福建省八县一中2017-2018学年高一下学期期末物理试卷Word版含解析

2017-2018学年福建省八县一中高一（下）期末物理试卷一．选择题（本大题共12小题，每题1-8题只有一项切合题目要求；第9-12不全得2分，有选错得0分．）4分，共48分．在每题给出的四个选项中，第题有多项切合题目要求，全部选对得4分，选对但1．下列各样运动中，不属于匀变速运动的是（A．斜抛运动B．匀速圆周运动C．平抛运动）D．竖直上抛运动2．在物理学发展的过程中，很多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步．在对以下几位物理学家所作科学贡献的表达中，错误的说法是（）．爱因斯坦认为在真空中的光速在不同的惯性参照系中都是相同的B．哥白尼提出了“地心说”C．德国天文学家开普勒发现了行星运动定律D．英国物理学家牛顿 总结 初级经济法重点总结下载党员个人总结TXt高中句型全总结.doc高中句型全总结.doc理论力学知识点总结pdf 出了万有引力定律3．静止在地球表面跟从处球自转的物体，受到的作使劲有（）A．引力，重力，弹力B．引力，弹力C．引力，向心力，弹力D．引力，向心力，弹力，重力4．一个物体在地球表面所受的重力为G，则在距地面高度为地球半径的2倍时，所受的引力为（）A．B．C．D．5．如下图为一皮带传动装置，右轮半径为r，a是它边缘上的一点，左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮半径为2r，质点b在小轮上，到小轮中心的距离为r，质点c和质点别位于小轮和大轮的边缘上，若在传动过程中，皮带不打滑，则（）d分A．质点a与质点c的线速度大小相等B．质点a与质点b的角速度大小相等C．质点a与质点c的向心加快度大小相等D．质点a与质点d的向心加快度大小相等6．将一木球靠在轻质弹簧上，压缩后松手，弹簧将木球弹出．已知弹出过程弹簧做了30J的功，周围阻力做了﹣10J的功，此过程下列说法正确的选项是（）A．弹性势能减小20JB．弹性势能增加30JC．木球动能减小10JD．木球动能增加20J7．如下图，用长为L的轻杆连着质量为m的小球在竖直平面内做圆周运动，则下列说法中正确的选项是（）．小球在圆周最高点时所受的向心力一定为重力B．小球在最高点时轻杆受到作使劲可能为零C．若小球恰好能在竖直平面内做圆周运动，则其在最高点的速率为D．小球过最低点轻杆对小球的拉力可能等于小球的重力8．如下图：一轴竖直的锥形漏斗，内壁圆滑，内壁上有两个质量不相同的小球自在不同的水平面内做匀速圆周运动，已知mA＜mB，则下列关系正确的有（A、B各）A．线速度vA＜vBB．角速度ωA=ωBC．向心加快度aA=aBD．小球对漏斗的压力NA＞NB9．质量为m的小球，从桌面上以速度v0竖直抛出，桌面离地面高为h，小球能达到的最大高度离地面为H，若以桌面为重力势能的零参照平面，不计空气阻力，则小球落地时机械能为（）A．2B．2﹣mghC．mg（HhD．mg（Hhmv0mv0﹣）+）10．一物体在沿切线方向的力F的作用下匀速从半径为R的圆滑圆弧面左侧运动（如图）到最高点过程，对于物体受力情况，下列说法正确是（）．物体所需的向心力大小不变11．质量为m的人造地球卫星，在半径为r的圆轨道上绕地球运行时，其线速度为v，角速度为ω，取地球质量为M，当这颗人造地球卫星的轨道半径为2r的圆轨道上绕地球运行时，则（）A．根据公式v=，可知卫星运动的线速度将减小到B．根据公式F=m，可知卫星所需的向心力将减小到原来的C．根据公式ω=，可知卫星的角速度将减小到D．根据F=G，可知卫星的向心力减小为原来的12．发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3．轨道1、2相切于P点，轨道2、3相切于Q点如下图，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，下列说法中正确的选项是（）A．卫星在轨道3上的速率小于在轨道1上的速率B．