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专题02动量与能量(下)

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专题02动量与能量(下)nullnull感悟·渗透·应用【例4】质量分别为m1、m2的小球在一直线上做弹性碰撞,它们在碰撞前后的位移—时间图像如图2-4所示,若m1=1kg,m2的质量等于多少?图2-4null感悟·渗透·应用【解析】从位移—时间图像上可看出:m1和m2于t=2s时在位移等于8m处碰撞,碰前m2的速度为0,m1的速度v0=△s/△t=4m/s 碰撞后,m1的速度v1=-2m/s, m2的速度v2=2m/s, 由动量守恒定律得m1v0=m1v1+m2v2, m2=3kg. null感悟·渗透·应用【解题回顾】...

专题02动量与能量(下)
nullnull感悟·渗透·应用【例4】质量分别为m1、m2的小球在一直线上做弹性碰撞,它们在碰撞前后的位移—时间图像如图2-4所示,若m1=1kg,m2的质量等于多少?图2-4null感悟·渗透·应用【解析】从位移—时间图像上可看出:m1和m2于t=2s时在位移等于8m处碰撞,碰前m2的速度为0,m1的速度v0=△s/△t=4m/s 碰撞后,m1的速度v1=-2m/s, m2的速度v2=2m/s, 由动量守恒定律得m1v0=m1v1+m2v2, m2=3kg. null感悟·渗透·应用【解 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 回顾】这是一道有关图像应用的题型,关键是理解每段图线所对应的两个物理量:位移随时间的变化规律,求出各物体碰撞前后的速度.不要把运动图像同运动轨迹混为一谈.null感悟·渗透·应用【例5】云室处在磁感应强度为B的匀强磁场中,一质量为M的静止的原子核在云室中发生一次a衰变,a粒子的质量为m,电量为q,其运动轨迹在与磁场垂直的平面内.现测得a粒子运动的轨道半径为R,试求在衰变过程中的质量亏损.(注:涉及动量问题时,亏损的质量可忽略不计)null感悟·渗透·应用【解析】a粒子在磁场中做圆周运动的向心力是洛伦兹力,设a粒子的运动速度为v,由牛顿第二定律得qvB=mv2/R. 衰变过程中,粒子与剩余核发生相互作用,设衰变后剩余核的速度为v′,衰变过程中动量守恒(M-m)v′=mv. a粒子与剩余核的动能来源于衰变过程中亏损的质量,有 △m·c2=1/2(M-m)v′2+1/2mv2. 解得:△m=M(qBR)2/[2c2m(M-m)].null感悟·渗透·应用【解题回顾】此题知识跨度大,综合性强,将基础理论与现代物理相结合.考查了圆周运动、洛伦兹力、动量守恒、核裂变、能量守恒等知识.这类题型需注意加强.null感悟·渗透·应用【例6】如图2-5所示,一轻绳穿过光滑的定滑轮,两端各拴有一小物块.它们的质量分别为m1、m2,已知m2=3m1,起始时m1放在地上,m2离地面的高度h=1.0m,绳子处于拉直状态,然后放手.设物块与地面相碰时完全没有弹起(地面为水平沙地),绳不可伸长,绳中各处拉力均相同,在突然提起物块时绳的速度与物块的速度相同,试求m2所走的全部路程(取3位有效数字)图2-5null感悟·渗透·应用【解析】因m2>m1,放手后m2将下降,直至落地. 由机械能守恒定律得 m2gh-m1gh=(m1+m2)v2/2. m2与地面碰后静止,绳松弛,m1以速度v上升至最高点处再下降. 当降至h时绳被绷紧. 根据动量守恒定律可得:m1v=(m1+m2)v1. null感悟·渗透·应用 由于m1通过绳子与m2作用及m2与地面碰撞的过程中都损失了能量,故m2不可能再升到h处,m1也不可能落回地面.设m2再次达到的高度为h1,m1则从开始绷紧时的高度h处下降了h1.由机械能守恒 (m1+m2)v12/2+m1gh1=m2gh1 由以上3式联立可解得 h1=m12h/(m1+m2)2=[m1/(m1+m2)]2h null感悟·渗透·应用 此后m2又从h1高处落下,类似前面的过程.