2018年广西北海市中考物理试卷

2018年广西北海市中考物理试卷2018年广西北海市中考物理试卷PAGE第PAGE39页（共NUMPAGES39页）2018年广西北海市中考物理试卷2018年广西北海市中考物理试卷　一、单项选择题（每小题2分，共32分）每小题只有一个选项是正确的，请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑1．（分）（2018•广西）以下用品中，在通常情况下属于导体的是（　　）A．橡皮擦B．铅笔芯C．玻璃杯D．塑料尺2．（分）（2018•广西）如图所示，能解释“手影”形成的是（　　）A．光的反射B．光的折射C．光的直线传播D．平面镜成像3．（分）（2018•广西）关于安全用电，下列说法正确的是（　　）A．用湿布擦工作中的用电器B．维修家用电器前要切断电源C．发现有人触电时，立即用手把人拉开D．在户外遇到需雨天气时，躲在树下最安全4．（分）（2018•广西）下列估测最符合实际的是（　　）A．一个苹果的质量约为500gB．人的正常体温约为37℃C．一支铅笔的长度约为mD．一节干电池的电压约为5V5．（分）（2018•广西）如图所示，在探究“串联电路电压的关系”时，闭合开关S后，电压 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf V1的示数是，V2的示数是，则电压表V3的示数是（　　）A．B．C．D．6．（分）（2018•广西）下列有关声的说法，正确的是（　　）A．老师讲课的声音是由声带的振动产生的B．学校附近禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声C．“闻其声，知其人”是根据声音的音调判断的D．医生通过听诊器给病人诊病是利用声波传递能量7．（分）（2018•广西）如图所示，使用手机摄像头扫描維码时，成缩小的实像。下列仪器成像特点与其相同的是（　　）A．放大镜B．照相机C．投影仪D．显微镜8．（分）（2018•广西）体育测试中，小明立定跳远的运动轨迹如图所示，他在上升过程中（　　）A．动能减小B．动能增大C．重力势能减小D．重力势能不变9．（分）（2018•广西）“发电鞋”是一种新型科研产品，其内部安装有磁铁和线圈，当人行走时带动磁铁运动，线圈中就产生了感应电流，“发电鞋”的工作原理（　　）A．电磁感应B．电流的磁效应C．电流的热效应D．磁场对电流的作用10．（分）（2018•广西）生活中的热现象随处可见，下列说法不正确的是（　　）A．夏天洒水降温，是利用水蒸发吸热B．冬天握手取暖，说明做功可以改变内能C．海边昼夜温差小，是因为海水的比热容小D．端午节米棕飘香，说明分子不停做热运动11．（分）（2018•广西）如图是一款既能健身又低碳的“共享单车”，它是互联网、智能手机、GPS定位系統和单车的资源整合，关于“共享单车“，下列说法正确的是（　　）A．单车手把上的花纹是为了减小摩擦B．单车坐垫 设计 领导形象设计圆作业设计ao工艺污水处理厂设计附属工程施工组织设计清扫机器人结构设计 为较宽，目的是为了增大压强C．以行驶单车为参照物，路边的房屋是静止的D．GPS通过电磁波把单车的位置信息传递统信息处理中心12．（分）（2018•广西）“歼15”飞机在“辽宁号”航母上进行起降训练。下列说法正确的是（　　）A．飞机减速降落，机械能增大B．飞机静止在航母上，没有惯性C．飞机加速起飞，运动状态保持不变D．飞机空中飞行，机翼上方空气流速大压强小13．（分）（2018•广西）甲、乙两种物体的质量和体积的关系图象如图所示，则甲、乙两物体的密度之比是（　　）A．8：1B．4：3C．4：1D．2：114．（分）（2018•广西）如图所示，汽车装有日间行车灯可以提高行车安全，当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1立即亮起：再闭合S2车前大灯L2也亮起。符合这一情况的电路图是（　　）A．B．C．D．15．（分）（2018•广西）如图所示电路，电源电压保持不变，开关S闭合后，再闭合开关S1时，发生变化的是（　　）A．灯L的亮度B．电压表V的示数C．电流表A的示数D．电流表A1的示数16．（分）（2018•广西）在探究“杠杆平衡条件“实验中，杠杆在力F作用下水平平衡，如图所示，现将弹簧测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，杠杆始终保持水平平衡，则拉力F与其力臂的乘积变化情况是（　　）A．一直变小B．一直变大C．一直不变D．先变小后变大　二、填空题17．（分）（2018•广西）用吸管“吸”盒装牛奶时，牛奶是在　　作用下被“吸“入口中的；吸完牛奶后，盒子变扁了，说明力可以改变物休的　　。18．（分）（2018•广西）海波在熔化过程中不断吸热，温度　　（选填“升高“或“不变”）；说明海波属于　　（选填“晶体”或“非晶体”）19．（分）（2018•广西）如图所示，磁悬浮地球仪应用了　　（选填“同”或“异”）名磁极相互排斥的规律：磁悬浮地球仪悬浮静止时，底座对地球仪的斥力与地球仪受到的重力　　（选填“是“或“不是”）一对平衡力。20．（分）（2018•广西）可燃冰，石油、煤都属于　　（选填“可“或“不可”）再生能源。若可燃冰的热值为4×107J/m3，完全燃烧lm3的可燃冰可放出的热量是　　J，这些热量有60%被水吸收，可把　　kg的水从20℃加热到80℃．[水的比热容C=×103J/（kg•℃）]21．（分）（2018•广西）图是智能扶手电梯工作原理图，其中R是压敏电阻，电磁铁上端是　　极。电梯无乘客时，电磁铁磁性极弱，衔铁与触点1接触；当有乘客时，R的阻值减小，磁性变　　（选填“强”或“弱”），使衔铁与接触点2接触，通过电动机的电流变　　（选填“大”或“小”），电动机转动变快，使电梯运动变快。22．（分）（2018•广西）如图所示，桌子上有一个底面积为2×10﹣2m2、内盛有某液体的圆柱形容器，物块A（不吸液体）漂浮在液面上，则A的密度　　（选填“大于”、“小于”“等于”）液体的密度，若A的密度为×103kg/m3，体积为4×10﹣4m3则A的质量为　　kg．现用力压A，使其缓慢向下，直到恰好浸没在液体中（液体未溢出），此时液体对容器底部压强增大了80Pa，则该液体的密度为　　kg/m3。　三、作图与简答题（共8分）请把答案直接填写在答题卡相同的位置上．23．（分）（2018•广西）在图中画出南瓜受到重力G的示意图。24．（分）（2018•广西）用笔画线代替导线将图中的电灯、开关接入家庭电路。25．