卫星在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C．卫星在轨道1拥有的机械能小于它在轨道2拥有的机械能D．卫星在轨道2上经过Q点时的加快度等于它在轨道3上经过Q点时的加快度二、实验题（此题每空2分，共14分）13．如下图是用频闪照相研究平抛运动时拍下的A、B两小球同时开始运动的照片．A无初速释放，B水平抛出．经过察看发现，只管两个小球在在水平方向上的运动不同，可是它们在竖直方向上老是处在同一高度．该实验现象说了然B球开始运动后（）A．水平方向的分运动是匀速直线运动B．水平方向的分运动是匀加快直线运动C．竖直方向的分运动是匀速直线运动D．竖直方向的分运动是自由落体运动14．如图1所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置能够考证机械能守恒定律．（1）所需器材有打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，别的还需（填字母代号）中的器材．直流电源、天平及砝码B．直流电源、毫米刻度尺C．沟通电源、天平及砝码D．沟通电源、毫米刻度尺（2）若实验中所用重物的质量m=1kg，打点的时间间隔为T=0.02s，取g=9.80m/s2，按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到O的距离分别为s1=15.55cm，s2=19.20cm，s3=23.23cm如图2所示，那么：纸带的端与重物相连；（填左或右）?记录B点时，重物的动能Ek=J；从重物开始下落至B点，重物的重力势能减少量是J．．（保存三位有效数字）?由此可得出的结论是：（3）实验小组在实验中发现：重锤减小的重力势能老是大于重锤增加的动能．其原因主要是该实验中存在阻力作用，因此该组同学想到能够经过该实验测算平均阻力的大小．则该实验中存在的平均阻力大小f=N（保存一位有效数字）．三、解答题（此题共4小题，满分38分．在答题卷上解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后 答案 八年级地理上册填图题岩土工程勘察试题省略号的作用及举例应急救援安全知识车间5s试题及答案 不得分，有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位．）15．如下图，在倾角为53°的斜坡上，从A点水平抛出一个物体，物体落在斜坡的B点，测得AB两点间的距离是S=25m，求：（sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2）1）物体从A到B的运动时间2）物体抛出时的速度v0大小．16．今年6月13日，我国首颗地球同步轨道高分辨率对地观察卫星高分四号正式投入使用，这也是世界上地球同步轨道分辨率最高的对地观察卫星．如下图，A是地球的同步卫星，已知地球半径为R，地球自转的周期为T，地球表面的重力加快度为g，求：1）同步卫星离地面高度h2）地球的密度ρ（已知引力常量为G）17．如下图，在竖直平面内有着半径为R圆滑的圆孤槽，它的尾端水平端离地面高H，一个小球从A点由静止开始下滑，过B点后水平飞出，不计空气阻力，已知小球质量重力加快度为g，求：m，1）小球抵达B点时对轨道的压力大小2）小球落从B点飞出到落地的水平距离．18．如下图，ABC和DEF是在同一竖直平面内的两条轨道，其中ABC的尾端水平，DEF是一半径R=0.9m的圆滑半圆形轨道，其直径DF沿竖直方向，AB是个粗拙的斜面，动摩擦因数μ=0.3，倾角θ=370，BC是圆滑的水平面，过B时无机械能损失，现有一质量m=1kg的可视质点的小滑块从轨道ABC上距C点高为H处A点由静止释放，求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）（1）若要使小滑块经C处水平进入轨道DEF且恰能做圆周运动，滑块过D点速度多大？（2）要切合上述条件小滑块应从轨道ABC上距C点多高的地方由静止释放？（3）求小滑块沿轨道DEF运动经过F、D两点时对轨道的压力之差．