2017年江苏省苏州市昆山市中考物理一模试卷(解析版)

2017年江苏省苏州市昆山市中考物理一模试卷(解析版) 2017年江苏省苏州市昆山市中考物理一模试卷 一、选择题(共12小题，每小题2分，满分24分) 1(下列数值最接近实际情况的是( ) A(课桌的高度约为80cm B(一个大头针受到的重力约为5N C(一般洗澡水的温度约为75? D(成年人正常步行的速度约为5m/s 2(人类对能源的需求日益增加，需要发展新能源(下列能源中属于新能源的是 ( ) A(煤 B(太阳能 C(石油 D(天然气 3(在下列实验装置图中，能够说明电磁感应现象的是( ) A( B( C( D( 4(下列物态变化过程中，需要吸热的是( ) A(初春，早晨河面结有薄冰 B(夏天，打开冰棍纸看到“白气” C(深秋，屋顶的瓦上结了 一层霜 D(冬天，冰冻的衣服逐渐变干 5(“影”是我们日常生活中常见的光现象，如夏天乘凉的“树影”;民间皮影戏的“皮 影”;岸边景色在水中形成的“倒影”;春游时的“摄影”等(下列说法中正确的是 ( ) A(树影是由光的直线传播形成的 B(皮影利用了平面镜成像的原理 C(倒影是由光的折射形成的 D(摄影时用的照相机是根据凹透镜成像的原理制成的 6(规格相同的瓶装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，如图所示，则( ) 第1页(共45页) A(甲瓶液体质量较大 B(乙瓶液体质量较大 C(乙瓶液体密度较大 D(两瓶液体密度相等 7(如图所示是探究“电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关”的实验装置，两个透明绝热容器中密封着等质量的空气，U形管中液面高度的变化反应密闭空气温度的变化，下列说法正确的是( ) A(甲实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系 B(甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量比右侧容器内空气吸收 热量少 C(乙实验是为了研究电流产生的热量与电流的关系 D(电流通过导体时产生热量的多少是通过U形管中液面的高度差来反映的8(如图所示，OAB为轻质杠杆，可绕支点O自由转动，在B端施加一个动力使 杠杆在水平位置平衡，该杠杆( ) A(一定是省力杠杆 B(一定是费力杠杆 C(一定是等臂杠杆 D(以上情况都有可能 9(以下做法中，符合安全用电原则的是( ) A(熔丝熔断后，用铜丝来代替 第2页(共45页) B(将家用电器的金属外壳接地 C(用湿布擦抹电器 D(小区停电，不切断总开关就进行电路维修 10(如图所示，小球在A点由静止开始释放，向右侧摆动(B点是小球摆动的最低点，C点是小球摆到右侧最高点，且A、C两点到B点的竖直距离h,h(在AC 小球从B点摆动到C点的过程中，下列说法正确的是( ) A(小球的机械能总量逐渐变小 B(小球运动状态保持不变 C(小球的动能全部转化为重力势能 D(绳的拉力对小球做了功 11(质量相同的甲、乙两种物质从固态开始加热，它们在相同时间内吸收的热量相等，加热时间都为6分钟，它们的温度随时间变化的图象如图所示(下列说法 正确的是( ) A(甲在3,6min内是液态 B(甲是晶体，乙是非晶体 C(在4,6min内，甲的内能保持不变 D(在固态时，甲的比热容小于乙的比热容 12(图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R为定值电阻，0移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示 数I变化的关系图线中，可能正确的是( ) 