山东省枣庄市第三中学2016年高三下学期第一次模拟考试物理试卷（解析版）

山东省枣庄市第三中学2016年高三下学期第一次模拟考试物理试卷（解析版） 2016年山东省枣庄三中高考物理一模试卷 一、选择 题 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 :共小题，每小题分，共分，每小题所给出的选项中只有一个选项是符合题目要6636 求的( 1(如图，a是竖直平面P上的一点，P前有一条形磁铁垂直于P，且S极朝向a点(P后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a点，在电子经过a点的瞬间，条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向( ) A(向上 B(向下 C(向左 D(向右 2、r，线(如图，若两颗人造卫星a和b均绕地球做匀速圆周运动，a、b到地心O的距离分别为r12速度大小分别为v、v，则( ) 12 22A( = B( = C( =() D( =() 3(假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率，如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的( ) A(4倍 B(2倍 C(倍 D(倍 4(简谐横波在同一均匀介质中沿x轴正方向传播，波速为v，若某时刻在波的传播方向上，位于平衡位置的两质点a、b相距为s，a、b之间只存在一个波谷，则从该时刻起，下列四幅波形图中质点a最早到达波谷的是( ) A( B( C( D( 5(如图，在竖直平面内，滑道ABC关于B点对称，且A、B、C三点在同一水平线上(若小滑块第一次由A滑到C，所用的时间为t，第二次由C滑到A，所用的时间为t，小滑块两次的初速度12大小相同且运动过程始终沿着滑道滑行，小滑块与滑道的动摩擦因数恒定，则( ) A(t,t B(t=t 1212 t,tD(无法比较t、t的大小 C(1212 6(如图，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S和S相连，通过12系在a上的细线悬挂于固定点O(整个系统处于静止状态(现将细线剪断(将物块a的加速度的大小记为a，S和S相对于原长的伸长分别记为?l和?l，重力加速度大小为g(在剪断的瞬间，11212 ( ) A(a=3g B(a=0 C(?l=2?l D(?l=?l 111212 二、解答题(共小题，满分分) 572 7(某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验( ?图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73cm;图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量?l为 cm; ?本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 来改变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是 ;(填选项前的字母) A(逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重 B(随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重 ?图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量?l与弹力F的关系图线(图线的AB段明显偏离直线OA，造成这种现象的主要原因是 ( 8(某学习小组探究一小电珠在不同电压下的电功率大小，实验器材如图甲所示，现已完成部分导线的连接( ?实验要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接; ?某次测量，电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为 A; ?该小组描绘出的伏安特性曲线如图丙所示，根据图线判断，将 只相同的小电珠并联后，直接与电动势为3V、内阻为1Ω的电源组成闭合回路，可使小电珠的总功率最大，其总功率的值为 W(保留两位小数)( 9(一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的v,t图象如图所示(求: (1)摩托车在0,20s这段时间的加速度大小a; (2)摩托车在0,75s这段时间的平均速度大小( 10(如图，质量为M的小车静止在光滑水平面上，小车AB段是半径为R的四分之一圆弧光滑轨道，BC段是长为L的水平粗糙轨道，两段轨道相切于B点(一质量为m的滑块在小车上从A点由静止开始沿轨道滑下，重力加速度为g( (1)若固定小车，求滑块运动过程中对小车的最大压力; (2)若不固定小车，滑块仍从A点由静止下滑，然后滑入BC轨道，最后从C点滑出小车(已知滑块质量m=，在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，滑块与轨道BC间的动摩擦因数为μ，求: ?