2017-2018学年福建省八县一中高一（下）期末物理试卷参照答案与 试题 中考模拟试题doc幼小衔接 数学试题 下载云南高中历年会考数学试题下载N4真题下载党史题库下载 解析一．选择题（本大题共12小题，每题4分，共48分．在每题给出的四个选项中，第1-8题只有一项切合题目要求；第9-12题有多项切合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分．）1．下列各样运动中，不属于匀变速运动的是（）A．斜抛运动B．匀速圆周运动C．平抛运动D．竖直上抛运动【考点】匀速圆周运动；平抛运动．【剖析】匀变速运动是指加快度保持不变的运动，由牛顿第二定律可知，加快度不变，物体受到的协力就保持不变．【解答】解：A、斜抛运动只受到重力的作用，加快度恒为g，大小方向都不变．所以A是匀变速运动，B、匀速圆周运动受到的协力提供向心力，产生向心加快度，可是向心加快度的方向是在时刻变化的，所以不是匀变速运动，所以B不是匀变速运动．C、平抛运动是只在重力的作用下，水平抛出的物体做的运动，在竖直方向上做自由落体运动，是匀变速运动，所以C是匀变速运动，D、做竖直上抛运动的物体也是只受重力的作用，加快度是重力加快度，所以是匀变速运动，所以D是匀变速运动此题选不属于匀变速运动，应选：B2．在物理学发展的过程中，很多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步．在对以下几位物理学家所作科学贡献的表达中，错误的说法是（）．爱因斯坦认为在真空中的光速在不同的惯性参照系中都是相同的B．哥白尼提出了“地心说”C．德国天文学家开普勒发现了行星运动定律D．英国物理学家牛顿总结出了万有引力定律【考点】狭义相对论；万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定．【剖析】爱因斯坦创办了相对论，哥白尼提出了“日心说”，开普勒发现了行星运动定律，牛顿总结出了万有引力定律．【解答】解：A、爱因斯坦创办了相对论，认为在真空中的光速在不同的惯性参照系中都是相同的．故A正确．B、哥白尼提出了“日心说”．故B错误；C、开普勒发现了行星运动的三大定律．故C正确．D、牛顿总结出了万有引力定律．故此题选择错误的，应选：BD正确．3．静止在地球表面跟从处球自转的物体，受到的作使劲有（）A．引力，重力，弹力B．引力，弹力C．引力，向心力，弹力D．引力，向心力，弹力，重力【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．【剖析】对物体受力剖析，明确物体受到的各力的情况，注意每个力都要找出施力物体．明确性质力和效果力的区别．【解答】解：物体静止在地球表面上，一定受地球的万有引力；由于和地球表面存在挤压，进而有弹力；向心力是效果力，不是物体受到的力；重力是由万有引力提供的；故正确答案只有B．应选：B4．一个物体在地球表面所受的重力为G，则在距地面高度为地球半径的2倍时，所受的引力为（）A．B．C．D．【考点】万有引力定律及其应用．【剖析】在地球表面的物体其受到的重力我们能够认为是等于万有引力，列万有引力公式进行比较．【解答】解：设地球的质量为：M，半径为R，设万有引力常量为力，设出需要的物理量，G′，根据万有引力等于重则有：①在距地面高度为地球半径的2倍时：②由①②联立得：F=应选：D5．如下图为一皮带传动装置，右轮半径为r，a是它边缘上的一点，左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮半径为2r，质点b在小轮上，到小轮中心的距离为r，质点c和质点别位于小轮和大轮的边缘上，若在传动过程中，皮带不打滑，则（）d分A．质点a与质点c的线速度大小相等B．质点a与质点b的角速度大小相等C．质点a与质点c的向心加快度大小相等D．质点a与质点d的向心加快度大小相等【考点】向心加快度；线速度、角速度和周期、转速．【剖析】共轴转动的各点角速度相等，靠传送带传动轮子上的点线速度大小相等，根据v=rω，a=rω2=半径各点线速度、角速度和向心加快度的大小．