电源电压保持不变,R1、R2均为发热电阻丝,通过开关通断组合,可得到不同加热档位。该加热器最大电功率为12W,只闭合开关S1时,加热器的电功率是8W。则下列判断正确的是()A.该加热器只有两个加热档位B.加热器两个发热电阻丝的阻值之比R1∶R2=1∶3C.加热器功率最大时,R1与R2的电流之比为2∶1D.该加热器的最小电功率是8W【答案】C【解析】【解答】A.由电路图知道,R1与R2并联连接,且均有一个开关单独控制,这...

初三物理电功率常见题型及答题技巧及练习题(含答案)(1)
初三物理电功率常见题型及答题技巧及练习题(含答案)一、电功率选择题1.如图所示是加热器的电路图,设电源电压保持不变,R1、R2均为发热电阻丝,通过开关通断组合,可得到不同加热档位。该加热器最大电功率为12W,只闭合开关S1时,加热器的电功率是8W。则下列判断正确的是()A.该加热器只有两个加热档位B.加热器两个发热电阻丝的阻值之比R1∶R2=1∶3C.加热器功率最大时,R1与R2的电流之比为2∶1D.该加热器的最小电功率是8W【答案】C【解析】【解答】A.由电路图知道,R1与R2并联连接,且均有一个开关单独控制,这样电加热器能有三个加热档位,即R1单独工作、R2单独工作、R1和R2同时工作,A不符合题意;B.由电路图知道,开关S1、S2均闭合时,R1与R2并联,由于并联电路中总功率等于各用电器功率之和,所以,R2的发热功率是:P2=P-P1=12W-8W=4W,又因为并联电路中各支路两端的电压相等,所以,由知道,两个发热电阻的阻值之比是:;B不符合题意;C.由于并联电路两端的电压相等,根据P=UI知道,加热器功率最大时,R1与R2的电流之比是:,C符合题意;D.由于P1=8W,P2=4W,所以,当只有R2工作时,该加热器的电功率最小,即最小电功率是4W,D不符合题意。故答案为:C【分析】结合电路图,理清开关处于不同状态时元件的连接方式,根据并联电路的特点和求出两个发热电阻的阻值之比;根据P=UI可得电流之比;根据R1的发热功率和R2的发热功率判断得出最小电功率.2.将标有“6V3W”和“6V2W”的甲、乙两只小灯泡串联起来,接在电压为6V的电源两端,接通电路后,以下说法正确的是()A.两只小灯泡都不能正常工作,甲灯比乙灯亮B.两只小灯泡都能正常发光C.通过乙灯的电流较大,所以乙灯较亮D.两只小灯泡的总功率小于2W【答案】D【解析】【解答】甲灯的电阻R1==12Ω,乙灯的电阻R2==18Ω,甲灯的实际功率P甲=I2R1,乙灯的实际功率P乙=I2R2,因为R1<R2,所以P甲<P乙,所以乙灯亮,两灯串联后电流相同,但两端的电压都小于额定电压,所以都不能正常工作,故ABC错误,两灯消耗的总功率P总==1.2W<2W,故D正确.故选D.3.小明对教室中一些物理量的估测,合理的是()A.黑板擦受到的重力约为100NB.课桌的高度约为80cmC.教室内一盏日光灯的功率约为1000WD.教室内感觉比较舒适的温度约为37℃【答案】B【解析】【解答】解:A、黑板擦受到的重力约为1N,所以A不符合实际情况;B、课桌的高度约为80cm,所以B符合实际情况;C、教室内日光灯正常发光时的电流在0.2A左右,额定功率大约为P=UI=220V×0.2A=44W左右.所以C不符合实际情况;D、人体正常体温在37℃左右,感觉舒适的温度在23℃左右,所以D不符合实际情况.故选B.【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解,对于选项中的单位,可根据需要进行相应的换算或转换,排除与生活实际相差较远的选项,找出符合生活实际的答案.估测是一种科学的近似计算,它不仅是一种常用的解题方法和思维方法,而且是一种重要的科学研究方法,在生产和生活中也有着重要作用.4.小明利用电能表测量某个家用电器的电功率,当电路中只有这个电器连续工作时,测得在1h内,消耗的电能为1.2kW•h,那么用这个电器是()A.液晶电视机B.台式计算机C.家用空调D.电冰箱【答案】C【解析】【解答】解:用电器在t=1h内消耗的电能为W=1.2kW•h,用电器的电功率:P===1.2kW=1200W,液晶电视机的电功率约为100W,台式计算机的电功率约为200W,空调的电功率约为1000W,电冰箱的功率约为100W,所以电功率是1200W的用电器是空调.