2019版高考生物一轮总复习综合练习3遗传定律20180705271

PAGEPAGE13遗传定律1．(2018年湘中名校联考)白化病是常染色体上的隐性遗传病。一对表现正常的夫妇，生了一个患白化病的女儿。请问这对夫妇再生一个孩子是正常男孩的概率是多少？控制白化病的基因遵循什么遗传规律？(　　)A．1/4，分离定律B．3/8，分离定律C．1/4，自由组合定律D．3/8，自由组合定律2．(2018年江西联考)孟德尔一对相对性状的豌豆杂交实验和摩尔根证明基因在染色体上的实验在F2表现的结果有差异，原因是(　　)A．前者有基因分离过程，后者没有B．前者相对性状差异明显，后者不明显C．前者使用了假说—演绎法，后者没使用D．前者体细胞中基因成对存在，后者不一定3．(2017年山东潍坊阶段检测)科学研究过程一般包括发现问 题 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 、提出假设、实验验证、数据分析、得出结论等。在孟德尔探究遗传规律的过程中，使孟德尔发现问题的现象是(　　)A．等位基因随同源染色体分开而分离B．具一对相对性状亲本杂交，F2表现型之比为3∶1C．F1与隐性亲本测交，后代表现型之比为1∶1D．雌雄配子结合的机会均等4．(2018年浙江温州联考)现用山核桃的甲(AABB)、乙(aabb)两品种作为亲本杂交得F1，F1测交结果如下表，下列有关选项正确的是(　　)测交类型测交后代基因型种类及比例父本母本AaBbAabbaaBbaabbF1乙1222乙F11111A.正反交结果不同，说明该两对基因的遗传不遵循自由组合定律B．F1自交得F2，F2的表现型比例是9∶3∶3∶1C．F1花粉离体培养，将得不到四种基因型的植株D．F1产生的AB花粉50%不能萌发，不能实现受精5．(2018年河北枣强月考)下列各项的结果中，不可能出现3∶1比值的是(　　)A．15N的DNA在14N培养液中复制三次，子代中不含15N的DNA与含15N的DNA数量之比B．黄色圆粒豌豆(YyRr)与黄色圆粒豌豆(YyRR)杂交子代的性状分离之比C．三肽形成过程中所需的氨基酸数和形成的肽键数之比D．动物的一个卵原细胞经减数分裂形成的第二极体与卵细胞的数目之比6．(2018年江西新余段考)一豌豆杂合子(Aa)植株自交时，下列叙述错误的是(　　)A．若自交后代基因型比例是2∶3∶1，可能是含有隐性配子的花粉50%的死亡造成的B．若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是含有隐性配子的胚有50%的死亡造成的C．若自交后代的基因型比例是4∶4∶1，可能是含有隐性配子的纯合体有50%的死亡造成的D．若自交后代的基因型比例是1∶2∶1，可能是含有隐性配子的极核有50%的死亡造成的7．(2018年河南郑州月考)人类的皮肤含有黑色素，皮肤中黑色素的多少由两对独立遗传的基因(A和a，B和b)所控制，显性基因A和B可以使黑色素量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。一个基因型为AaBb的男性与一个基因型为AaBB的女性结婚，下列关于其子女中皮肤颜色深浅的描述中错误的是(　　)A．可产生4种表现型B．与亲代AaBB表现型相同的有1/4C．肤色最浅的孩子基因型是aaBbD．与亲代AaBb皮肤颜色深浅一样的有3/88．(2018年河南新乡月考)已知果蝇的长翅和残翅是一对相对性状，控制这对性状的基因位于常染色体上。现让纯种的长翅果蝇和残翅果蝇杂交，F1全是长翅。F1自交产生F2，将F2的全部长翅果蝇取出，让其雌雄个体彼此间自由交配，则后代中长翅果蝇占(　　)A．2/3B．5/6C．8/9D．15/169．(2018年江西南昌联考)基因A、B、C分别控制酶1、酶2和酶3的合成，可将一原本无色的物质转变为黑色素，即无色物质eq\o(――→,\s\up7(酶1))X物质eq\o(――→,\s\up7(酶2))Y物质eq\o(――→,\s\up7(酶3))黑色素。则基因型为AaBbCc的两个个体交配，出现黑色子代的概率为(　　)A．1/64B．3/64C．27/64D．9/6410．(2017年新课标Ⅲ卷)下列有关基因型、性状和环境的叙述，错误的是(　　)A．两个个体的身高不相同，二者的基因型可能相同，也可能不相同B．某植物的绿色幼苗在黑暗中变成黄色，这种变化是由环境造成的C．O型血夫妇的子代都是O型血，说明该性状是由遗传因素决定的D．