第3页(共45页) A( B( C( D( 二、填空题(共11小题，每小题2分，满分24分) 13(“蝉噪林逾静，鸟鸣山更幽”诗句中，“蝉”和“鸟”叫声的区分依据的是声音的 不同;茂密的森林有吸声和消声的作用，是在 控制噪声( 14(花开慢城芳名远，春到高淳美无边(阳春三月，慢城油菜花盛开，吸引了无 数游客( (1)游客漫步在花海中，穿行于河道间，田埂上“香气袭人知昼暖”，这是因为 分子运动的剧烈程度与 有关( (2)蜜蜂在花丛中飞舞，以蜜蜂为参照物，花是 的(选填“运动”或“静止”)( (3)游客拍摄照片的照相机镜头可用来矫正 (填“近”或“远”)视眼( 15(2014年11月13日，“菲萊号”登陆器首次在彗星表面着陆(在减速着陆过 程中动能 (增大/不变/减小)，探测器获取的信息是利用 波传回地球的(16(小明在探究利用杠杆做功的实践活动中，所用的杠杆是一根质量均匀、重为5N的硬棒，他将棒的一端固定，把重为15N的物体挂在棒的中点，然后用手缓慢竖直向上提起棒的另一端，如图所示，若把物体提升了10cm，则小明作用在 杠杆上的拉力是 N，此过程中杠杆的机械效率是 ( 第4页(共45页) 17(小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和盐水，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数 如图所示( (1)分析图甲、乙、丙，说明浮力的大小与 有关( (2)为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，可选用 图的 装置来进行操作( (3)圆柱体浸没在水中时受到的浮力是 N((g取l0N/kg) 18(智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，移动充电宝就是一个可充电的锂聚合物电池(某品牌移动充电宝部分相关参数如 表格 关于规范使用各类表格的通知入职表格免费下载关于主播时间做一个表格详细英语字母大小写表格下载简历表格模板下载 (该充电宝完全充满电时储 存的电能为 J，输出功率为 W( 19(在水平地面上有一长方体木箱，小林用水平推力F把木箱向前推动，如图甲所示，此过程中，推力F随时间t的变化情况如图乙所示，木块前进的速度V的大小随时间t的变化情况如图丙所示，则，从3s到5s内，推力对木块所做的功 J，第2秒木块受到的合力为 N( 20(如图所示电子式电能表表盘上标有3200imp/(kW•h)”字样(imp表示闪烁次数)，将某家用电器单独接在该电能表上正常工作30min，电能表指示灯闪烁了640次，该用电器在上述时间内消耗的电能为 kW•h，该用电器的额定功 第5页(共45页) 率是 W( 21(家里某用电器发生短路，熔丝立即熔断，用下列方法进行检测，如图所示，断开所有用电器的开关，用一个普通的白炽灯L作为“校验灯”，与熔断的熔丝并联，然后只闭合S、S，若L正常发光，说明L ;只闭合S、S，若L发出暗112 红色的光(发光不正常)，说明L ((选填“正常”、“短路”或“断路”)(2 22(甲、乙两灯的额定电压均为9V，测得两灯电流与电压变化的关系图象如图所示，当把两灯并联在4V电源上时，甲的电阻是 Ω，电路消耗的总功率 为 ( 23(严寒冬季，我国北方哨兵脚上穿有电热靴(一只靴内加热电路如图所示，电源电压恒定，S为三档旋钮开关(金属片M可分别拨至a、b、c处)，电阻丝R、21R规格相同且阻值不变，b为电阻丝R的中点(这只电热靴的低温档为6W，则21 其中温档的功率为 W和高温档电功率为 W( 第6页(共45页) 三、解答题(共8小题，满分52分) 24(试根据 规定 关于下班后关闭电源的规定党章中关于入党时间的规定公务员考核规定下载规定办法文件下载宁波关于闷顶的规定 要求作图( (1)如图甲，入射光线AO与水平面成40?