【解答】解：A、a、c两点的线速度大小相等．故A正确．B、a、c的线速度相等，根据v=rω，知角速度不等，但b、c角速度相等，所以a、b两点的角速度不等．故B错误．C、根据a=rω2得，d点的向心加快度是c点的2倍，根据a=知，a的向心加快度是c的2倍，故C错误；2得，d点的向心加快度是c点的2倍，根据a=知，a的向心加快度是c的D、根据a=rω2倍，所以a、d两点的向心加快度相等，故D正确．应选：AD．6．将一木球靠在轻质弹簧上，压缩后松手，弹簧将木球弹出．已知弹出过程弹簧做了30J的功，周围阻力做了﹣10J的功，此过程下列说法正确的选项是（）A．弹性势能减小20JB．弹性势能增加30JC．木球动能减小10JD．木球动能增加20J【考点】功能关系；弹性势能．【剖析】弹簧弹力做的功等于弹性势能的减少，动能的变化量等于合外力做的功，根据功能关系剖析．【解答】解：AB、弹出过程弹簧做了30J的功，根据弹簧弹力做的功等于弹性势能的减少，可知，弹性势能减小30J，故AB错误；CD、根据动能定理得：动能的变化等于合外力做的功，则木块的动能变化量为△10=20J，即木球动能增加20J，故C错误，D正确．EK=30﹣应选：D7．如下图，用长为L的轻杆连着质量为m的小球在竖直平面内做圆周运动，则下列说法中正确的选项是（）．小球在圆周最高点时所受的向心力一定为重力【考点】向心力．【剖析】物体做圆周运动需要的向心力是由协力提供，而轻杆既能够提供拉力，又能够提供支持力，所以小球抵达最高点时的速度能够等于零，根据牛顿第二定律列式判断．【解答】解：A、在最高点，向心力的大小不一定等于重力，故A错误．B、当小球在最高点的速度v=，此时小球靠重力提供向心力，轻杆的作使劲为零，故B正确．C、杆子在最高点能够表现为拉力，能够表现为支持力，在最高点的最小速度为零，可知小球恰好能在竖直平面内做圆周运动，最高点的速率为零，故C错误．D、在最低点，小球靠拉力和重力的协力提供向心力，协力向上，则拉力大于重力，故D错误．应选：B．8．如下图：一轴竖直的锥形漏斗，内壁圆滑，内壁上有两个质量不相同的小球A、B各自在不同的水平面内做匀速圆周运动，已知mA＜mB，则下列关系正确的有（）A．线速度vA＜vBB．角速度ωA=ωBC．向心加快度aA=aBD．小球对漏斗的压力NA＞NB【考点】向心力．【剖析】小球做匀速圆周运动，因此合外力提供向心力，对物体正确进行受力剖析，然后根据向心力公式列方程求解即可．【解答】解：A、设漏斗内壁母线与水平方向的夹角为θ．以随意一个小球为研究对象，剖析受力情况：重力mg和漏斗内壁的支持力N，它们的协力提供向心力，如图，则根据牛顿第二定律得mgtanθ=m，获得v=，θ一定，则v与成正比，A球的圆周运动半径大于B球的圆周运动，所以vA＞vB，故A错误；B、角速度ω==，则角速度ω与成反比，A球的圆周运动半径大于B球的圆周运动，所以角速度ω＜ω，故B错误；ABC、向心加快度a=，与半径r无关，故aA=aB，故C正确；D、由图可得漏斗内壁的支持力N=，θm＜m，则N＜N，故D错误；ABAB相同，则应选：C9．质量为m的小球，从桌面上以速度v0竖直抛出，桌面离地面高为h，小球能达到的最大高度离地面为H，若以桌面为重力势能的零参照平面，不计空气阻力，则小球落地时机械能为（）A．mv02B．mv02﹣mghC．mg（H﹣h）D．mg（H+h）【考点】机械能守恒定律．【剖析】不计空气阻力，小球运动过程中，只受重力，机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求解．【解答】解：不计空气阻力，小球运动过程中机械能守恒．由机械能守恒定律知：小球落地时机械能等于刚抛出时的机械能，以桌面为重力势能的零参照平面，机械能为mv02．小球落地时机械能也等于最高点的机械能，为应选：ACmg（H﹣h）．故AC正确，BD错误．10．一物体在沿切线方向的力F的作用下匀速从半径为到最高点过程，对于物体受力情况，下列说法正确是（R的圆滑圆弧面左侧运动（如图））．物体所需的向心力大小不变C．