故选C.【分析】根据用电器在1h内消耗的电能,结合MATCH_ word word文档格式规范word作业纸小票打印word模板word简历模板免费word简历 _1711728108392_0P=,求出电功率,再与题目中给出的用电器的功率比较即可.5.下列家用电器中,利用电流热效应工作的是()A.抽油烟机B.电视机C.电饭锅D.电风扇【答案】C【解析】【解答】解:抽油烟机、电风扇、主要是把电能转化为机械能,电视机主要是把电能转化为声能和光能,只有电饭锅是把电能转化为内能,是利用电流的热效应.故ABD不符合题意,C符合题意.故选C.【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能.6.某房间原来只接有一只标有“PZ220﹣40”的灯泡,小明又用一只完全相同的灯泡,将它俩串联在一起,在电源电压不变的情况下,房间内的总亮度将()A.变亮B.变暗C.不变D.无法确定【答案】B【解析】【解答】解:因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,两灯泡串联时的总电阻大于其中一个灯泡的电阻,在电源电压不变的情况下,由P=UI=可知,电路的总功率变小,房间内的总亮度变暗。故答案为:B。【分析】结合P=UI=可知电功率变化情况,进一步可知灯泡亮度的变化情况.7.下列估测与事实最接近的是()A.完整播放一遍我国国歌的时间约为50sB.一本九 年级 六年级体育公开课教案九年级家长会课件PPT下载六年级家长会PPT课件一年级上册汉语拼音练习题六年级上册道德与法治课件 物理课本的质量约为25gC.家用电冰箱一天消耗的电能约为24kW•hD. 初中 初中体育教案免费下载初中各年级劳动技术教案初中阶段各学科核心素养一览表初中二次函数知识点汇总初中化学新课程标准 生小美站立在水平地面上对水平地面的压强约为500Pa【答案】A【解析】【解答】解:A、完整播放一遍我国国歌的时间约为50s,符合实际;A符合题意;B、一本九年级物理课本的质量约为250g,B不符合题意;C、家用电冰箱一天消耗的电能约0.6kW•h左右,C不符合题意;D、初中生小美站立在水平地面上对水平地面的压强约:每只鞋的底面积大约为200cm2,即0.02m2;中学生的体重大约为50kg,压力F=G=mg=50kg×10N/kg=500N,压强P===1.25×104Pa;D不符合题意。故答案为:A。【分析】利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法,叫估测法,不同物理量的估算,有的需要凭借生活经验,有的需要简单的计算,有的要进行单位的换算.8.下列数据中最接近生活实际的是()A.人的正常体温约为39℃B.无线电波在空气中的传播速度约为340m/sC.甲型H1N1流感病毒的长度约为1cmD.电冰箱的额定功率约为100W【答案】D【解析】【解答】A、人的正常体温为37℃,变化很小,故A不符合实际;B、无线电波在真空中的传播速度最大,为3×108m/s,在空气中的传播速度略小一些,接近3×108m/s,故B不符合实际;C、甲型HINI流感病毒的长度很小,约为10﹣40nm,故C不符合实际;D、电冰箱的额定功率约为100W左右,故D符合实际.故选D.【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解,对于选项中的单位,可根据需要进行相应的换算或转换,排除与生活实际相差较远的选项,找出符合生活实际的答案.9.如图所示,电路中电源电压保持不变,小灯泡标有“3V1.5W字样,不考虑灯泡电阻随温度的变化,滑动变阻器R的最大阻值为24Ω,电流表量程为0-0.6A,电压表量程为0-3V.当开关S闭合后,滑动变阻器R接入电路的电阻为3Ω时小灯泡正常发光。为了保证电路安全,小灯泡电压不超过额定电压,两电表的示数均不超过所选量程。在滑片P滑动过程中,下列说法()①电源电压为4.5V②变阻器接入电路的阻值范围是3Ω-12Ω③小灯泡的最小功率为0.135W④电路的最大功率2.25WA.只有正确B.只有正确C.只有正确D.