滑块运动过程中，小车的最大速度大小v; m ?滑块从B到C运动过程中，小车的位移大小s( 11(如图，绝缘粗糙的竖直平面MN左侧同时存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向右，电场强度大小为E，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B(一质量为m，电荷量为q的带正电的小滑块从A点由静止开始沿MN下滑，到达C点时离开MN做曲线运动(A、C两点间距离为h，重力加速度为g( (1)求小滑块运动到C点时的速度大小v; c (2)求小滑块从A点运动到C点过程中克服摩擦力做的功W; f (3)若D点为小滑块在电场力、洛伦兹力及重力作用下运动过程中速度最大的位置，当小滑块运动到D点时撤去磁场，此后小滑块继续运动到水平地面上的P点(已知小滑块在D点时的速度大小为v，从D点运动到P点的时间为t，求小滑块运动到P点时速度的大小v( Dp 选修](本题共有两小题，每小题分，共分(每小题只有一个选项符合题意) [3-3612 12(下列有关分子动理论和物质结构的认识，其中正确的是( ) A(分子间距离减小时分子势能一定减小 B(温度越高，物体中分子无 规则 编码规则下载淘宝规则下载天猫规则下载麻将竞赛规则pdf麻将竞赛规则pdf 运动越剧烈 C(物体内热运动速率大的分子数占总分子数比例与温度无关 D(非晶体的物理性质各向同性而晶体的物理性质都是各向异性 13(如图，一定质量的理想气体，由状态a经过ab过程到达状态b或者经过ac过程到达状态c(设气体在状态b和状态c的温度分别为T和T，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q和Q，则bcabac( ) A(T,T，Q,Q B(T,T，Q,Q bcabacbcabac C(T=T，Q,Q D(T=T，Q,Q bcabacbcabac ](本题共有两小题，每小题分，共分(每小题只有一个选项符合题意) 【物理一选修-50123 14(下列有关原子结构和原子核的认识，其中正确的是( ) A(γ射线是高速运动的电子流 B(氢原子辐射光子后，其绕核运动的电子动能增大 C(太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的重核裂变 D( Bi的半衰期是5天，100克Bi经过10天后还剩下50克 15(如图，两滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块A的质量为m，速度大小为2v，0 方向向右，滑块B的质量为2m，速度大小为v，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是0 ( ) A(A和B都向左运动 B(A和B都向右运动 C(A静止，B向右运动 D(A向左运动，B向右运动 2016年山东省枣庄三中高考物理一模试卷 参考答案与试题解析 一、选择题:共小题，每小题分，共分，每小题所给出的选项中只有一个选项是符合题目要6636 求的( 1(如图，a是竖直平面P上的一点，P前有一条形磁铁垂直于P，且S极朝向a点(P后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a点，在电子经过a点的瞬间，条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向( ) A(向上 B(向下 C(向左 D(向右 【考点】左手定则( 【 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 】根据左手定则判定:伸开左手，使大拇指跟其余四个手指垂直，并且跟手掌在同一平面内，把手放入磁场中，让磁感线穿过掌心，四指所指为正电荷运动方向，拇指所指方向为电荷所受洛伦兹力的方向( 【解答】解:P前有一条形磁铁垂直于P，且S极朝向a点可知条形磁铁的磁场的方向向外，电子向右运动，由左手定则可知，电子受到的条形磁铁对电子的作用力的方向向上( 故选:A 【点评】本题提供的情景看似比较复杂，在去芜存菁后可知，电子受到的洛伦兹力的方向可以由左手定则直接判定(要注意的是:对负电荷而言，四指所指方向为其运动的反方向( 2(如图，若两颗人造卫星a和b均绕地球做匀速圆周运动，a、b到地心O的距离分别为r、r，线12速度大小分别为v、v，则( ) 12 22A( = B( = C( =() D( =() 【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系;万有引力定律及其应用( 【专题】人造卫星问题( 【分析】根据万有引力提供向心力=m，解出线速度与轨道半径r的关系进行求解( 【解答】解:根据万有引力提供向心力=m v=，a、b到地心O的距离分别为r、r， 12 所以=， 故选:A( 【点评】本题关键是要掌握万有引力提供向心力这个关系，能够根据题意选择恰当的向心力的表达式( 3(假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率，如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的( ) A(4倍 