物体受到的力F的大小不发生变化D．物体受到的力F的大小渐渐变大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【剖析】物体匀速经过圆滑圆弧面，做匀速圆周运动，协力提供向心力，剖析受力，根据牛顿第二定律列式剖析．【解答】解：A、由题意知物体做匀速圆周运动，据可知物体所需向心力大小不变，故A正确；B、对物体进行剖析受力，如图，受到重力G、拉力F和圆弧面的支持力N．因为物体做匀速圆周运动，协力提供向心力，则得：F=GsinθGcosθ﹣N=m则得，N=Gcosθ﹣m＜Gcosθ，根据牛顿第三定律得悉，物体对圆弧面的压力大小N′=N＜Gcosθ＜G，所以物体对圆弧面的压力大小不断增大，但老是小于物体所受重力B正确；根据F=Gsinθ知，θ变小，F变小，故CD均错误．应选：AB．11．质量为m的人造地球卫星，在半径为r的圆轨道上绕地球运行时，其线速度为v，角速度为ω，取地球质量为M，当这颗人造地球卫星的轨道半径为2r的圆轨道上绕地球运行时，则（）A．根据公式v=，可知卫星运动的线速度将减小到B．根据公式F=m，可知卫星所需的向心力将减小到原来的C．根据公式ω=，可知卫星的角速度将减小到D．根据F=G，可知卫星的向心力减小为原来的【考点】人造卫星的加快度、周期和轨道的关系．【剖析】人造地球卫星绕地球运行时，由万有引力提供向心力，由此列式获得各个量与轨道半径的关系式，再求解比率关系．【解答】解：A、人造地球卫星绕地球运行时，由万有引力提供向心力，设地球的质量为M，则有G=m，得v=B、卫星运动的线速度将减小到，则知卫星运动的线速度将减小到，轨道半径增大到原来的，故A正确．2倍，根据公式F=m，可知，则卫星所需的向心力将减小到原来的．故B错误．C、卫星运动的线速度将减小到，轨道半径增大到原来的2倍，根据公式ω=，可知卫星的角速度将减小到，故C错误．D、根据F=G，M和m不变，r变为原来的2倍，可知卫星的向心力减小为原来的．故正确．应选：AD12．发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3．轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道21、2相切于P点，轨道2、3相切于Q点如下图，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，下列说法中正确的选项是（）A．卫星在轨道3上的速率小于在轨道1上的速率B．卫星在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C．卫星在轨道1拥有的机械能小于它在轨道2拥有的机械能D．卫星在轨道2上经过Q点时的加快度等于它在轨道3上经过Q点时的加快度【考点】人造卫星的加快度、周期和轨道的关系．【剖析】卫星做匀速圆周运动时，根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、加快度的表达式，再进行议论．联合变轨知识剖析即可．【解答】解：AB、设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，卫星绕地球做匀速圆周运动时，根据万有引力提供向心力，有：G=m=mω2r，得：v=，ω=则知，轨道3半径比轨道1半径大，故卫星在轨道3上的速率和角速度均小于在轨道1上的速率和角速度，故A正确，B错误；C、卫星要从轨道1变轨到轨道2，在P点必须加快，机械能增加，则卫星在轨道1拥有的机械能小于它在轨道2拥有的机械能．故C正确．D、根据牛顿第二定律得：G=ma，得a=，可知卫星经过同一点时加快度相同，所以卫星在轨道2上经过Q点时的加快度等于它在轨道3上经过Q点时的加快度．故D正确．应选：ACD二、实验题（此题每空2分，共14分）13．如下图是用频闪照相研究平抛运动时拍下的A、B两小球同时开始运动的照片．A无初速释放，B水平抛出．经过察看发现，只管两个小球在在水平方向上的运动不同，可是它们在竖直方向上老是处在同一高度．