都正确【答案】C【解析】【解答】解:由图知,灯泡和滑动变阻器串联,电压表测变阻器两端的电压,电流表测电路中的电流;(1)由P=可得灯泡的电阻:RL===6Ω,由P=UI可得,灯泡正常发光时通过的电流:I额===0.5A,由题知,当开关S闭合后,滑动变阻器R接入电路的电阻为3Ω时,小灯泡正常发光,由欧姆定律和电阻的串联可得电源电压:U=I额R串=I额×(RRL)=0.5A×(3Ω6Ω)=4.5V;故①正确;(2)因串联电路中电流处处相等,且电流表量程为0-0.6A,灯泡的额定电流为0.5A,所以为了保证电路中各元件安全工作,电路中的最大电流I最大=I额=0.5A,电路中的总电阻:R最小===9Ω,滑动变阻器连入电路中的最小阻值:R最小=R总-RL=9Ω-6Ω=3Ω,由于电压表量程为0-3V,当电压表的示数最大为U滑′=3V时,滑动变阻器接入电路的电阻最大;此时灯泡两端的电压为:UL′=U-U滑′=4.5V-3V=1.5V,此时电路的电流为:I最小===0.25A,滑动变阻器接入电路的最大阻值:R最大===12Ω,所以为保护电路,变阻器接入电路的阻值范围是3Ω-12Ω;故②正确;(3)小灯泡的最小功率:PL最小=I最小2RL=(0.25A)2×6Ω=0.375W;故③错误;(4)电路的最大功率:P最大=UI最大=4.5V×0.5A=2.25W,故④正确。综上可知,只有①②④正确。故答案为:C。【分析】结合电路图,理清元件的连接方式及电表的测量对象,利用P=求灯泡的电阻,利用P=UI求正常发光时通过的电流;结合小灯泡正常发光,利用U=IR求电源电压;由于电流表量程为0-0.6A,为了保证电路中各元件安全工作,电路中的最大电流等于灯正常工作时通过的电流,利用欧姆定律求电路中的最小电阻,滑动变阻器连入电路中的最小阻值等于总电阻减去灯的电阻;由于电压表量程为0-3V,当电压表的示数最大为3V时,滑动变阻器接入电路的电阻最大;此时灯泡两端的电压等于电源电压减去3V,利用欧姆定律求此时电路的电流,进而求出滑动变阻器接入电路的最大阻值,最后得出为保护电路,变阻器接入电路的阻值范围;利用P=I2R求小灯泡的最小功率,再利用P=UI求电路的最大功率.10.具有防雾除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全,车主可通过旋钮开关实现功能切换。图是模拟加热原理图,其中测试电源的电压为10V,四段电热丝电阻均为10Ω,防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大。下列说法正确的是()A.开关旋至“1”档,开启化霜功能B.开启防雾功能,电路总电阻为5ΩC.化霜与防雾电路的总功率之差为15WD.从防雾到除露,电路总电流变化1A【答案】C【解析】【解答】由图知道,当开关旋至“1”档时,两条电阻丝串联接入电路,此时电路总电阻最大为2R=2×10Ω=20Ω,由知道,此时电功率最小,开启防雾功能,AB不符合题意;此时电路中的电流是:=0.5A;此时电路的总功率是:P1=UI1=10V×0.5A=5W;当开关旋至“2”档时,一条电阻丝单独接入电路,电阻较大(大于并联时的总电阻),电路消耗的功率较小,此时为除露功能;此时电路中的电流是:=1A;从防雾到除露,电路总电流变化量是:I2-I1=1A-0.5A=0.5A,D不符合题意;当开关旋至“3”档时,两条电阻丝并联接入电路,总电阻最小,总功率最大,此时为化霜功能,电路的总电阻是:,电路的总电流是:=2A;此时总功率是:P3=UI3=10V×2A=20W,化霜与防雾电路的总功率之差是:P3-P1=20W-5W=15W,C符合题意。故答案为:C【分析】结合电路图,理清开关处于不同状态时元件的连接方式,由知道对应的状态,再逐项进行计算即可.11.某直流电动机标有“36V18W”字样,经测量其线圈电阻为2Ω,使电动机正常工作10min.则电动机在这段时间内产生的热量是()A.1.08×104JB.300JC.3.888×105JD.1.05×104J【答案】B【解析】【解答】解:直流电动机的电流I===0.5A,所以电动机线圈产生的热量:Q=I2Rt=(0.5A)2×2Ω×10×60s=300J。故答案为:B。【分析】先根据公式I=计算出直流电动机的电流,再根据公式Q=I2Rt可求这台电动机10min内产生的热量。12.如图所示的电路中,电源电压保持不变.