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2011高考试题汇编3-2.doc

2011高考试题汇编3-2

朱浚哲
2019-05-11 0人阅读 举报 0 0 暂无简介

简介:本文档为《2011高考试题汇编3-2doc》,可适用于综合领域

年高考试题汇编、(新课标).为了解释地球的磁性世纪安培假设:地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的。在下列四个图中正确表示安培假设中环形电流方向的是A.       B.       C.       D.答案:B解析:根据地磁场分布和安培定则判断可知正确答案是B。、(新课标).如图一理想变压器原副线圈的匝数比为∶副线圈电路中接有灯泡灯泡的额定电压为V额定功率为W原线圈电路中接有电压表和电流表。现闭合开关灯泡正常发光。若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数则A.U=VI=A    B.U=VI=A C.U=VI=A  D.U=VI=A答案:A解析:U=V根据U:U=n:n得U=V。I=PU=A根据I:I=n:n得I=A。所以正确答案是A。、(新课标).电磁轨道炮工作原理如图所示。待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动并与轨道保持良好接触。电流I从一条轨道流入通过导电弹体后从另一条轨道流回。轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道面的磁场(可视为匀强磁场)磁感应强度的大小与I成正比。通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出。现欲使弹体的出射速度增加至原来的倍理论上可采用的办法是A.只将轨道长度L变为原来的倍B.只将电流I增加至原来的倍C.只将弹体质量减至原来的一半D.将弹体质量减至原来的一半轨道长度L变为原来的倍其它量不变答案:BD解析:利用动能定理有B=kI解得。所以正确答案是BD。、(新课标).(分)如图在区域I(≤x≤d)和区域II(d<x≤d)内分别存在匀强磁场磁感应强度大小分别为B和B方向相反且都垂直于Oxy平面。一质量为m、带电荷量q(q>)的粒子a于某时刻从y轴上的P点射入区域I其速度方向沿x轴正向。已知a在离开区域I时速度方向与x轴正方向的夹角为°此时另一质量和电荷量均与a相同的粒子b也从P点沿x轴正向射入区域I其速度大小是a的。不计重力和两粒子之间的相互作用力。求⑴粒子a射入区域I时速度的大小⑵当a离开区域II时a、b两粒子的y坐标之差。答案:()  (2)解析:()设粒子a在I内做匀速圆周运动的圆心为C(在y轴上)半径为Ra粒子速率为va运动轨迹与两磁场区域边界的交点为P,如图由洛仑兹力公式和牛顿第二定律得①由几何关系得   ②③式中由①②③式得   ④()设粒子a在II内做圆周运动的圆心为Oa,半径为Ra射出点为Pa(图中未画出轨迹)。由洛仑兹力公式和牛顿第二定律得⑤由①⑤式得   ⑥C、P和Oa三点共线且由⑥式知Oa点必位于⑦的平面上。由对称性知Pa点与P点纵坐标相同即  ⑧ 式中h是C点的y坐标。设b在I中运动的轨道半径为Rb由洛仑兹力公式和牛顿第二定律得  ⑨设a到达Pa点时b位于Pb点转过的角度为α。如果b没有飞出I则式中t是a在区域II中运动的时间而由⑤⑨⑩式得α=   由①③⑨式可见b没有飞出。Pb点的y坐标为  由①③⑧⑨式及题给条件得a、b两粒子的y坐标之差为、(海南卷).如图EOF和为空间一匀强磁场的边界其中EO∥FO∥且EO⊥OF为∠EOF的角平分析间的距离为l磁场方向垂直于纸面向里。一边长为l的正方形导线框沿方向匀速通过磁场t=时刻恰好位于图示位置。规定导线框中感应电流沿逆时针方向时为正则感应电流i与实践t的关系图线可能正确的是答案:B解析:从图示位置到左边框运动至O点感应电流均匀增大为正左边框再运动至OO中点过程感应电流为正不变左边框由OO中点再运动至O过程感应电流先减小后方向增大以后右边框再运动至OO中点过程感应电流为负不变右边框再运动至O过程感应电流减小至图B正确。、(海南卷).如图理想变压器原线圈与-V的交流电源相连副线圈并联两个小灯泡a和b小灯泡a的额定功率为W正常发光时电阻为可已知两灯泡均正常发光流过原线圈的电流为A可计算出原、副线圈的匝数比为流过灯泡b的电流为A。答案:: A解析:副线圈电压 由能量守恒得: 代人数据得:、(海南卷).如图ab和cd是两条竖直放置的长直光滑金属导轨MN和是两根用细线连接的金属杆其质量分别为m和m。竖直向上的外力F作用在杆MN上使两杆水平静止并刚好与导轨接触两杆的总电阻为R导轨间距为。整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中磁场方向与导轨所在平面垂直。导轨电阻可忽略重力加速度为g。