B(2倍 C(倍 D(倍 【考点】功率、平均功率和瞬时功率( 【专题】功率的计算专题( 【分析】由题意可知:摩托艇的阻力大小与速度成正比，即:f=kv;当物体做匀速运动时，速度最大，此时牵引力F与阻力f相等:即F=f=kv;而发动机的输出功率P=Fv，据此分析判断( 【解答】解:设阻力为f，由题知:f=kv; 2速度最大时，牵引力等于阻力，则有 P=Fv=fv=kv( 所以摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的倍( 故选:D( 【点评】解决本题的关键:一是能够正确的写出阻力与速度大小的表达式，二是利用功率的计算方法P=Fv( 4(简谐横波在同一均匀介质中沿x轴正方向传播，波速为v，若某时刻在波的传播方向上，位于平衡位置的两质点a、b相距为s，a、b之间只存在一个波谷，则从该时刻起，下列四幅波形图中质点a最早到达波谷的是( ) A( B( C( D( 【考点】波长、频率和波速的关系;横波的图象( 【分析】根据波的传播方向判断出a点的振动方向，读出波长，求出周期(分别得到质点a从图示位置到达波谷的时间，从而进行比较( 【解答】解:A图中，波长为2s，周期为 T==(a点正向上振动，质点a从图示位置到达波谷的时间 t==; A B图中，波长为s，周期为 T==(a点正向下振动，质点a从图示位置到达波谷的时间 t=T=; BC图中，波长为s，周期为 T==(a点正向上振动，质点a从图示位置到达波谷的时间 t==; CD图中，波长为s，周期为 T==(a点正向下振动，质点a从图示位置到达波谷的时间 t=AT=; 故D图中质点a最早到达波谷( 故选:D( 【点评】解决本题的关键要确定波长与s的关系，求得周期(能熟练根据波的传播方向判断质点的振动方向( 5(如图，在竖直平面内，滑道ABC关于B点对称，且A、B、C三点在同一水平线上(若小滑块第一次由A滑到C，所用的时间为t，第二次由C滑到A，所用的时间为t，小滑块两次的初速度12 大小相同且运动过程始终沿着滑道滑行，小滑块与滑道的动摩擦因数恒定，则( ) A(t,t B(t=t 1212 C(t,tD(无法比较t、t的大小 1212 【考点】动能 定理 三点共线定理勾股定理的证明证明勾股定理共线定理面面垂直的性质定理 的应用;滑动摩擦力( 【分析】滑块做圆周运动，根据牛顿第二定律判断滑块受到的支持力大小关系，然后判断摩擦力大小关系，再比较滑块的运动时间( 【解答】解:在AB段，由牛顿第二定律得:mg,F=m，滑块受到的支持力:F=mg,m，则速度v越大，滑块受支持力F越小，摩擦力f=μF就越小， 在BC段，由牛顿第二定律得:F,mg=m，滑块受到的支持力:F=mg+m，则速度v越大，滑块受支持力F越大，摩擦力f就越大， 由题意知从A运动到C相比从C到A，在AB段速度较大，在BC段速度较小，所以从A到C运动过程受摩擦力较小，用时短，故A正确，BCD错误; 故选:A( 【点评】本题考查了比较滑块运动时间关系，分析清楚滑块的运动过程、应用牛顿第二定律与摩擦力公式即可正确解题( 6(如图，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S和S相连，通过12系在a上的细线悬挂于固定点O(整个系统处于静止状态(现将细线剪断(将物块a的加速度的大小记为a，S和S相对于原长的伸长分别记为?l和?l，重力加速度大小为g(在剪断的瞬间，11212 ( ) A(a=3g B(a=0 C(?l=2?l D(?l=?l 111212 【考点】牛顿第二定律;胡克定律( 【专题】牛顿运动定律综合专题( 【分析】对细线剪短前后的a、b、c物体分别受力分析，然后根据牛顿第二定律求解加速度与弹簧的伸长量( 【解答】解:A、B、对a、b、c分别受力分析如图， 根据平衡条件，有: 对a:F=F+mg 21 对b:F=F+mg 1 对c:F=mg 所以:F=2mg 1 弹簧的弹力不能突变，因形变需要过程，绳的弹力可以突变，绳断拉力立即为零( 当绳断后，b与c受力不变，仍然平衡，故a=0; 对a，绳断后合力为F=F+mg=3mg=ma，a=3g方向竖直向下;故A正确，B错误( 合1aa C、D、当绳断后，b与c受力不变，则F=k?l，;同时:F=k?l，所以:(联112立得?l=2?l:故C正确，D错误( 12 故选:AC( 【点评】考查了牛顿第二定律的瞬时性的应用，重点区分绳和弹簧弹力的特点，注意加速度与受力的瞬时对应关系( 二、解答题(共小题，满分分) 572 7(某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验( ?图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73cm;图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量?l为 6.93 cm; ?本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是 A ;(填选项前的字母) A(逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重 B(随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重 ?