闭合开关S,移动滑片,使电压表V1示数与电压表V2示数之比为2:1,此时R2的功率为P1;再次移动滑片,使电压表V1示数与电压表V2示数之比为1:2,此时R2的功率为P2,则P1:P2为()A.1:4B.1:2C.1:1D.4:1【答案】C【解析】【解答】解:在第1种情况下,R2两端的电压U21=U=,R1两端的电压为U11=U﹣=;在第2种情况下,R2两端的电压U22=U=,R1的电压为U12=U﹣=,根据电阻不变时,通过的电流与电压成正比,所以,两种情况下通过R1的电流之比==,即两种情况下通过R2的电流之比;==×=.故选C.【分析】首先求出两种情况下R2的电压之比,根据串联电路电压的特点,求出R1的电压之比,即可求出通过定值电阻R1的电流之比,即通过R2的电流之比,根据P=UI可求两种情况下R2的电功率之比.13.下列用电器工作时,将电能全部转化为内能的是()A.电风扇B.电水壶C.电视机D.手机【答案】B【解析】【解答】解:A、电风扇工作时,电能转化为机械能和内能,A不符合题意;B、电水壶工作时,把电能全部转化为内能,B符合题意;C、电视机工作时,电能主要转化为声能、光能和内能,C不符合题意;D、手机工作时,电能转化为光能和内能,D不符合题意。故答案为:B。【分析】做功总是伴随着能量的转化,电功也不例外。用电器消耗了电能,获得了其它形式的能量,就是一个电流做功的过程。14.如图所示电路,电源电压为12V且保持不变。闭合开关S,当滑片P置于变阻器的中点时,电压表的示数为4V;当滑片P置于变阻器的b端时,电压表的示数变化了2V,在10s内定值电阻R1产生的热量为60J,则下列结果正确的是()A.电路中的最小电流为1.5AB.滑片P在中点时,9s内滑动变阻器R消耗的电能为60JC.R1先后两次消耗的电功率之比为4:3D.R先后两次消耗的电功率之比为8:9【答案】D【解析】【解答】解:根据电路图可知,定值电阻R1与滑动变阻器R串联,电压表测R两端电压,电流表测电路中电流;根据串联电路分压原理知,滑片从中点到b端时,R连入阻值增大,它分得电压增大,即电压表示数增大了2V,此时电压表示数为4V2V=6V;所以U1=U﹣UR=12V﹣6V=6V,由Q=t可得:R1=t=×10s=6Ω;A、当滑片在b点时,电路中电阻最大,电流最小,电路中的最小电流:I最小=I1===1A,A不符合题意;B、滑片在中点时,电路中的电流:I=I1′===A,9s内滑动变阻器R消耗的电能:WR=URIt=4V×A×9s=48J,B不符合题意;C、由P=UI可得,R1先后两次消耗的电功率之比:===,C不符合题意。C、由P=UI可得,R先后两次消耗的电功率之比:===,D符合题意。故答案为:D【分析】结合电路图,理清元件的连接方式,根据串联电路分压规律可知滑片从中点到b端时,电压表示数将增大,因此电压表示数增大了2V,然后根据串联电路电压规律以及Q=t即可求出R1的阻值;当滑片在b点时,电路中的电流最小,根据串联电路电压规律和欧姆定律即可求出电路中的最小电流;先根据欧姆定律求出滑片在中点时电路中的电流,然后根据W=UIt求出9s内滑动变阻器R消耗的电能;根据P=UI即可求出R1、R先后两次消耗的电功率之比.15.如图所示,滑动变阻器的滑片P处于中间位置,闭合开关S,两个灯泡均能发光(假设灯丝电阻不变),此时,将滑动变阻器的滑片P向右移动,则()A.L1和L2都变亮B.L1变暗,L2变亮C.L1变亮,L2变暗D.L1和L2都变暗【答案】B【解析】【解答】解:由电路图可知,灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联,将滑动变阻器的滑片P向右移动,滑动变阻器接入电路中的电阻变大,并联部分的电阻变大,电路的总电阻变大,由I=可知,干路中的电流变小,由U=IR可知,L1两端的电压变小,因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小,所以,由P=UI可知,灯泡L1的实际功率变小,L1的亮度变暗,AC不符合题意;因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,并联部分的电压变大,因并联电路中各支路两端的电压相等,所以,灯泡L2两端的电压变大,由P=可知,L2的实际功率变大,亮度变亮,B符合题意、D不符合题意。