高茎豌豆的子代出现高茎和矮茎，说明该相对性状是由环境决定的选择题答题卡题号12345678910答案11.(2018年辽宁葫芦岛模拟)玉米为二倍体植物(2n＝20)，其性别决定受两对基因(B－b，T－t)的支配，这两对基因位于非同源染色体上，玉米植株的性别和基因型的对应关系如下表，请回答下列问题：基因型B和T同时存在(B_T_)T存在，B不存在(bbT_)T不存在(B_tt或bbtt)雌雄同株异花雄株雌株(1)对玉米进行基因组测序，需要测玉米____________条染色体上的DNA。(2)基因型为bbTT的雄株与BBtt的雌株杂交得到F1，F1自交得到F2，则F2中雌雄同株个体占__________，雄株个体占__________________。(3)如果子代全为雄株，则纯合亲本的基因型为：父本__________，母本____________。(4)若基因型为BbTt的个体与杂合雄株杂交，则后代中雄株占______________。12．(2018年云南昭通统一检测)为培育具有较高观赏和经济价值的白玫瑰，某植物园进行了杂交实验，结果如下表所示：父本母本子代甲红玫瑰红玫瑰298红玫瑰、101白玫瑰乙白玫瑰白玫瑰红玫瑰、白玫瑰(未统计数量比)丙红玫瑰白玫瑰红玫瑰、白玫瑰(未统计数量比)丁红玫瑰红玫瑰全红玫瑰(1)假设玫瑰花色仅受一对等位基因控制，则依据______组对显隐性的判断可知此假设不成立。(2)某同学对该实验现象提出以下两种假说：假说一：花色性状由三个等位基因(N＋、N、n)控制，其中N决定白色，N＋和n都决定红色，N＋相对于N、n是显性，N相对于n是显性。若该假说正确，则甲组两个亲代红玫瑰花的基因型组合方式有____种情况，试写出其中的一种组合方式：__________________________________。假说二：花色性状由三个等位基因(N、n1、n2)控制，只有n1和n2同时存在时，才会表现为白色，其他情况均为红色，N相对于n1、n2为显性。①根据假说二，试写出乙组两个白玫瑰花亲本的基因型组合：__________________，其杂交子代中的红玫瑰花与白玫瑰花的分离比是____________________。②经进一步实验推理证明了假说二是正确的，则上述探索玫瑰花遗传方式的思路在科学研究中被称为________________法。3　遗传定律综合训练1．B　解析：白化病是常染色体隐性遗传病，一对表现型正常的夫妇，生了一个白化病的女儿，说明这对表现型正常的夫妇都是杂合体。因此，这对夫妇再生一个孩子是正常男孩的概率是3/4×1/2＝3/8；因为白化病是由一对等位基因控制的，所以符合基因的分离定律。2．D　解析：孟德尔和摩尔根的实验都是一对相对性状的遗传实验，都遵循基因的分离定律，A错误；两者的相对性状都比较明显，B错误；两者都运用了假说—演绎法，C错误；摩尔根的实验中白眼基因仅在X染色体上，雄性只有一个基因，D正确。3．B　解析：等位基因随同源染色体分开而分离是等位基因分离的实质，不是发现问题的现象，A错误；孟德尔在一对相对性状的实验中，发现具有一对相对性状的亲本杂交，F1均为显性性状，F2出现性状分离，且比例是3∶1，B正确；F1与隐性亲本测交，后代表现型之比为1∶1，这是孟德尔验证实验结果，不是发现问题的现象，C错误；雌雄配子结合的机会均等，这是孟德尔对一对相对性状实验现象做出解释，D错误。4．D　解析：正反交结果均有四种表现型，说明该两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律，A错误；正常情况下，双杂合子测交后代四种表现型的比例应该是1∶1∶1∶1，而作为父本的F1测交结果为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶2∶2∶2，说明父本F1产生的AB花粉有50%不能完成受精作用，则F1自交得F2，F2的表现型比例不是9∶3∶3∶1，B错误、D正确；根据前面分析可知，F1仍能产生4种花粉，所以F1花粉离体培养，仍能得到四种基因型的植株，C错误。5．C　解析：15N标记的DNA在14N培养液中复制三次，子代含有15N的DNA分子有2个，不含15N的DNA分子有8－2＝6(个)，A不符合题意；Yy×Yy→3Y_、1yy，Rr×RR→1R_，所以后代表现型为黄色圆粒∶绿色圆粒＝3∶1，B不符合题意；形成三肽需要3个氨基酸，形成2个肽键，C符合题意；一个卵原细胞经过减数分裂形成3个第二极体和1个卵细胞，D错误。6．