（分）（2018•广西）夏天，冰淇淋从冰箱取出来后不久，其包装纸表面会变湿，这是为什么把装水的玻璃瓶密封后放入冰箱的冷冻段时间。玻璃容易破裂，这又是为什么请用学过的物理知识解释这两个现象。　四、实验与探究题（共20分）请把答案直接填写在答题卡相应的位置上26．（分）（2018•广西）利用图15装置进行探究光的反射规律实验（1）让一束光贴着纸板A沿EO方向射向镜面，在纸板B上可看到光线沿OF方向射出，在纸板上：用笔描出光线EO和OF的轨迹，则EO与垂直镜面的直线ON的夹角i是选填　　。（“入射角”成“反射角”）（2）多次改变入射角的大小，测得实验数据如下表序号∠i∠r130°30°245°45°350°50°分析数据可得：反射角　　（选填“大于”、“小于”或“等于”）入射角：当入射角变大时，光线OF　　（选填“远离”或“靠近”）直线ON。（3）以直线ON为轴线。把纸板B向前或向后折，在纸板B上　　（选填“能”或“不能”）看到反射光线OF，由此说明反射光线、入射光线与法线在　　（选填“同一”或“不同”）平面内。（4）实验中，从教室各个方向都能见察到粗糙纸板表面反射的光线，这种反射属于　　（选填“镜面反射”或“漫反射）27．（分）（2018•广西）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，提出如下猜想猜想1：浮力的大小可能与液体的密度有关猜想2：浮力的大小可能与物体的重力有关猜想3：浮力的人小可能与物体的形状有关猜想4：浮力的大小可能与排开液体的体积有关（1）如图1所示，用手把饮料罐按入水中，饮料料罐浸入水中越深，手会感到越吃力。这个事实可以支持以上猜想　　（选填序号）（2）为了研究猜想1和猜想2，运用了体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N，和5N．然后进行如图2所示的实验。①在序号a的实验中物所受的浮力为　　N。②比较序号　　，　　，e的三次实验，可得出初步结论：浮力大小与液体密度有关。③进一步分析可知：液体的密度越大，物体所变的浮力越　　；④比较序号a、b、c的三次实验，可得出结论：浮力的大小与物体的重力　　关。（3）为了研究猜想3，小明用两块相同的橡皮泥分别捏成圆锥体和圆柱体进行如图3所示的实验、由此小明得出的结论是：浮力的大小与物体的形状有关，小珍认为这结论不可靠，主要原因是　　。28．（分）（2018•广西）在测量小灯泡的电阻的实验中，小灯泡的额定电压为。（1）为了测量更精确。电压表应选择的量程是0﹣　　（选填“3”或“15”）V。（2）小明按图甲连接好电路后，闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡都不亮，电流表有示数，电压表无示数。则故障原因可能是小灯泡　　（选填“短路”或“断路”）（3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为，此时电流表的示数如图乙所示，为　　A。（4）接着调节滑动变阻器滑片，让电压逐次下调，使灯丝温度不断降低，小灯泡变暗直至完全不发光，测量数据如下表所示。实验次数1234567电压U/V电流I/A综合分析可知，实验中滑动变阻器的滑片逐渐向　　（选填“左”或“右“）端滑动：随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变　　（选填“大”或“小”）。（5）小明还设计了如图丙所示的电路，测出另一小灯泡的额定功率。已知滑动变阳器R1的最大阻值为R0，小灯泡的额定电压为U额．请完成下列实验步骤：①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额；②接着　　；③调节R1的滑片调至最左端，记下电压表示数U1；将R1的滑片调至最右端，记下电压表示数为U2，小灯泡额定功率的表达式：P=　　（用R0、U额，U1、U2表示）　五、计算应用题（25分）解答时 要求 对教师党员的评价套管和固井爆破片与爆破装置仓库管理基本要求三甲医院都需要复审吗 在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后容案，未写出主要演算过程的，不得分，答案必须写出明确数值和单位）.29．（分）（2018•广西）如图是一款新研发的机器人。若机器人重为15N，与地面的接触面积是1×10﹣3m2，牵引力大小是I0N、机器人在水平地面上沿直线行走l0m，用时100s。求：（1）机器人行走的平均速度；（2）机器人牵引力做的功；（3）机器人静止时对水平面的压强。30．（分）（2018•广西）如图甲是定值电阻R0和有“6V6W”灯泡L的信息图象。将它们接入图乙所示的电路，其中电源电压不变，滑动变阻器R最大阻值为8Ω，当只闭合开关S、S1，滑片P位于R最右端时，灯泡L的实际功率为lW．求：（1）R0的阻值；（2）灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量；（3）电源电压；（4）电路消耗的最大电功率。31．（分）（2018•广西）如图所示，实心物体A漂浮在水面上，现利用电动机通过滑轮组拉动A，使A向下运动。已知A的体积为1m3，密度为×103kg/m3．动滑轮重为1×103N，电动机工作时拉绳子的功率为×103w且保持不变，不计绳重、摩擦和水的阻力，求：（1）A的重力；（2）A浸没在水中受到的浮力；（3）A向下运动的最小速度；（4）A向下运动过程中，滑轮组机械效率的最大值。　2018年广西北海市中考物理试卷参考答案与试题解析　一、单项选择题（每小题2分，共32分）每小题只有一个选项是正确的，请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑1．（分）（2018•广西）以下用品中，在通常情况下属于导体的是（　　）A．橡皮擦B．铅笔芯C．玻璃杯D．塑料尺【分析】容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体，根据导体和绝缘体的定义即可作出判断。【解答】解：A、橡皮擦不容易导电，属于绝缘体，故A错误；B、铅笔芯的材料是碳，容易导电，属于导体，故B正确；C、玻璃杯不容易导电，属于绝缘体，故C错误；D、塑料尺不容易导电，属于绝缘体；故D错误。故选：B。【点评】此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的 内容 财务内部控制制度的内容财务内部控制制度的内容人员招聘与配置的内容项目成本控制的内容消防安全演练内容 ，比较简单。　