角斜射向水面，请作出反射光线(并 大致作出折射光线的大致位置( (2)如图乙，请标出通电螺线管的N、S极并用箭头画出图中磁感线的方向((3)如图丙，自动扶梯沿图示方向匀速运动，请画出站在扶梯上的人所受力的 示意图( (4)如图丁，请将图中所示元件，连接成符合安全用电要求的家庭电路( 225(质量为20kg、底面积100cm的物体静止在水平地面上，用如图所示的滑轮组在5s内将物体匀速竖直提升3m，已知动滑轮重50N，不计绳重和摩 擦((g=10N/kg)，求: (1)提升前，物体静止在水平地面上时对地面的压强; (2)拉力F的功率; (3)滑轮组的机械效率( 26(如图1甲是某品牌电压力锅，图乙所示是它的简化电路图(R、R是定值电12阻，闭合开关S，开关S与触点b接通，电压力锅处于加热状态，此时电压力12 锅的功率P=1000W，通过R的电流为I;当锅内的气压达到设定值时，S自动1112与触点b断开并与触电a接通，S仍闭合，电压力锅处于保压状态，此时电压力1 锅的功率为P，通过R的电流为I(图2是表示做好某次饭的过程中，电压力222 锅从加热到保压消耗的电功率与时间的关系(已知I=5I(求:12 第7页(共45页) (1)电压力锅处于加热状态时，通过电阻R的电流(1 (2)电压力锅处于保压状态时的功率P(2 (3)用电高峰期，电路的实际电压为198V，电压力锅做好同样一次饭，处于加 热过程实际需要多少秒,(不考虑能量损失)(结果保留整数) 27(在“探究凸透镜成像规律的实验”中: (1)如图甲所示，是小明确定焦距时所做的实验，则该凸透镜的焦距为 cm，当烛焰距凸透镜25cm时，能成倒立、 的实像，生活中的 就是利用这个 原理制成的( (2)实验一段时间后，蜡烛因燃烧变短，如图乙所示，要使像能够在光屏的中 央，应将凸透镜向 (选填“上”或“下”)调整( (3)在上一步实验调整好像的位置后，小明取了一副近视镜放在凸透镜和蜡烛 之间，要使光屏上还能呈清晰的像，可将蜡烛适当 (选填“左”或“右”)移(28(某同学在探究“动能大小与哪些因素有关”的试验中，设计了图甲所示的实验 方案 气瓶 现场处置方案 .pdf气瓶 现场处置方案 .doc见习基地管理方案.doc关于群访事件的化解方案建筑工地扬尘治理专项方案下载 ，并进行了如下的实验: 步骤1:l:让钢球从斜面A点由静止开始下滑，到达水平面时速度为v，撞击木1 块并使木块移动，记下木块移动的距离s;1 步骤2:让钢球从斜面B点由静止开始下滑，到达水平面时速度为v，撞击木块2 并使木块移动，记下木块移动的距离s2 步骤3:改变钢球的质量让钢球从A点由静止开始下滑，撞击木块使木块移动， 第8页(共45页) 记下木块移动的距离 s(3 (1)比较v、v，可知v,v，原因:钢球的重力势能越大，转化为钢球的 能12l2 越大( (2)比较步骤 和步骤3可以探究动能大小和物体质量的关系((3)钢球从斜面上滑下后，碰撞到斜面底端水平放置的木块后继续向前运动，两者在水平木块上滑行一段距离后停下，如图甲所示，设木块克服摩擦力所做的 功为W，小球与木块碰撞前的动能为E，则E W(选填“,”“,”“=”)(kk (4)实验结束后，该同学拿走木块，先后将同一小球从同一斜面的不同高度处静止释放，记录小球在相同表面上滑行到静止的距离，如图乙所示，根据此现象，小刚得出了动能与速度有关的结论(你认为该同学实验方案是否合理( (选 填“合理”或“不合理”) (5)若利用图乙器材还准备探究“阻力对物体运动的影响”(为完成探究任务，该同学需要从下面提供器材中选择的器材有 (填序号)(提供器材:?