C　解析：Aa自交，理论上后代基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，若自交后代基因型比例是2∶3∶1，可能是含有隐性配子a的花粉50%的死亡造成的，A正确；若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是含有隐性配子的胚(Aa或aa)有50%的死亡造成的，B正确；若后代含有隐性配子的纯合体aa有50%的死亡，则后代的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝2∶4∶1，C错误；若含有隐性配子的极核有50%的死亡，对后代的基因型及比例没有影响，D正确。7．B　解析：AaBb×AaBB，子代为(1AA∶2Aa∶1aa)(1BB∶1Bb)，子代基因型分别含有1,2,3,4个显性基因，据题意，有4种表现型，A正确；亲代AaBB含3个显性基因，子代含有3个显性基因的基因型即其比例为AaBB(1/2×1/2＝1/4)，AABb(1/4×1/2＝1/8),1/4＋1/8＝3/8，故子代与亲代AaBB表现型相同的有3/8，B错误；aaBb只含1个显性基因，C正确；与亲代AaBb含2个显性基因，子代含有2个显性基因的基因型即其比例为AaBb(1/2×1/2＝1/4)，aaBB(1/4×1/2＝1/8)，1/4＋1/8＝3/8，D正确。8．C　解析：由题F1的基因型为Aa，则其产生的F2的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，去掉其中的残翅果蝇，则剩余的长翅果蝇的基因型及比例为1/3AA、2/3Aa，A的基因频率为1/3＋2/3×1/2＝2/3，a的基因频率为1/3，根据遗传平衡定律，后代中AA占2/3×2/3＝4/9，Aa占2×2/3×1/3＝4/9，aa占1/3×1/3＝1/9，因此后代中长翅果蝇占4/9＋4/9＝8/9，C正确。9．C　解析：在酶1、酶2、酶3都存在的时候，可以把原本无色的物质转变为黑色素，这三种酶的合成分别受到基因A、B、C的控制，所以基因型为A_B_C_的个体表现型为黑色，基因型为AaBbCc的两个个体交配，出现黑色子代的概率为3/4╳3/4╳3/4＝27/64。C正确。10．D11．(1)10　(2)9/16　3/16　(3)bbTT　bbtt　(4)3/8解析：(1)玉米是雌雄同株，没有性染色体，雌株与雄株中染色体组成均相同，基因组测序应测染色体总数的一半即10条染色体上脱氧核苷酸的序列。(2)bbTT的雄株与BBtt的雌株杂交，F1的基因型是BbTt，表现型为雌雄同株异花，F2有B_T_、bbT_、B_tt和bbtt，比例为9∶3∶3∶1，由表中信息可推知F2表现型雌雄同株异花、雄株、雌株，其分离比为9∶3∶4，则F2中雌雄同株个体占9/16，雄株个体占3/16。(3)由题意分析已知当T存在，B不存在(bbT_)时为雄株。若想后代全为雄株，则双亲必须都是bb，且有一个亲本是TT(bbTT应该是雄性，作父本)，则母本应该是bbtt，所以让基因型为bbTT的雄株与基因型为bbtt的雌株杂交，后代全为雄株。(4)若基因型为BbTt的个体与杂合雄株(bbTt)杂交，后代中雄株占1/2×3/4＝3/8。12．(1)甲和乙　(2)2　N＋N×N＋N(或N＋N×N＋n)　n1n2×n1n2　1∶1　假说—演绎解析：(1)若花色遗传仅受一对等位基因控制，由于甲和乙两组实验的后代都出现了性状分离，结论相互矛盾，所以假设不成立。(2)假说一：花色性状由三个等位基因(N＋、N、n)控制，其中N决定白色，N＋和n都决定红色，N＋相对于N、n是显性，N相对于n是显性，则甲组两个亲代红玫瑰花的基因型组合方式有2种情况，分别为N＋N×N＋N或N＋N×N＋n，后代性状分离比为3∶1。假说二：花色性状由三个等位基因(N、n1、n2)控制，只有n1和n2同时存在时，才会表现为白色，其他情况均为红色，N相对于n1、n2为显性。①依据假说二能对其他各组的杂交实验结果加以解释，甲组亲本为Nn1和Nn2，乙组亲本为n1n2和n1n2，丙组亲本为Nn1和n1n2或Nn2和n1n2，丁组亲本为NN和NN或Nn1和Nn1或Nn1和n1n1等。乙组两个白玫瑰花亲本的基因型组合为n1n2×n1n2，杂交子代中的红玫瑰花(1n1n1、1n2n2)与白玫瑰花(2n1n2)的分离比为1∶1。②根据题意分析，经进一步实验推理证明了假说二是正确的，则上述探索玫瑰花遗传方式的思路在科学研究中被称为假说—演绎法。