图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量?l与弹力F的关系图线(图线的AB段明显偏离直线OA，造成这种现象的主要原因是 超过弹簧的弹性限度 ( 【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系( 【专题】实验题;弹力的存在及方向的判定专题( 【分析】?根据弹簧测力计的读数方法可得出对应的读数，再由读数减去原长即为伸长量; ?根据实验准确性要求可明确哪种方法更为规范; ?由弹簧的性质和图象进行分析，则可得出造成图象偏离的原因( 【解答】解:?由图可知，图乙中示数为:14.65cm，则伸长量?l=14.66cm,7.73cm=6.93cm; ?为了更好的找出弹力与形变量之间的规律，应逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重;故选:A; ?在弹簧的弹性限度范围内，胡克定律是成立的，但若超过弹簧的弹性限度，胡克定律将不再适用;图中出现偏折的原因是因为超过了弹簧的弹性限度; 故答案为:?6.93;?A;?超过弹簧的弹性限度( 【点评】弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比，对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差( 8(某学习小组探究一小电珠在不同电压下的电功率大小，实验器材如图甲所示，现已完成部分导线的连接( ?实验要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接; ?某次测量，电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为 0.44 A; ?该小组描绘出的伏安特性曲线如图丙所示，根据图线判断，将 4 只相同的小电珠并联后，直接 Ω的电源组成闭合回路，可使小电珠的总功率最大，其总功率的值为 2.25 与电动势为3V、内阻为1 W(保留两位小数)( 【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线( 【专题】实验题( 【分析】?根据题意确定滑动变阻器的接法，然后连接实物电路图( ?根据图示电流表确定其量程与分度值，读出其示数( ?当内外电阻相等时电源的输出功率最大，即小电珠的总功率最大，由图示图象求出此时电珠两端电压与电流，由欧姆定律求出电珠的电阻，然后求出灯泡的个数，应用功率公式可以求出小电珠的总功率( 【解答】解:?滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，则滑动变阻器采用分压接法，电路图如图所示: ?由图乙所示电流表可知，其量程为0.6A，分度值为0.02A，示数为0.44A( ?电源内阻为1欧姆，当外电路电阻与电源内阻相等，即灯泡并联总电阻为1欧姆时灯泡的总功率最大， 由于内外电阻相等，则内外电压相等，电源电动势为3V，则路端电压为1.5V，由图丙所示图象可知， 电压为1.5V时通过小电珠的电流为0.375A，此时小电珠的电阻:R==Ω=4Ω，4只小电珠的并联阻值为1Ω， 因此需要4只小电珠并联，此时小电珠的总功率:P=4UI=4×1.5×0.375?2.25( 故答案为:?如图所示;?0.44;?4;2.25( 【点评】本题考查了连接实物电路图、电流表读数、求灯泡个数、求灯泡总功率;当电压与电流从零开始变化时滑动变阻器只能采用分压接法，根据题意确定滑动变阻器的接法是正确连接实物电路图的前提与关键( 9(一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的v,t图象如图所示(求: 1)摩托车在0,20s这段时间的加速度大小a; ( (2)摩托车在0,75s这段时间的平均速度大小( 【考点】匀变速直线运动的图像( 【专题】运动学中的图像专题( 【分析】(1)v,t图象的斜率等于加速度，由加速度的定义求解( (2)由图象与时间轴所围的面积表示位移，求得位移，再求平均速度大小( 2【解答】解:(1)摩托车在0,20s这段时间的加速度 a===1.5m/s( (2)摩托车在0,75s这段时间的位移 x=30m=1500m 平均速度大小===20m/s 答: 2(1)摩托车在0,20s这段时间的加速度大小a是1.5m/s; (2)摩托车在0,75s这段时间的平均速度大小是20m/s( 【点评】解决本题的关键要抓住速度图象的两个物理意义:斜率等于加速度，图象与时间轴所围的面积表示位移( 10(如图，质量为M的小车静止在光滑水平面上，小车AB段是半径为R的四分之一圆弧光滑轨道，BC段是长为L的水平粗糙轨道，两段轨道相切于B点(一质量为m的滑块在小车上从A点由静止开始沿轨道滑下，重力加速度为g( (1)若固定小车，求滑块运动过程中对小车的最大压力; (2)若不固定小车，滑块仍从A点由静止下滑，然后滑入BC轨道，最后从C点滑出小车(已知滑块质量m=，在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，滑块与轨道BC间的动摩擦因数为μ，求: ?