2016届高考物理二轮复习 专题整合突破四 电路和电磁感应 第11讲 电磁感应规律及应用效果自评
电磁感应规律及应用
1([2015?江西一模]如右图所示,有两个相邻的有界匀强磁场区域,磁感应强度的大小均为B,磁场方向相反,且与纸面垂直,磁场区域在x轴方向宽度均为a,在y轴方向足够宽。现有一高为a的正三角形导线框从图示位置开始向右沿x轴方向匀速穿过磁场区域。若以逆时针方向为电流的正方向,在选项图中,线框中感应电流i与线框移动的位移x的关系图象正确的是( )
答案
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C
解析 线框从开始进入到全部进入第一个磁场时,磁通量向里增大,则由楞次定律可知,电流方向为逆时针,故B一定错误;因切割的有效长度均匀增大,故由E,BLv可知,电动势也均匀增加;而在全部进入第一部分磁场时,磁通量达最大,该瞬间变化率为零,故电动势也为零,故A错误;当线圈开始进入第二段磁场后,线圈中磁通量向里减小,则可知电流为顺时针,故D错误,C正确;故选C。
2([2015?菏泽一模](多选)用一根横截面积为S、电阻率为ρ的硬质导线做成一个半径为r的圆环,ab为圆环的一条直径。如图所示,在ab的左侧存在一个匀强磁场,磁场垂
1
BΔ直圆环所在平面,方向如图,磁感应强度大小随时间的变化率,kt(k<0)。则( ) Δt
A(圆环中产生逆时针方向的感应电流
B(圆环具有扩张的趋势
krSC(圆环中感应电流的大小为 2ρ
12D(图中a、b两点间的电势差U,|kπr| ab4
答案 BD
解析 磁通量向里,减小,由楞次定律“增反减同”可知,线圈中感应电流的方向为顺时针,所以A错误。由楞次定律可知,为了阻碍磁通量的减小,线圈有扩张的趋势,所以B
2SΔBπrEEkSr选项正确。由法拉第电磁感应定律可知E,,k,感应电流I,,,,故2Δt22πr4ρRρS
E12C选项错误。由闭合电路欧姆定律可知,间的电势差为,|π|,D选项正确。 abU|,|krab24
3([2015?山东模拟](多选)如图所示,间距为l的光滑平行金属导轨与水平面夹角θ,30?,导轨电阻不计,正方形区域abcd内匀强磁场的磁感应强度为B,方向垂直导轨向上。甲、乙两金属杆电阻相同、质量均为m,垂直于导轨放置。起初甲金属杆处在磁场的上边界ab上,乙在甲上方距甲也为l处。现将两金属杆同时由静止释放,释放同时在甲金属
1杆上施加一个沿着导轨的拉力,使甲金属杆始终以大小为a,g的加速度沿导轨向下匀加速2
运动,已知乙金属杆刚进入磁场时做匀速运动,重力加速度为g,则以下正确的是( )
22BlglA(每根金属杆的电阻R, mg
B(甲金属杆在磁场区域运动过程中,拉力对杆做的功在数值上等于电路中产生的焦耳热
C(乙金属杆在磁场区域运动过程中,安培力的功率是P,mggl
gD(乙金属杆进入磁场直至出磁场过程中回路中通过的电量为Q,m l
答案 AB
2
解析 乙没进磁场前受力分析,由牛顿第二定律得sinθ,mgma?a221,g,a,因此甲乙两杆相对静止,当乙刚进入磁场时做匀速运动,受力平衡,mgsinθ,甲2
2BIl,此时甲刚离开磁场,由运动学可知2al,v,由法拉第电磁感应定律得E,Blv,而由
22EBlgl欧姆定律可知I,,以上各式联立得R,,所以A选项正确。由于乙在磁场中做匀2Rmg
1速直线运动,所以安培力的功率P,mgsinθ?v,mggl,C选项错误。乙杆从进入磁场到2
2gΔΦBlm出磁场的过程中通过回路的电量Q,,,,D选项是错误的。列甲、乙两杆组2R2R2Bl
12成的系统的动能定理:2mgsinθl,W,W,2mv,又由功能关系得Q,W,W,所以BF克热克F2
选项是正确的。
14([2015?山西联考](多选)如图所示,两根等高光滑的圆弧轨道,半径为r、间距为4