该实验现象说了然B球开始运动后（）．水平方向的分运动是匀速直线运动B．水平方向的分运动是匀加快直线运动C．竖直方向的分运动是匀速直线运动D．竖直方向的分运动是自由落体运动【考点】平抛运动；研究平抛物体的运动．【剖析】抓住两个小球老是处在同一高度，即相同时间内下落的高度相同，得出竖直方向上的运动规律．【解答】解：因为小球同时运动，两球竖直方向上下落的高度始终相同，知两球竖直方向上的运动规律相同，可知平抛运动在竖直方向上的分运动是自由落体运动．根据该实验无法得出水平方向上的运动规律．故D正确，A、B、C错误．应选：D．14．如图1所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置能够考证机械能守恒定律．1）所需器材有打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，别的还需D（填字母代号）中的器材A．直流电源、天平及砝码B．直流电源、毫米刻度尺C．沟通电源、天平及砝码D．沟通电源、毫米刻度尺T=0.02s，取g=9.80m/s2，按实验（2）若实验中所用重物的质量m=1kg，打点的时间间隔为要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到O的距离分别为s=15.55cm，1s2=19.20cm，s3=23.23cm如图2所示，那么：纸带的左端与重物相连；（填左或右）?记录B点时，重物的动能Ek=1.84J；从重物开始下落至B点，重物的重力势能减少量是1.88J．（保存三位有效数字）?由此可得出的结论是：在实验误差允许范围内，重物的机械能守恒．（3）实验小组在实验中发现：重锤减小的重力势能老是大于重锤增加的动能．其原因主要是该实验中存在阻力作用，因此该组同学想到能够经过该实验测算平均阻力的大小．则该实验中存在的平均阻力大小f=0.3N（保存一位有效数字）．【考点】考证机械能守恒定律．【剖析】（1）依据实验原理，需要测量点与点间距，及打点计时器工作的沟通电源；（2）根据纸带上点与点间距，即可判断连结端；纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的刹时速度和加快度，进而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值；3）先根据推论公式△x=aT2求解加快度，然后根据牛顿第二定律列式求解阻力大小．【解答】解：（1）根据实验要求，除打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物外，还需刻度尺与沟通电源，刻度尺来测量点与点间距，而打点计时器需要使用沟通电源；2）根据纸带上从A到C，间距越来越大，则可知，纸带左端与重物相连；重力势能减小量为：△Ep=mgh=1×9.8×0.1920J=1.88J．利用匀变速直线运动的推论vB===1.92m/s△Ek=EkB=mvB2=×1×（1.92）2=1.84J．由上数据，可得出的结论是：在实验误差允许范围内，重物的机械能守恒；（3）利用加快度公式a=，求得加快度为：a===9.5m/s2；由牛顿第二定律得mg﹣f=ma，求得：f=m（g﹣a）=1×（9.8﹣9.5）=0.3N故答案为：（1）D；（2）左，1.84，1.88，在实验误差允许范围内，重物的机械能守恒；（3）0.3．三、解答题（此题共4小题，满分38分．在答题卷上解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分，有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位．）15．如下图，在倾角为53°的斜坡上，从A点水平抛出一个物体，物体落在斜坡的B点，测得AB两点间的距离是S=25m，求：（sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2）1）物体从A到B的运动时间2）物体抛出时的速度v0大小．【考点】平抛运动．