2．（分）（2018•广西）如图所示，能解释“手影”形成的是（　　）A．光的反射B．光的折射C．光的直线传播D．平面镜成像【分析】手影是光在传播过程中，被手阻挡而形成了影子。【解答】解：手影是光的直线传播形成的，是光在直线传播的过程中无法绕过手而射向后面，所以形成了影子。故选：C。【点评】只要物体阻挡了光都会留下影子，这些影子都是光的直线传播形成的。　3．（分）（2018•广西）关于安全用电，下列说法正确的是（　　）A．用湿布擦工作中的用电器B．维修家用电器前要切断电源C．发现有人触电时，立即用手把人拉开D．在户外遇到需雨天气时，躲在树下最安全【分析】（1）湿布是导体，擦洗正在工作的用电器，容易造成触电；（2）维修家用电器前要切断电源，以防触电；（3）一旦有人触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源；（4）当雷雨天，人如果在大树下避雨，雷电电流通过大树就会传下来。在传下来的过程中电弧放电打在人的头上，又通过人体一直传到地下去，而这样就造成了雷电灾害；【解答】解：A、湿布是容易导电的物体，用湿布擦拭正在工作的用电器，容易引起人体触电，故A错误；B、检查维修家用电器时，应将电源断开，以免触电，故B正确；C、发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，会使救人者触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源，故C错误；D、雷雨天，人如果在大树下避雨，可能造成雷击，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电！　4．（分）（2018•广西）下列估测最符合实际的是（　　）A．一个苹果的质量约为500gB．人的正常体温约为37℃C．一支铅笔的长度约为mD．一节干电池的电压约为5V【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、三个苹果的质量约1斤=500g，一个苹果的质量在150g左右。故A不符合实际；B、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故B符合实际；C、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，一支铅笔的长度略小于此数值，在17cm=左右。故C不符合实际；D、一节干电池的电压是．故D不符合实际。故选：B。【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。　5．（分）（2018•广西）如图所示，在探究“串联电路电压的关系”时，闭合开关S后，电压表V1的示数是，V2的示数是，则电压表V3的示数是（　　）A．B．C．D．【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测L1两端的电压，电压表V2测L2两端的电压，电压表V3测电源的电压，根据串联电路的电压特点可知电压表V3的示数。【解答】解：由电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测L1两端的电压，电压表V2测L2两端的电压，电压表V3测电源的电压，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电压表V3的示数即电源的电压为：U3=U1+U2=+=。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的电压特点，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。　6．（分）（2018•广西）下列有关声的说法，正确的是（　　）A．老师讲课的声音是由声带的振动产生的B．学校附近禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声C．“闻其声，知其人”是根据声音的音调判断的D．医生通过听诊器给病人诊病是利用声波传递能量【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；（2）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声。（3）声音三个特性：音调、响度和音色。音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声体的振幅有关；音色跟发声体的材料和结构有关；（4）声音可以传递信息和能量。【解答】解：A、老师讲课的声音是由声带振动产生的，故A正确；B、“禁止鸣笛”，是在声源处减弱噪声，故B错误；C、不同人的音色不同，因此“闻其声而知其人”是根据声音的音色来判断的，故C错误；D、医生通过听诊器给病人诊病是利用超声波可以传递信息，故D错误。故选：A。【点评】本题综合了声音的多个知识点，要结合相关的物理知识，仔细分析每一种情况的对错。　7．（分）（2018•广西）如图所示，使用手机摄像头扫描維码时，成缩小的实像。下列仪器成像特点与其相同的是（　　）A．放大镜B．照相机C．投影仪D．显微镜【分析】根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机。2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机。u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。【解答】解：已知手机摄像头是一个凸透镜，使用手机摄像头扫描維码时，成缩小的实像。A、放大镜是利用凸透镜成正立、放大的虚像工作的。不符合题意。B、照相机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像工作的。符合题意；C、投影仪利用凸透镜成倒立、放大的实像工作的。不符合题意。D、由显微镜成像原理知：物体经物镜折射后，成倒立放大的实像，这个像正好处在目镜的焦点之内，又经目镜成正立、放大的虚像，此时的目镜相当于一个放大镜；不符合题意。故选：B。【点评】此题主要考查了对凸透镜成像规律的应用。知道当物距大于2f时成缩小、倒立的实像，并根据其制成了照相机。　8．（分）（2018•广西）体育测试中，小明立定跳远的运动轨迹如图所示，他在上升过程中（　　）A．