故答案为:B。【分析】结合电路图,理清元件的连接方式,根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化,根据欧姆定律I=可知电路中电流的变化和L1两端的电压变化情况,根据P=UI可知L1实际功率的变化,进一步判断其亮暗的变化;根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化,根据并联电路的电压特点和P=可知L2实际功率的变化,进一步判断其亮暗的变化.16.将标有“8V8W"的灯泡L1和“8V16W"的灯泡L2接串连在12V的电路中,闭合开关,不考虑温度对灯丝电阻的影响,下列说法中正确的是()A.灯泡L1、L2都能正常发光B.灯泡L1比灯泡L2亮C.灯泡L2比灯泡L1亮D.灯泡L1、L2一样亮【答案】B【解析】【解答】根据规格计算电阻和电流分别为,,,;若串联,L1可以正常发光,此时的电流为1A,L1的功率为8W,L2的功率为,则L1比L2更亮,B符合题意。故答案为:B.【分析】根据灯泡的规格计算电流和电阻,利用串联电路电流相等分析电流大小,结合电流和电阻计算实际电功率,再比较亮度。17.课外兴趣小组活动时,某校两同学通过实验研究小灯泡的电功率跟两端电压的关系,已知小灯泡的额定电压为2.5伏、额定功率为0.75瓦.小明同学 设计 领导形象设计圆作业设计ao工艺污水处理厂设计附属工程施工组织设计清扫机器人结构设计 了如图甲所示的电路进行研究,他先测出若干组电压和电流值,再由公式P=UI,求得对应的功率,并作出功率随电压变化的图线a.小红同学设计了如图乙所示的电路进行研究,她先由R=计算出小灯泡的电阻R,再测出若干个电压值,最后根据P=,求得对应的功率,也作出功率随电压变化的图线b.则下列反映了他们的实验结果的图线是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【解答】(1)∵P=U2/R,∴灯泡正常发光时的电阻R=U2额/P额=(2.5V)2/0.75W≈8.3Ω;由题意知:P甲=U2/R和P乙=U2/8.3Ω,由此可见,电功率P关于电压U的二次函数(跟y=ax2bxc,且a>0,b=0,c=0时相符合),故图象是经过原点开口向上的抛物线,CD不符合题意;(2)∵P甲=U2/R和P乙=U2/8.3Ω,灯泡电阻R随温度升高而变大,∴①当小灯泡两端电压U<2.5V时,小灯泡在低于额定电压下工作,它的电阻R<8.3Ω,则P甲>P乙,此时抛物线a在抛物线b的上方.②当小灯泡两端电压U=2.5V时,小灯泡在额定电压下工作,它的电阻R=8.3Ω,则P甲=P乙=0.75W,且此时两抛物线相交;③当小灯泡两端电压U>2.5V,小灯泡在高于额定电压下工作,它的电阻R>8.3Ω,则P甲<P乙,此时抛物线a在抛物线b的下方。综上所述,B图中的图线反映了他们的实验结果,A不符合题意,B符合题意.故答案为:B.【分析】根据电功率的计算公式求电功率和电阻,当温度升高时,电阻变大,电功率变化18.如图甲所示电路中灯泡的额定电压为8V。闭合开关后,滑动变阻器滑片由A端移动到B端,这一过程中电压表的示数与电流表的示数变化关系如图乙所示,当滑片在清动变阻器B端时,灯泡正常发光,则下列选项中正确的是()A.电源电压为8VB.小灯泡的额定功率为3WC.当滑动变阻器滑片滑到中点时,小灯泡的实际功率为1.8WD.滑动变阻器的最大阻值为12Ω【答案】A【解析】【解答】A.当滑片在最右时,电阻为零,此时灯泡正常发光,可知电源电压为8V,A符合题意;B.滑动变阻器电阻最小时,电流为0.5A,灯泡的电功率为P=UI=8V×0.5A=4W,B不符合题意;CD.滑动变阻器的最大电阻为,当滑动变阻器在中点时,取值10Ω,此时灯泡的电功率为,CD不符合题意。故答案为:A.【分析】根据灯泡正常发光的电压计算电源电压,利用灯泡的电压和电流计算电功率,利用滑动变阻器的分压和电流计算电阻的大小。19.如图所示的四个电路中,电源电压U相同,R1<R2,电路消耗的总功率由大到小的顺序是()A.甲、乙、丙、丁B.丁、丙、乙、甲C.丁、甲、乙、丙D.