滑块运动过程中，小车的最大速度大小v; m ?滑块从B到C运动过程中，小车的位移大小s( 【考点】功能关系;机械能守恒定律( 【分析】(1)滑块在圆弧的轨道上运动的过程中合外力提供向心力，所以滑块在B点的左侧受到的支持力要大于重力，当滑块到达B时的速度最大，受到的支持力最大，由机械能守恒求出滑块在B点的速度，然后又牛顿第二定律即可求解; (2)根据题意，在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，然后结合机械能守恒即可求出小车的最大速度大小v; m 在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，写出速度的关系式，然后结合运动学的公式即可求出小车的位移( 【解答】解:(1)当滑块到达B时的速度最大，受到的支持力最大;当滑块下滑的过程中机械能守恒，得: 滑块在B点处受到的支持力与重力的合力提供向心力，得: 解得:N=3mg 由牛顿第三定律得:滑块对小车的压力:N′=N=3mg 即滑块运动过程中对小车的最大压力是3mg( (2)?在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，设小车的最大速度是v，m由机械能守恒得: 解得: ?由于在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，所以滑块从B到C运动过程中，滑块的平均速度是小车的平均速度的2倍，即: 由于它们运动的时间相等，根据:可得:s=2s 滑块车 又:s+s=L 滑块车 所以:小车的位移大小:s=L 答:(1)若固定小车，求滑块运动过程中对小车的最大压力是3mg; 2)?滑块运动过程中，小车的最大速度大小是;?滑块从B到C运动过程中，小车的位移( 大小是( 【点评】该题的第一问考查机械能守恒与向心力，比较简单; 第二问主要考查系统水平方向动量守恒和能量守恒的问题，求解两物体间的相对位移，往往根据平均速度研究(也可以根据题目提供的特殊的条件:在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，不使用动量守恒定律( 11(如图，绝缘粗糙的竖直平面MN左侧同时存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向右，电场强度大小为E，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B(一质量为m，电荷量为q的带正电的小滑块从A点由静止开始沿MN下滑，到达C点时离开MN做曲线运动(A、C两点间距离为h，重力加速度为g( (1)求小滑块运动到C点时的速度大小v; c (2)求小滑块从A点运动到C点过程中克服摩擦力做的功W; f (3)若D点为小滑块在电场力、洛伦兹力及重力作用下运动过程中速度最大的位置，当小滑块运 动到D点时撤去磁场，此后小滑块继续运动到水平地面上的P点(已知小滑块在D点时的速度大小 为v，从D点运动到P点的时间为t，求小滑块运动到P点时速度的大小v( Dp 【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动;带电粒子在匀强电场中的运动( 【专题】带电粒子在复合场中的运动专题( 1)小滑块到达C点时离开MN，此时与MN间的作用力为零，对小滑块受力分析计算此【分析】( 时的速度的大小; (2)由动能定理直接计算摩擦力做的功W; f (3)撤去磁场后小滑块将做类平抛运动，根据分运动计算最后的合速度的大小; 【解答】解:(1)小滑块沿MN运动过程，水平方向受力满足 qvB+N=qE 小滑块在C点离开MN时 N=0 解得 v= c (2)由动能定理 mgh,W=,0 f 解得 W=mgh, f (3)如图， 小滑块速度最大时，速度方向与电场力、重力的合力方向垂直， 撤去磁场后小滑块将做类平抛运动，等效加速度为g′， g′= 且 解得 )小滑块运动到C点时的速度大小v为; 答:(1c (2)小滑块从A点运动到C点过程中克服摩擦力做的功W为mgh,; f(3)小滑块运动到P点时速度的大小v为( p 【点评】解决本题的关键是分析清楚小滑块的运动过程，在与MN分离时，小滑块与MN间的作用 力为零，在撤去磁场后小滑块将做类平抛运动，根据滑块的不同的运动过程逐步求解即可( 选修](本题共有两小题，每小题分，共分(每小题只有一个选项符合题意) [3-3612 12(下列有关分子动理论和物质结构的认识，其中正确的是( ) A(分子间距离减小时分子势能一定减小 B(温度越高，物体中分子无规则运动越剧烈 C(物体内热运动速率大的分子数占总分子数比例与温度无关 D(非晶体的物理性质各向同性而晶体的物理性质都是各向异性 【考点】物体的内能;* 晶体和非晶体( 【分析】分子间距离减小时分子势能可能减小，也可能增大;温度是分子平均动能的标志;根据麦克斯韦统计规律可以解释分子的速率的分布规律;单晶体的物理性质是各向异性，多晶体和非晶体的物理性质各向同性( 