动能减小B．动能增大C．重力势能减小D．重力势能不变【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。【解答】解：小明在上升过程中质量不变，速度变小，动能变小，同时高度升高，重力势能增大。故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。　9．（分）（2018•广西）“发电鞋”是一种新型科研产品，其内部安装有磁铁和线圈，当人行走时带动磁铁运动，线圈中就产生了感应电流，“发电鞋”的工作原理（　　）A．电磁感应B．电流的磁效应C．电流的热效应D．磁场对电流的作用【分析】电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，导体中会有感应电流产生，把机械能转化为电能；据此分析其工作原理。【解答】解：由题意可知，人在行走时，人体带动磁铁运动，磁铁产生的磁场通过线圈，从而产生感应电流，所以“发电鞋”是利用电磁感应原理制成的；故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】本题主要考查了电磁感应原理的应用，明确“发电鞋”的工作原理是解答此题的关键。　10．（分）（2018•广西）生活中的热现象随处可见，下列说法不正确的是（　　）A．夏天洒水降温，是利用水蒸发吸热B．冬天握手取暖，说明做功可以改变内能C．海边昼夜温差小，是因为海水的比热容小D．端午节米棕飘香，说明分子不停做热运动【分析】（1）水蒸发时会吸收热量；（2）改变物体内能有两种 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 ，做功和热传递；（3）水的比热容大，在同样吸放热条件下水的温度变化小；（4）分子在做永不停息的无规则运动。【解答】解：A、炎热的夏天，往室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度。故A正确；B、冬天搓手取暖，两手摩擦做功，手的内能增加温度升高，说明做功可以改变内能。故B正确；C、沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小。故C错误；D、端午粽子飘香，说明粽子的香味分子在做永不停息的无规则运动。故D正确。故选：C。【点评】此题考查了生活中的热现象，正确、全面理解概念和基本规律是解答的基础。　11．（分）（2018•广西）如图是一款既能健身又低碳的“共享单车”，它是互联网、智能手机、GPS定位系統和单车的资源整合，关于“共享单车“，下列说法正确的是（　　）A．单车手把上的花纹是为了减小摩擦B．单车坐垫设计为较宽，目的是为了增大压强C．以行驶单车为参照物，路边的房屋是静止的D．GPS通过电磁波把单车的位置信息传递统信息处理中心【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；（2）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。（3）判断物体是运动还是静止，就看被研究的物体相对于参照物的位置是否发生变化；（4）电磁波能传递信息。【解答】解：A、单车的轮胎上的花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故A错误；B、单车坐垫设计为较宽，目的是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B错误；C、以行驶的单车为参照物，路边的房屋与单车之间发生了位置变化，是运动的。故C错误；D、GPS是通过电磁波把单车的位置信息传递给信息处理中心的，故D正确；故选：D。【点评】本题考查了增大摩擦的方法、减小压强的方法、运动状态的判定、电磁波的应用等，综合性性强，难度不大，属于基础知识考查。　12．（分）（2018•广西）“歼15”飞机在“辽宁号”航母上进行起降训练。下列说法正确的是（　　）A．飞机减速降落，机械能增大B．飞机静止在航母上，没有惯性C．飞机加速起飞，运动状态保持不变D．飞机空中飞行，机翼上方空气流速大压强小【分析】（1）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能；（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大；（3）运动状态改变是指速度大小的改变、运动方向的改变或者二者同时改变；（4）飞机机翼上下不对称的设计，应用了流体压强与流速的关系。气体和液体称为流体，常见的流体是空气和水，流体流速大，压强小。【解答】解：A、飞机减速降落的过程中，质量不变，速度减小，动能减小，同时高度减小，重力势能减小，动能和势能之和为机械能，所以机械能减小，故A错误；B、物体在任何时候都有惯性，停在甲板上的飞机仍然具有惯性，故B错误；C、飞机起飞的过程中，速度越来越块，飞机的运动状态改变了，故C错误；D、等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于机翼上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，使飞机受到一个向上的升力，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了惯性现象、机械能的影响因素、流体压强与流速的关系，运动状态的判断，有一定综合性，难度不大。　13．（分）（2018•广西）甲、乙两种物体的质量和体积的关系图象如图所示，则甲、乙两物体的密度之比是（　　）A．8：1B．4：3C．4：1D．2：1【分析】从图象中读出任意一组数据，根据ρ=求出两物体的密度，然后得出两者的密度之比。【解答】解：由图象可知，当V甲=1cm3时，m甲=8g；当V乙=4cm3时，m乙=4g，则两种物体的密度分别为：ρ甲===8g/cm3，ρ乙===1g/cm3，则ρ甲：ρ乙=8g/cm3：1g/cm3=8：1。故选：A。【点评】本题考查了密度比值的计算，从图象中获取有用的信息是关键。　14．（分）（2018•广西）如图所示，汽车装有日间行车灯可以提高行车安全，当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1立即亮起：再闭合S2车前大灯L2也亮起。符合这一情况的电路图是（　　）A．B．C．D．