丙、乙、甲、丁【答案】C【解析】【分析】根据串并联电路电阻特点可知,两电阻并联时总电阻最小,两电阻串联时总电阻最大;根据P=可知,电压不变时,电阻越小,电路消耗的电功率越大,反之越【解答】(1)两个电阻串联时,总电阻等于各分电阻之和,即总电阻越串越大,大于任何一个分电阻;并联时,总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和,即总电阻越并越小,小于任何一个分电阻;所以甲、乙、丙、丁四个电路两端电压相等,电阻关系为R丙>R乙>R甲>R丁.(2)根据P=可知,四个电路的总功率关系为P丙<P乙<P甲<P丁.故答案为:丁甲乙丙.【点评】本题考查了利用串并联电路电阻特点和电功率公式解决简单问题的能力.掌握电阻的串联,相当于导体的长度变长,电阻变大;电阻的并联,相当于增大横截面积,减小电阻是解决本题的关键.20.如图甲所示,电源电压保持不变,R1为定值电阻,滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω,电压表的量程为0~15V.电压表的示数与滑动变阻器R2的关系如图乙所示。则下列结果正确的是()A.电源电压为20VB.R1的阻值为5ΩC.为了保证电压表不被烧坏,滑动变阻器的阻值变化范围为4~30ΩD.开关S闭合后电路消耗的最小功率为14.4W【答案】D【解析】【解答】解:由电路图可知,R1与R2串联,电压表测R1两端的电压。(1)由图乙可知,当R2=10Ω时U1=12V,当R2′=20Ω时U1′=8V,因串联电路中各处的电流相等,所以,电路中的电流分别为:I==,I′==,因串联电路中总电压等于各分电压之和,且电源电压保持不变,所以,电源的电压:U=I(R1R2)=I′(R1R2′),即(R110Ω)=(R120Ω),解得:R1=10Ω,B不符合题意;电源的电压U=I(R1R2)=×(10Ω10Ω)=24V,A不符合题意;(2)当电压表的示数U1″=15V时,电路中的电流最大,滑动变阻器接入电路中的电阻最小,此时电路中的电流:I大===1.5A,此时滑动变阻器两端的电压:U2小=U﹣U1″=24V﹣15V=9V,则滑动变阻器接入电路中的最小阻值:R2小===6Ω,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,电压表的示数最小,所以,滑动变阻器接入电路中的阻值范围为6Ω~30Ω,C不符合题意;(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,电路消耗的功率最小,则P小===14.4W,D符合题意。故答案为:D。【分析】由图乙可知,当R2的阻值为10Ω和20Ω时电压表的示数,根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出电路中的电流,根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压,利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值,进一步求出电源的电压.当电压表的示数最大时,电路中的电流最大,滑动变阻器接入电路中的电阻最小,根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最大电流,根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压,利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值;当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,电压表的示数最小,据此得出滑动变阻器接入电路中的阻值范围.当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,电路消耗的功率最小,根据电阻的串联和P=UI=求出电路的最小功率.
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软件:Word
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上传时间:2022-08-05
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