设m2第二次达到的最高点为h2,仿照上一过程可推得 h2=m12h1/(m1+m2)2=m14h/(m1+m2)4=[m1/(m1+m2)]4h 由此类推,得:h3=m16h/(m1+m2)6=[m1/(m1+m2)]6h 所以通过的总路程 s=h+2h1+2h2+2h3+…… null感悟·渗透·应用【解题回顾】这是一道难度较大的习题.除了在数学处理方面遇到困难外,主要的原因还是出在对两个物块运动的情况没有 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 清楚.本题作为动量守恒与机械能守恒定律应用的一种特例,应加强记忆和理解.null感悟·渗透·应用【例7】如图2-6所示,金属杆a从离地h高处由静止开始沿光滑平行的弧形轨道下滑,轨道的水平部分有竖直向上的匀强磁场B,水平轨道上原来放有一金属杆b,已知a杆的质量为ma,且与杆b的质量之比为ma∶mb=3∶4,水平轨道足够长,不计摩擦, 图2-6null感悟·渗透·应用求: (1)a和b的最终速度分别是多大? (2)整个过程中回路释放的电能是多少? (3)若已知a、b杆的电阻之比Ra∶Rb=3∶4,其余部分的电阻不计,整个过程中杆a、b上产生的热量分别是多少?null感悟·渗透·应用【解析】(1)a下滑过程中机械能守恒 magh=mav02/2 a进入磁场后,回路中产生感应电流,a、b都受安培力作用,a做减速运动,b做加速运动,经过一段时间,a、b速度达到相同,之后回路的磁通量不发生变化,感应电流为0,安培力为0,二者匀速运动.匀速运动的速度即为a.b的最终速度,设为v.由于所组成的系统所受合外力为0,故系统的动量守恒 mav0=(ma+mb)v null感悟·渗透·应用由以上两式解得最终速度 va=vb=v= (2)由能量守恒得知,回路中产生的电能应等于a、b系统机械能的损失,所以 E=magh-(ma+mb)v2/2=4magh/7 null感悟·渗透·应用(3)由能的守恒与转化定律,回路中产生的热量应等于回路中释放的电能等于系统损失的机械能,即Qa+Qb=E.在回路中产生电能的过程中,电流不恒定,但由于Ra与Rb串联,通过的电流总是相等的,所以应有 所以null感悟·渗透·应用【解题回顾】自觉运用动量守恒和能量守恒规律是解决本题的关键.但如果轨道变为图2-7所示的情景,又如何分析求解呢?图2-7null感悟·渗透·应用【例8】连同装备质量M=100kg的宇航员离飞船45m处与飞船相对静止,他带有一个装有m=0.5kg的氧气贮筒,其喷嘴可以使氧气以v=50m/s的速度在极短的时间内相对宇航员自身喷出.他要返回时,必须向相反的方向释放氧气,同时还要留一部分氧气供返回途中呼吸.设他的耗氧率R是2.5×10-4kg/s,问:要最大限度地节省氧气,并安全返回飞船,所用掉的氧气是多少?null感悟·渗透·应用【解析】设喷出氧气的质量为m′后,飞船获得的速度为v′,喷气的过程中满足动量守恒定律,有: 0=(M-m′)v′+m′(-v+v′) 得v′=m′v/M 宇航员即以v′匀速靠近飞船,到达飞船所需的时间 t=s/v′=Ms/m′vnull感悟·渗透·应用 这段时间内耗氧m″=Rt 故其用掉氧气m′+m″=2.25×10-2/m′+m′ 因为(2.25×10-2/m′)×m′=2.5×10-2为常数, 所以当2.25×10-2/m′=m′,即m′=0.15kg时用掉氧气最少,共用掉氧气是m′+m″=0.3kg.null感悟·渗透·应用【解题回顾】(1)动量守恒定律中的各个速度应统一对应于某一惯性参照系,在本题中,飞船沿圆轨道运动,不是惯性参照系.但是,在一段很短的圆弧上,可以视飞船做匀速直线运动,是惯性参照系.(2)此题中氧气的速度是相对宇航员而不是飞船,因此,列动量守恒的 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 达式时,要注意速度的相对性,这里很容易出错误.(3)要注意数学知识在物理上的运用.
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分类:高中物理
上传时间:2011-08-07
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