【分析】由题意可知，当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1立即亮起，再闭合S2，近灯光L2也亮起，说明L1与L2可以独立工作、互不影响即为并联，且S1位于干路，S2位于L2支路，据此分析选项得出答案。【解答】解：A．由电路图可知，只闭合S1时，两灯泡均不亮，故A不符合题意；B．由电路图可知，只闭合S1时，两灯泡都亮，再闭合S2时，L1不亮，故B不符合题意；C．由电路图可知，只闭合S1时，近灯光L2亮，再闭合S2时，日间行车灯L1亮，故C不符合题意；D．由电路图可知，只闭合S1时，日间行车灯L1亮，再闭合S2时，近灯光L2亮，故D符合题意。故选：D。【点评】本题考查了串并联电路的设计，对于该题型的题目可以根据题意找出符合要求的电路图即可。　15．（分）（2018•广西）如图所示电路，电源电压保持不变，开关S闭合后，再闭合开关S1时，发生变化的是（　　）A．灯L的亮度B．电压表V的示数C．电流表A的示数D．电流表A1的示数【分析】（1）分析开关闭合后电路的连接及电表测量的电压；再分析合开关S1时电路的连接，及各表测量的量，根据电源电压不变分析电压表示数变化；（2）根据P=，分析灯的功率变化确定灯的亮度变化；由欧姆定律，分析A1的示数变化；根据并联电路电流的规律，分析电流表A的示数变化。【解答】解：（1）开关S闭合后，电路为灯的简单电路，两电流表串联都测灯的电流，电压表测电源电压；再闭合开关S1时，灯与电阻并联，电流表A1测灯的电流，电流表A测并联电路的总电流，电压表仍然测电源电压，所以电压表V的示数保持不变；（2）灯泡两端的电压始终等于电源电压，由欧姆定律可知，通过灯泡的电流不变，即A1的示数不变；根据P=可知，灯的实际功率不变，故灯的亮度不变；根据并联电路电流的规律可知，干路电流增大，即电流表A的示数变大，所以，发生变化的是电流表A的示数，故选C。故选：C。【点评】本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用和影响灯的亮度的因素，难度中等。　16．（分）（2018•广西）在探究“杠杆平衡条件“实验中，杠杆在力F作用下水平平衡，如图所示，现将弹簧测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，杠杆始终保持水平平衡，则拉力F与其力臂的乘积变化情况是（　　）A．一直变小B．一直变大C．一直不变D．先变小后变大【分析】在测力计转动过程中，钩码的重力不变，其力臂OA不变，根据杠杆的平衡条件分析拉力F与其力臂的乘积变化情况。【解答】解：将测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，钩码的重力不变，其力臂OA不变，即阻力与阻力臂的乘积不变；由于杠杆始终保持水平平衡，所以根据杠杆的平衡条件可知，拉力F与其力臂的乘积也是不变的。故选：C。【点评】本题考查了杠杆平衡条件的分析，属于基础知识。　二、填空题17．（分）（2018•广西）用吸管“吸”盒装牛奶时，牛奶是在　大气压　作用下被“吸“入口中的；吸完牛奶后，盒子变扁了，说明力可以改变物休的　形状　。【分析】（1）大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。（2）力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。【解答】解：（1）用吸管“吸”牛奶时，吸管内气压减小，小于外界大气压，牛奶在大气压的作用下被“吸”入口中的；（2）吸完牛奶后，盒子变扁了，说明力可以改变物体的形状。故答案为：大气压；形状。【点评】本题考查大气压的综合应用和力的作用效果，重点考查了学生用物理知识解决实际问题的能力，把难度不大，属于基础题目。　18．（分）（2018•广西）海波在熔化过程中不断吸热，温度　不变　（选填“升高“或“不变”）；说明海波属于　晶体　（选填“晶体”或“非晶体”）【分析】晶体和非晶体的重要区别：晶体有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点；晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是晶体的熔点。【解答】解：海波在熔化过程中，不断吸收热量，温度不变，有固定的熔点，所以海波是晶体。故答案为：不变；晶体。【点评】本题考查晶体与非晶体的区别，是一道基础题。　19．（分）（2018•广西）如图所示，磁悬浮地球仪应用了　同　（选填“同”或“异”）名磁极相互排斥的规律：磁悬浮地球仪悬浮静止时，底座对地球仪的斥力与地球仪受到的重力　是　（选填“是“或“不是”）一对平衡力。【分析】从图可知：球体与底座是相互分离的，故可判断球体与底座是相互排斥的；在平衡力的作用下，物体保持静止或做匀速直线运动。【解答】解：因为球体与底座是相互分离的，所以球体与底座之间是相互排斥的，即该悬浮地球仪是利用的同名磁极相互排斥的原理制成的；因为球体静止在空中时受两个力的作用，一个是竖直向下的重力，一个是竖直向上的底座对它的斥力。在这两个力的作用下地球仪保持静止，所以这两个力是一对平衡力。故答案为：同；是。【点评】此题考查了磁极间相互作用及二力平衡条件的应用，是一道基础题，难度不大。　20．（分）（2018•广西）可燃冰，石油、煤都属于　不可　（选填“可“或“不可”）再生能源。若可燃冰的热值为4×107J/m3，完全燃烧lm3的可燃冰可放出的热量是　4×l07　J，这些热量有60%被水吸收，可把　　kg的水从20℃加热到80℃．[水的比热容C=×103J/（kg•℃）]【分析】（1）能够短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源，短时间内从自然界得不到补充的是不可再生能源；（2）利用Q放=Vq求完全燃烧1m3的天然气放出的热量；（3）由题知Q吸=60%×Q放，求出水吸收的热量；再根据Q吸=cm△t公式变形可求得可使多少kg的水从20℃加热至80℃。【解答】解：（1）可燃冰、石油、煤开发使用后，会越来越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们都属于不可再生能源；（2）1m3天然气完全燃烧产生热量：Q放=Vq=1m3×4×107J/m3=4×107J；（3）由题知，水吸收的热量：Q吸=60%×Q放=60%×4×107J=×107J；由Q吸=cm（t﹣t0）可得加热水的质量：m==≈。故答案为：不可；4×l07；。