【剖析】（1）根据下降的高度，联合位移时间公式求出物体从A到B的运动时间．（2）根据物体平抛运动的水平位移和时间求出物体抛出时的初速度大小．【解答】解：（1）根据得：t=．（2）物体抛出时的速度为：．答：（1）物体从A到（2）物体抛出时的速度B的运动时间为2s；v0大小为7.5m/s．16．今年6月13日，我国首颗地球同步轨道高分辨率对地观察卫星高分四号正式投入使用，这也是世界上地球同步轨道分辨率最高的对地观察卫星．如下图，A是地球的同步卫星，已知地球半径为R，地球自转的周期为（1）同步卫星离地面高度h（2）地球的密度ρ（已知引力常量为T，地球表面的重力加快度为G）g，求：【考点】同步卫星．【剖析】地球同步卫星公转周期等于地球自转的周期，根据万有引力提供向心力及在地球表面万有引力等于重力，列式即可解题．【解答】解：（1）设地球质量为M，卫星质量为m，地球同步卫星到地面的高度为h，同步卫星所受万有引力等于向心力为：G=m在地球表面上引力等于重力为：G=mg故地球同步卫星离地面的高度为：h=﹣R；（2）根据在地球表面上引力等于重力：G=mg联合密度公式为：ρ===答：（1）同步卫星离地面高度﹣R；（2）地球的密度为．17．如下图，在竖直平面内有着半径为R圆滑的圆孤槽，它的尾端水平端离地面高H，一个小球从A点由静止开始下滑，过B点后水平飞出，不计空气阻力，已知小球质量重力加快度为g，求：m，1）小球抵达B点时对轨道的压力大小2）小球落从B点飞出到落地的水平距离．【考点】动能定理；平抛运动；向心力．【剖析】（1）根据动能定理求出钢球抵达B点的速度，联合牛顿第二定律求出支持力的大小；2）根据平抛运动的高度求出运动的时间，联合初速度和时间求出平抛运动的水平距离．【解答】解：（1）小球由A到B过程中只有重力做功，根据动能定理有①对小球在B点由牛顿第二定律②解①②得支持力为FN=3mg（2）钢球走开B点后做平抛运动有③x=vt④由①②③④式解得x=答：（1）小球抵达B点时对轨道的压力大小为3mg；（2）小球落从B点飞出到落地的水平距离为．18．如下图，ABC和DEF是在同一竖直平面内的两条轨道，其中ABC的尾端水平，DEF是一半径R=0.9m的圆滑半圆形轨道，其直径DF沿竖直方向，AB是个粗拙的斜面，动摩擦因数μ=0.3，倾角θ=370，BC是圆滑的水平面，过B时无机械能损失，现有一质量m=1kg的可视质点的小滑块从轨道ABC上距C点高为H处A点由静止释放，求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）（1）若要使小滑块经C处水平进入轨道DEF且恰能做圆周运动，滑块过D点速度多大？（2）要切合上述条件小滑块应从轨道ABC上距C点多高的地方由静止释放？（3）求小滑块沿轨道DEF运动经过F、D两点时对轨道的压力之差．【考点】动能定理的应用；向心力．【剖析】（1）小滑块经C处后恰能沿轨道DEF做圆周运动时，在D点，由重力提供向心力，由牛顿第二定律可求出小滑块经过D点的速度．（2）对从A到C过程，运用动能定理列式，即可求解释放点的高度．（3）滑块经过D点和F点时，由协力提供向心力，由牛顿第二定律和向心力公式分别列式．再联合机械能守恒定律求解．【解答】解：（1）小滑块经C处后恰能沿轨道DEF做圆周运动时，在D点，由重力提供向心力，由牛顿第二定律得mg=m可得vD=3m/s（2）小滑块从A到C过程，运用动能定理得mgH﹣μmgcosθ?=解得H=0.75m（3）小滑块沿DEF做圆周运动时，经过D点时对轨道的压力为0．从D到F的过程，由机械能守恒定律得mg?2R=﹣在F点，由牛顿第二定律得N﹣mg=m联立得N=6mg=60N由牛顿第三定律得，在F点，滑块对轨道的压力大小为60N，所以小滑块沿轨道DEF经过F、D两点时对轨道的压力之差为60N．答：（1）若要使小滑块经C处水平进入轨道DEF且恰能做圆周运动，滑块过D点速度是（2）要切合上述条件小滑块应从轨道ABC上距C点0.75m高的地方由静止释放．（3）小滑块沿轨道DEF运动经过F、D两点时对轨道的压力之差是60N．运动3m/s．2018年8月22日