【解答】解:A、当分子力表现为斥力时，分子力随分子间距离的减小而增大，间距减小斥力做负功分子势能增大，分子间距的增大时反之，故A错误; B、温度是分子平均动能的标志，故温度高平均动能一定大，物体中分子无规则运动越剧烈(故B正确; C、根据麦克斯韦统计规律可知，物体内热运动速率大的分子数占总分子数比例与温度有关，故C错误; D、单晶体的物理性质是各向异性，多晶体的物理性质各向同性，故D错误( 故选:B( 【点评】本题考查分子动理论内容，难度不大，需要强化记忆(分子势能与电势能和重力势能具有相同的变化规律，可以类比学习( 13(如图，一定质量的理想气体，由状态a经过ab过程到达状态b或者经过ac过程到达状态c(设气体在状态b和状态c的温度分别为T和T，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q和Q，则bcabac( ) A(T,T，Q,Q B(T,T，Q,Q bcabacbcabac C(T=T，Q,Q D(T=T，Q,Q bcabacbcabac 【考点】理想气体的状态方程;封闭气体压强( 【专题】理想气体状态方程专题( 【分析】状态B和C的体积从图中可得知，且已知状态C的温度，从B到C是等压变化，由气体状态方程可得出状态B时的温度; 因状态A和状态C的温度相同，所以这两种状态下内能相同，从而可知A到B和B到C的过程中内能的变化大小相同，这两个过程是一个不做功，一个对外做功，结合热力学第一定律可知结果( 【解答】解:设气体在a状态时的温度为T，由图可知:V=V=V、V=2V=2V， aCa0b0a ?从a到b是等压变化: 解得:T=2T ba 从a到c是等容变化:，由于P=2P=2P c0a 解得:T=2T ca 所以:T=T bc ?因为从a到c是等容变化过程，体积不变，气体不做功，故a?c过程增加的内能等于a?c过程吸收的热量;而a?b过程体积增大，气体对外做正功，由热力学第一定律可知a?b过程增加的内能大于a?b过程吸收的热量，Q,Q( acab 故选:C( 【点评】该题考查了气体的状态方程和热力学第一定律的应用，利用气体状态方程解决问题时，首先要确定气体状态和各状态下的状态参量，选择相应的气体变化规律解答;在利用热力学第一定律解决问题时，要注意气体的做功情况，区分对内做功和对外做功，同时要注意区分吸热还是放热( 【物理一选修](本题共有两小题，每小题分，共分(每小题只有一个选项符合题意) 3-5012 14(下列有关原子结构和原子核的认识，其中正确的是( ) A(γ射线是高速运动的电子流 B(氢原子辐射光子后，其绕核运动的电子动能增大 C(太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的重核裂变 D( Bi的半衰期是5天，100克Bi经过10天后还剩下50克 【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度;氢原子的能级公式和跃迁( 【专题】衰变和半衰期专题( 【分析】氢原子辐射出一个光子后，从高能级向低能级跃迁，轨道半径减小，能级减小，根据库仑引力提供向心力判断电子动能的变化，通过原子能量变化和电子动能的变化确定电势能的变化(太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变;根据半衰期的物理意义以及剩余质量和总质量之间的关系可正确求解( 【解答】解:A、γ射线是高速运动的光子流(故A错误; B、氢原子辐射出一个光子后，从高能级向低能级跃迁，轨道半径减小，能级减小，根据，得动能增大(故B正确; C、太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变(故C错误; D、设原来Bi的质量为m，衰变后剩余质量为m则有: g，0 即可知剩余质量为25g，故D错误( 故选:B( 【点评】该题考查静止射线的特点、波尔理论、聚变与裂变以及半衰期等，解决本题的关键知道从高能级向低能级跃迁，辐射光子，从低能级向高能级跃迁，吸收光子(能级越高，轨道半径越大( 15(如图，两滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块A的质量为m，速度大小为2v，0方向向右，滑块B的质量为2m，速度大小为v，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是0 ) ( A(A和B都向左运动 B(A和B都向右运动 C(A静止，B向右运动 D(A向左运动，B向右运动 【考点】动量守恒定律( 【分析】两球碰撞过程，系统动量守恒，先选取正方向，再根据动量守恒定律列方程，求解即可( 【解答】解:两球碰撞过程动量守恒，以两球组成的系统为研究对象，取水平向右方向为正方向，碰撞前，A、B的速度分别为:v=2v、v=v( A0B0 碰撞前系统总动量:P=mv+mv=m×2v+2m×(,v)=0，P=0， AABB00 系统总动量为0，系统动量守恒，则碰撞前后系统总动量都是0; 若碰撞为完全非弹性碰撞，则碰撞后二者的速度相等，都是0; 若碰撞不是完全非弹性碰撞，则碰撞后二者的速度方向运动相反( 故D正确，ABC错误( 故选:D( 【点评】本题碰撞过程中遵守动量守恒，不仅碰撞前后总动量的大小不变，方向也保持不变，要注意选取正方向，用符号表示速度的方向(