【点评】本题考查了学生对燃料分类、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式和密度公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。　21．（分）（2018•广西）图是智能扶手电梯工作原理图，其中R是压敏电阻，电磁铁上端是　S　极。电梯无乘客时，电磁铁磁性极弱，衔铁与触点1接触；当有乘客时，R的阻值减小，磁性变　强　（选填“强”或“弱”），使衔铁与接触点2接触，通过电动机的电流变　大　（选填“大”或“小”），电动机转动变快，使电梯运动变快。【分析】（1）利用安培定则判断电磁铁的极性。安培定则为：用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指所指的方向为螺线管的N极；（2）左侧为压敏电阻与电磁铁串联的控制电路，右侧为带动电梯运动的电动机工作电路，当衔铁与触点1接触时，R1与电机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻R1不连入，电动机两端电压增大。【解答】解：（1）读图可知，电流从电磁铁的上端流入，用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指所指的下方为螺线管的N极，则上端为S极；（2）当有人走上电梯后，压敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，电磁铁磁性变强，则衔铁被吸下，与触点2接触，则电阻R1不连入，电动机两端电压增大为电源电压，通过电动机的电流变大，电动机转速变快，使电梯运动变快。故答案为：S；强；大。【点评】本题考查应用物理知识解决实际问题的能力，关键是认清电路的构造，联系所学知识进行解答。　22．（分）（2018•广西）如图所示，桌子上有一个底面积为2×10﹣2m2、内盛有某液体的圆柱形容器，物块A（不吸液体）漂浮在液面上，则A的密度　小于　（选填“大于”、“小于”“等于”）液体的密度，若A的密度为×103kg/m3，体积为4×10﹣4m3则A的质量为　　kg．现用力压A，使其缓慢向下，直到恰好浸没在液体中（液体未溢出），此时液体对容器底部压强增大了80Pa，则该液体的密度为　×103　kg/m3。【分析】（1）由物块A（不吸液体）漂浮在液面上，根据漂浮时F浮=G，可知A的密度和液体的密度关系；（2）已知A的密度和体积，利用密度公式变形可求得其质量；（3）根据求得的A的质量，利用G=mg可求得其重力，根据漂浮时F浮=G，可知其浮力大小，然后利用F浮=ρ液gV排可求得V排表达式，然后求得液面上升的高度△h，根据此时液体对容器底部压强增大了80Pa，利用p=ρg△h可求得该液体的密度。【解答】解：（1）已知物块A（不吸液体）漂浮在液面上，则F浮=G，即ρ液gV排=ρAgVA，因为V排＜VA，所以ρ液＞ρA；（2）由ρ=可得，A的质量mA=ρAVA=×103kg/m3×4×10﹣4m3=；（3）物体A漂浮在液面上，则F浮=G，即ρ液gV排=ρAgVA，则V排=，现用力压A，使其缓慢向下，则液面上升的高度△h=VA﹣V排=4×10﹣4m3﹣=4×10﹣4m3﹣=4×10﹣4m3﹣，此时液体对容器底部压强增大了80Pa，则△p=ρ液g△h，即80Pa=ρ液×10N/kg×4×10﹣4m3﹣，解得ρ液=×103kg/m3。故答案为：小于；；×103kg/m3。【点评】本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、物体漂浮条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，这是中考必考题型，要熟练应用。　三、作图与简答题（共8分）请把答案直接填写在答题卡相同的位置上．23．（分）（2018•广西）在图中画出南瓜受到重力G的示意图。【分析】用一条带箭头的线段表示力的大小和方向即是力的示意图，重力的方向是竖直向下的，作用点在其重心上，重力的表示符号为G。【解答】解：由图可知，重力的作用点在其重心上，方向是竖直向下的，表示符号为G；如图所示：【点评】无论物体处于什么状态，物体所受重力的方向都是竖直向下的。　24．（分）（2018•广西）用笔画线代替导线将图中的电灯、开关接入家庭电路。【分析】先判断开关与灯泡的连接方式，然后再确定开关接灯泡的接线柱和接电源的火线还是零线，最后根据家庭电路的正确连接方法将灯泡和开关接入电路中。【解答】解：开关和灯泡应该串联连接，开关接灯泡顶部的接线柱，接电源的火线，确保开关断开时，灯泡不带电，灯泡的螺旋套接电源的零线。实物图如下：【点评】知道开关与控制的用电器串联连接，知道开关与电源的火线连接，知道家庭电路的正确连接方法。　25．（分）（2018•广西）夏天，冰淇淋从冰箱取出来后不久，其包装纸表面会变湿，这是为什么把装水的玻璃瓶密封后放入冰箱的冷冻段时间。玻璃容易破裂，这又是为什么请用学过的物理知识解释这两个现象。【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。（2）水凝固后，质量不变，密度变小，体积变大。【解答】答：（1）夏天，冰淇淋从冰箱取出来后不久，其包装纸表面会变湿，是空气中的水蒸气遇到温度低的冰淇淋包装纸，在其表面液化为小水滴。（2）把装水的玻璃瓶密封后放入冰箱的冷冻段时间，玻璃容易破裂，是由于水凝固后体积变大，将玻璃涨破。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。明确水结冰后的体积变化；可解答此题。　四、实验与探究题（共20分）请把答案直接填写在答题卡相应的位置上26．（分）（2018•广西）利用图15装置进行探究光的反射规律实验（1）让一束光贴着纸板A沿EO方向射向镜面，在纸板B上可看到光线沿OF方向射出，在纸板上：用笔描出光线EO和OF的轨迹，则EO与垂直镜面的直线ON的夹角i是选填　入射角　。（“入射角”成“反射角”）（2）多次改变入射角的大小，测得实验数据如下表序号∠i∠r130°30°245°45°350°50°分析数据可得：反射角　等于　（选填“大于”、“小于”或“等于”）入射角：当入射角变大时，光线OF　远离　（选填“远离”或“靠近”）直线ON。（3）以直线ON为轴线。把纸板B向前或向后折，在纸板B上　不能　（选填“能”或“不能”）看到反射光线OF，由此说明反射光线、入射光线与法线在　同一　（选填“同一”或“不同”）平面内。