在t=时刻将细线烧断保持F不变金属杆和导轨始终接触良好。求()细线少断后任意时刻两杆运动的速度之比()两杆分别达到的最大速度。解析:设某时刻MN和速度分别为v、v。()MN和动量守恒:mvmv=求出:①()当MN和的加速度为零时速度最大对受力平衡:②③ ④由①②③④得:、、(山东卷)为保证用户电压稳定在V变电所需适时进行调压图甲为调压变压器示意图。保持输入电压u不变当滑动接头P上下移动时可改变输出电压。某次检测得到用户电压u随时间t变化的曲线如图乙所示。以下正确的是( )A、B、C、为使用户电压稳定在V应将P适当下移D、为使用户电压稳定在V应将P适当上移答案:BD解析:根据图像知周期为T=×s电压的最大值为V故用户得到电压的瞬时值为B正确用户获得电压为交流电的有效值此时有效值为V根据变压比增大电压则需要减少原线圈的匝数P要适当上移D正确。、(山东卷)如图甲所示两固定的竖直光滑金属导轨足够长且电阻不计。两质量、长度均相同的导体棒c、d置于边界水平的匀强磁场上方同一高度h处。磁场宽为h方向与导轨平面垂直。先由静止释放cc刚进入磁场即匀速运动此时再由静止释放d两导体棒与导轨始终保持良好接触。用ac表示c的加速度Ekd表示d的动能xc、xd分别表示c、d相对释放点的位移。图乙中正确的是答案:BD解析:c导体棒落入磁场之前做自由落体运动加速度恒为g,有c棒进入磁场以速度v做匀速直线运动时d棒开始做自由落体运动与c棒做自由落体运动的过程相同此时c棒在磁场中做匀速直线运动的路程为d棒进入磁场而c还没有传出磁场的过程无电磁感应两导体棒仅受到重力作用加速度均为g知道c棒穿出磁场B正确。c棒穿出磁场d棒切割磁感线产生电动势在回路中产生感应电流因此时d棒速度大于c进入磁场是切割磁感线的速度故电动势、电流、安培力都大于c刚进入磁场时的大小d棒减速直到穿出磁场仅受重力做匀加速运动结合匀变速直线运动可知加速过程动能与路程成正比D正确。、(北京卷).某同学为了验证断电自感现象自己找来带铁心的线圈L、小灯泡A、开关S和电池组E用导线将它们连接成如图所示的电路。检查电路后闭合开关S小灯泡发光再断开开关S小灯泡仅有不显著的延时熄灭现象。虽经多次重复仍未见老师演示时出现的小灯泡闪亮现象他冥思苦想找不出原因。你认为最有可能造成小灯泡末闪亮的原因是A.电源的内阻较大  B.小灯泡电阻偏大C.线圈电阻偏大 D.线圈的自感系数较大答案:C解析:断电的自感现象断电时电感线圈与小灯泡组成回路电感线圈储存磁能转化为电能电感线圈相当于电源其自感电动势与原电源无关A错误小灯泡电阻偏大分得的电压大可能看到显著的延时熄灭现象B错误线圈电阻偏大相当于电源内阻大使小灯泡分得的电压小可看到不显著的延时熄灭现象C正确线圈的自感系数较大时自感电动势较大可能看到显著的延时熄灭现象D错误。、(福建卷)图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n:n=:电阻R=ΩL、L为规格相同的两只小灯泡S为单刀双掷开关。原线圈接正弦交变电源输入电压u随时间t的变化关系如图所示。现将S接、S闭合此时L正常发光。下列说法正确的是A输入电压u的表达式u=sin(t)V B只断开S后L、L均正常发光C只断开S后原线圈的输入功率增大D若S换接到后R消耗的电功率为W答案:D解析:由题图乙可得周期T=s则输入电压表达式VA错误只断开SL、L断路均不发光B错误只断开S后负载电阻增大输出电压不变输出功率减小则输入功率减小C错误若S换接到后加在R上电压为V其消耗的电功率为P=UR=WD正确。、(福建卷)如图足够长的U型光滑金属导轨平面与水平面成角(<<°),其中MN平行且间距为L导轨平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直导轨电阻不计。金属棒由静止开始沿导轨下滑并与两导轨始终保持垂直且良好接触棒接入电路的电阻为R当流过棒某一横截面的电量为q时棒的速度大小为则金属棒在这一过程中A运动的平均速度大小为B下滑位移大小为C产生的焦耳热为D受到的最大安培力大小为答案:B解析:由于ab棒下滑切割磁感线使闭合电路产生感应电流ab棒中有电流在磁场中受到安培力作用棒做加速度减小的加速运动不是匀加速运动平均速度不是vA错误由法拉第电磁感应定律及、得流过ab棒某一横截面的电量为q时下滑的位移大小B正确产生的焦耳热为C错误安培力的大小为D错误。、(全国卷).(分)如图两根足够长的金属导轨ab、cd竖直放置导轨间距离为L电阻不计。在导轨上端并接两个额定功率均为P、电阻均为R的小灯泡。整个系统置于匀强磁场中磁感应强度方向与导轨所在平面垂直。现将一质量为m、电阻可以忽略的金属棒MN从图示位置由静止开始释放。金属棒下落过程中保持水平且与导轨接触良好。已知某时刻后两灯泡保持正常发光。重力加速度为g。求:⑴磁感应强度的大小:⑵灯泡正常发光时导体棒的运动速率。继续阅读

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