L,轨道电阻不计。在轨道顶端连有一阻值为R的电阻,整个装置处在一竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度为B。现有一根长度稍大于L、电阻不计的金属棒从轨道最低位置cd开始,在拉力作用下以初速度v向右沿轨道做匀速圆周运动至ab处,则该过程中( ) 0
A(通过R的电流方向为由外向内
22rBLvπ0B(拉力F做的功为,mgr 4R
22πrBLv0C(R上产生的热量为 4R
BLrD(流过R的电量为 2R
答案 ABC
解析 由右手定则可知,通过R的电流由外向内,A选项是正确的,由于棒做速度为v0
3
v0的匀速圆周运动,所以它的角速度ω,为定值,棒切割磁感线的有效速度为垂直磁感线的r
分速度,即v,v?cosωt,由法拉第电磁感应定律可知E,BLv,BLvcosωt也就是产生了00
2BLvE0t余弦式交流电,求R上产生的热量时,必须用交流电的有效值E,Q,,其,所以热R2
22TrrπrBLv12ππ0中,t,,,代入得Q,所以C选项是正确的。流过R的电量:q,×热4424vRv00
BrLΔΦ,,,因此D选项是错误的。列棒从开始到ab过程中的动能定理:W,mgr,WF克安RR
22rBLvπ0,0,其中W,Q,代入得W,,mgr,所以B选项是正确的。 克安热F4R
5([2015?银川一模]如图所示,倾斜角θ,30?的光滑倾斜导体轨道(足够长)与光滑水平导体轨道连接。轨道宽度均为L,1 m,电阻忽略不计。匀强磁场?仅分布在水平轨道平面所在区域,方向水平向右,大小B,1 T;匀强磁场?仅分布在倾斜轨道平面所在区域,1
方向垂直于倾斜轨道平面向下,大小B,1 T。现将两质量均为m,0.2 kg,电阻均为R,0.5 2
Ω的相同导体棒ab和cd,垂直于轨道分别置于水平轨道上和倾斜轨道上,并同时由静止释
2放。取g,10 m/s。
(1)求导体棒cd沿斜轨道下滑的最大速度的大小;
(2)若已知从开始运动到cd棒达到最大速度的过程中,ab棒产生的焦耳热Q,0.45 J,求该过程中通过cd棒横截面的电荷量;
(3)若已知cd棒开始运动时距水平轨道高度h,10 m,cd棒由静止释放后,为使cd棒中无感应电流,可让磁场?的磁感应强度随时间变化,将cd棒开始运动的时刻记为t,0,此时磁场?的磁感应强度为B,1 T,试求cd棒在倾斜轨道上下滑的这段时间内,磁场?的0
磁感应强度B随时间t变化的关系式。
8答案 (1)1 m/s (2)1 C (3)B,(t<8 s) 28,t
解析 (1)cd棒匀速运动时速度最大,设为v,棒中感应电动势为E,电流为I, m
E感应电动势:E,BLv,电流:I, m2R
由平衡条件得:mgsinθ,BIL,代入数据解得:v,1 m/s m
(2)设cd棒从开始运动到达最大速度的过程中经过的时间为t,通过的距离为x,cd棒中平均感应电动势为E,平均电流为I,通过cd棒横截面的电荷量为q,由能量守恒定律11
12得:mgxsinθ,mv,2Q m2
4
BLxE1电动势:E,,电流:I,,电荷量:q,It 1112Rt
代入数据解得:q,1 C
(3)设cd棒开始运动时穿过回路的磁通量为Φ,cd棒在倾斜轨道上下滑的过程中,设0加速度大小为a,经过时间t通过的距离为x,穿过回路的磁通量为Φ,cd棒在倾斜轨道1
h上下滑时间为,则:Φ,tBL 000sinθ
12加速度:a,gsinθ,位移:x,at 12
hh12Φ,BL(x),at ,,10sinθsinθ2
解得:t,8 s 0
为使cd棒中无感应电流,必须有:Φ,Φ 0
8解得:B,(t<8 s)。 28,t
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