（4）实验中，从教室各个方向都能见察到粗糙纸板表面反射的光线，这种反射属于　漫反射　（选填“镜面反射”或“漫反射）【分析】（1）入射光线与法线的夹角为入射角；（2）根据表中数据可得出结论。（3）根据入射光线、反射光线和法线的关系进行分析，使光屏不在一个平面内，观察现象，得出结论。（4）漫反射和镜面反射的特点，以及根据不同的情况应用于生活中的不同的地方。【解答】解：（1）EO与垂直镜面的直线ON的夹角i是入射光线与法线的夹角为入射角；（2）由表中数据可知，多次改变入射光线的方向，反射角等于入射角；当入射角变大时，反射角也增大，故光线OF远离直线ON。（3）当两块硬纸板在一个平面内时，看以看到入射光线和反射光线，将硬纸板F向后折转一个角度后，看不到反射光线，由此说明入射光线、反射光线和法线在同一个平面内。（4）黑板上的字是为了各个方向的同学都能看见，所以光照到上面是发生了漫反射。故答案为：（1）入射角；（2）等于；远离；（3）不能；同一；（4）漫反射。【点评】实验题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力，本题考查了研究光的反射定律的实验。　27．（分）（2018•广西）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，提出如下猜想猜想1：浮力的大小可能与液体的密度有关猜想2：浮力的大小可能与物体的重力有关猜想3：浮力的人小可能与物体的形状有关猜想4：浮力的大小可能与排开液体的体积有关（1）如图1所示，用手把饮料罐按入水中，饮料料罐浸入水中越深，手会感到越吃力。这个事实可以支持以上猜想　4　（选填序号）（2）为了研究猜想1和猜想2，运用了体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N，和5N．然后进行如图2所示的实验。①在序号a的实验中物所受的浮力为　1　N。②比较序号　a　，　d　，e的三次实验，可得出初步结论：浮力大小与液体密度有关。③进一步分析可知：液体的密度越大，物体所变的浮力越　大　；④比较序号a、b、c的三次实验，可得出结论：浮力的大小与物体的重力　无　关。（3）为了研究猜想3，小明用两块相同的橡皮泥分别捏成圆锥体和圆柱体进行如图3所示的实验、由此小明得出的结论是：浮力的大小与物体的形状有关，小珍认为这结论不可靠，主要原因是　没有控制变量唯一　。【分析】（1）浮力是竖直向上的，根据手的感觉来感知浮力的变化；通过水面的变化来判断物体排开液体体积的关系；从而提出浮力和物体排开液体体积关系的猜想；（2）①根据称量法算出浮力；②③根据控制变量法分析，要探究浮力大小与液体密度的关系，需要控制同一物体、排开液体的体积相同，改变液体的密度，找出符合要求的图即可，进一步分析得出结论；④比较序号为a、b、c的三次实验的物体所受浮力的大小变化和变化的因素，得出浮力物体的重力之间的关系；（3）利用控制变量法分析小明同学的方案，即可判断不可靠的原因。【解答】解：（1）用手把空的饮料罐按入水中，手就会感受到竖直向上的浮力，越往下按，浮力越大，手会感到越吃力，；空饮料罐向下按入的过程中，水面会升高，空饮料罐排开水的体积比较大；由此得出猜想：浮力的大小与物体排开液体的体积有关，即这个事实可以支持猜想4。（2）①物体的重力为G，a中弹簧测力计的示数为3N，则物体受到的浮力为：F浮水=G﹣F=4N﹣3N=1N；②要探究浮力大小与液体密度的关系，需要控制同一物体、排开液体的体积相同，改变液体的密度，图中a、d、e三图符合要求；③a图物体浸没在水中，受到的浮力为：F浮水=G﹣F=4N﹣3N=1Nd图物体浸没在酒精中，受到的浮力为：F浮酒=G﹣F′=4N﹣=；e图中物体浸没在盐水中，受到的浮力为：F浮盐=G﹣F″=4N﹣=；所以同一物体在盐水浮力最大、酒精中受到的浮力最小，又因为盐水的密度最大，酒精的密度最小，所以可以得出：液体的密度越大，物体所变的浮力越大；④序号为a、b、c的三次实验中，物体的体积和浸没的液体都相同，不同因素是物体的重力；由图可知测力计的示数分别为：3N、、4N，而三个圆柱形物体A、B、C的重分别为4N、和5N，根据称重法F浮=G﹣F，则所受浮力分别为1N、1N、1N，可见浮力相等，于是可得结论是：浮力的大小与物体的重力无关；（3）根据控制变量法知：要研究浮力大小与物体形状的关系，必须保证排开液体的体积和液体的密度不变，小明实验中改变了形状，但没有控制排开水的体积相同，故小珍认为小明的结论不可靠，不可靠主要原因为没有控制变量唯一（没有控制排开液体的体积相同）。故答案为：（1）4；（2）①1；②a；d；③大；④无；（3）没有控制变量唯一。【点评】本题考查了控制变量法在实验探究中的应用和称重法的应用，如果一个现象受到多个因素的影响，研究其中一个因素的作用时，一定采用控制变量法，一定要注意保证其它因素是相同的。　28．（分）（2018•广西）在测量小灯泡的电阻的实验中，小灯泡的额定电压为。（1）为了测量更精确。电压表应选择的量程是0﹣　3　（选填“3”或“15”）V。（2）小明按图甲连接好电路后，闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡都不亮，电流表有示数，电压表无示数。则故障原因可能是小灯泡　短路　（选填“短路”或“断路”）（3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为，此时电流表的示数如图乙所示，为　　A。（4）接着调节滑动变阻器滑片，让电压逐次下调，使灯丝温度不断降低，小灯泡变暗直至完全不发光，测量数据如下表所示。实验次数1234567电压U/V电流I/A综合分析可知，实验中滑动变阻器的滑片逐渐向　左　（选填“左”或“右“）端滑动：随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变　小　（选填“大”或“小”）。（5）小明还设计了如图丙所示的电路，测出另一小灯泡的额定功率。已知滑动变阳器R1的最大阻值为R0，小灯泡的额定电压为U额．请完成下列实验步骤：①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额；②接着　保持变阻器R1的滑片位置不动，断开S1闭合S2，移动变阻器R2使电压表不变　；③调节R1的滑片调至最左端，记下电压表示数U1；将R1的滑片调至最右端，记下电压表示数为U2，小灯泡额定功率的表达式：P=　（U1﹣U2）　（用R0、U额，U1、U2表示）【分析】（1）根据灯的额定电压为3V确定选择的量程；（2）逐一分析每个答案，找出符合题意的选项；（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数；（4）根据表中数据，电路中的电流越来越小，由欧姆定律分析电路的总电阻越来越大，确定实验中滑动变阻器的滑片滑动的方向；根据表中数据，由欧姆定律，R=，分别求出灯的电阻大小，据此分析回答；（5）根据P=，在只有电压表情况下，测量出灯正常发光的电阻即可；①可只闭合小灯泡所在支路，通过调节滑动变阻器R1使灯泡两端电压为额定电压，灯正常光；②保持变阻器R1的滑片位置不动，只闭合R2所在支路，通过调节滑动变阻器R2使R3两端电压为小灯泡的额定电压，根据等效法，此时滑动变阻器R2连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻大小；③为求出此时滑动变阻器R2使连入电路中的电阻：将R1的滑片P先调至最左端，再将R1的滑片P调至最右端，分别记下电压表的示数，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R2的大小，即小灯泡电阻的大小，再利用P=，求出小灯泡额定功率。【解答】解：（1）灯的额定电压为3V，故为了测量更精确电压表应选择的量程是0﹣3V。（2）若小灯泡短路，灯不亮，电路为通路，电流表有示数，电压表没有示数，符合题意；若小灯泡断路，则电压表串联在电路中，电流表没有示数，电压表与电源连通测电源电压（不变）有示数，不符合题意；则故障原因可能是小灯泡短路；（3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为，此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为，为；（4）根据表中数据，电路中的电流越来越小，由欧姆定律，电路的总电阻越来越大，故实验中滑动变阻器的滑片逐渐向左端滑动；根据表中数据，由欧姆定律，R=，灯的电阻分别为Ω、Ω、Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣Ω，根据P=UI，灯的功率越来越小，随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变小；①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额；②接着，保持变阻器R2的滑片位置不动，再断开S1闭合S2，移动变阻器R2使电压表不变；根据等效替代的方法，此时R2=RL；③将R1的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R1的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，在③中，将R1的滑片P调至最左端，R1连入电路中的电阻为0，电压表的示数为U1即为电源电压；再将R1的滑片P调至最右端，此时两变阻器串联，电压表的示数为U2，即为R2的电压，根据串联电路电压的规律和欧姆定律有：=，解得，R2=R1﹣﹣﹣﹣﹣①；小灯泡额定功率的表达式：P==﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，由①②得：P=（U1﹣U2）。故答案为：（1）3；（2）短路；（3）；（4）左；小；（5）②保持变阻器R1的滑片位置不动，断开S1闭合S2，移动变阻器R2使电压表不变；③（U1﹣U2）。【点评】本题测灯的电阻，考查器材的选择、故障分析、电流表读数、影响电阻大小的因素，同时也考查利用等效替代法求电阻和设计实验方案测电功率的能力，综合性强，难度大。　五、计算应用题（25分）解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后容案，未写出主要演算过程的，不得分，答案必须写出明确数值和单位）.29．（分）（2018•广西）如图是一款新研发的机器人。若机器人重为15N，与地面的接触面积是1×10﹣3m2，牵引力大小是I0N、机器人在水平地面上沿直线行走l0m，用时100s。求：（1）机器人行走的平均速度；（2）机器人牵引力做的功；（3）机器人静止时对水平面的压强。【分析】（1）利用速度公式求机器人行走的平均速度；（2）利用W=Fs求机器人牵引力做的功；（3）机器人静止时对水平面的压力等于自身重力，知道受力面积，利用p=求对地面的压强。【解答】解：（1）机器人行走的平均速度：v===s；（2）机器人牵引力做的功：W=Fs=10N×10m=100J；（3）机器人静止时对水平面的压力：F=G=15N，受力面积S=1×103m2，对地面的压强：p===×104Pa。答：（1）机器人行走的平均速度为s；（2）机器人牵引力做的功为100J；（3）机器人静止时对水平面的压强为×104Pa。【点评】本题考查了速度公式、功的公式、压强公式的应用，注意：机器人静止时对水平面的压力等于自身重力。　30．（分）（2018•广西）如图甲是定值电阻R0和有“6V6W”灯泡L的信息图象。将它们接入图乙所示的电路，其中电源电压不变，滑动变阻器R最大阻值为8Ω，当只闭合开关S、S1，滑片P位于R最右端时，灯泡L的实际功率为lW．求：（1）R0的阻值；（2）灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量；（3）电源电压；（4）电路消耗的最大电功率。【分析】（1）由图甲可求R0的电阻；（2）根据Q=Pt可求灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量；（3）当只闭合开关S、S1，滑片P位于R最右端时，灯泡L与R最值串联，灯泡L的实际功率为lW，由图甲可得UL，IL，再根据欧姆定律可求R两端的电压，电源电压等于灯泡L的电压与R两端的电压之和；（4）电路消耗的最大电功率，根据P=分析解答。【解答】解：（1）由图甲，根据欧姆定律，R0的电阻：R0===10Ω；（2）灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量：Q=Pt=6W×100s=600J；（3）当只闭合开关S、S1，滑片P位于R最右端时，灯泡L与R最大值串联，灯泡L的实际功率为lW，由图甲可得，UL=2V，IL=，由I=可得滑动变阻器两端的电压：UR=IR=ILR=×8Ω=4V，电源电压等于灯泡L的电压与R两端的电压之和，U=UL+UR=2V+4V=6V；（4）根据