砝码、 ?毛巾和棉布、?弹簧测力计( 29(从地面上搬起重物我们的常见做法是弯腰(如图甲)或人下蹲弯曲膝盖(如图乙)把它搬起来，哪种方法好呢,下面就建立模型说明这个问题(把脊柱简化为杠杆如图丙所示，脊柱可绕骶骨(轴)O转动，腰背部复杂肌肉的等效拉力F作用在A点，其实际作用方向与脊柱夹角为12?且保持不变，搬箱子拉力F作12用在肩关节B点，在B点挂一重物代替箱子(用测力计沿F方向拉，使模型静1 止，可测出腰背部复杂肌肉拉力的大小(接着，改变脊柱与水平面的夹角即可改 变杠杆与水平面的夹角α，多次实验得出结论( (1)当α角增大时，F的力臂L (变大/不变/变小)，F (变大/不变/221 变小)( (2)如果考虑到人上半身的重力，那么腰背部肌肉的实际拉力将比丙图中F要 1 (大/小)( 第9页(共45页) (3)对比甲乙两种姿势所对应丙图中的两种状态，由以下分析可得， (甲/ 乙)图中的姿势比较正确( 30(在测定额定电压为“2.5V”小灯泡电功率(正常发光时电阻约为8Ω)的试验 中，电源为两节新干电池( (1)连接电路时，开关应 ，请用笔画线将图甲电路连接完整，要求滑片P 向左滑动时，滑动变阻器接人电路的电阻变小( (2)电路连接后，闭合开关，移动滑片(未达到最小阻值)，发现灯泡不亮，电 流表有示数，电压表无示数，则故障可能是 ( (3)排除故障后，为了测量小灯泡的额定功率，调节滑片使电压表的示数为 V，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡额定功率是 W((4)某同学在测另外一个小灯泡额定功率过程中，她用同一套器材做了三次实 验，获得三组数据，并进行了数据处理，如下表: 实验序号电流示数/A额定功率/W额定功率的平均值/W 10.712.698 P==2.635额 20.692.622 30.682.584 ?这样处理数据的方法是否正确, (正确/不正确)，其理由是 ((5)若实验中电流表坏了，为了测量小灯泡的额定功率，小明选用一个R=5Ω0 的电阻，设计了如图丁的电路及实验方案: ?调节滑片使电压表的示数为额定电压; ?保持滑片位置不变，只将电压表的a点接线改接到c点，测出R两端的电压0 第10页(共45页) U，通过计算得到小灯泡的额定功率(0 指出他的 设计方案 关于薪酬设计方案通用技术作品设计方案停车场设计方案多媒体教室设计方案农贸市场设计方案 中存在的两个问题: 问题一: ;问题二: ( 31(阅读短文，回答问题: “翼龙”无人机 “翼龙”无人机是我国自主研制的一种中低空、长航时、多用途无人机(图甲所示 是无人机的图片，下表为其部分技术参数( “翼龙”无人机装配有一台活塞式发动机，具备全自主平台，可携带各种侦察、测距、电子对抗设备及小型空地打击武器，可广泛应用于如灾情监视、军事活动等 科学研究领域( 280 160最大飞行速度km/h正常巡航速度km/h 20 75最大续航时间h发动机额定功率kW 200 300最大载荷量kg最大载燃油量kg 1.1 9.0机身质量t机身长度m (1)无人机机身表面采用的复合材料受力不易形变，说明该材料的 较大;飞机外形采用流线型设计，目的是使其飞行时机身上表面的气流速度较 (选 填“小”或“大”)( (2)翼龙无人机满载燃油，并以最大载荷量停在水平跑道上蓄势待发，此时无 2人机轮胎与地面接触的总面积为0.04m(则无人机对水平跑道的压强为 Pa，当无人机起飞后在额定功率下沿水平方向正常巡航时，所受的阻力为 N((g 取10N/kg) (3)无人机沿水平方向正常巡航时，发现正前方有一座山峰，为测定无人机与山峰间的距离，其搭载的声呐系统向山峰发出超声波后，经7.2s收到反射信号，则收到反射信号时无人机与山峰间的距离为 m((已知超声波在空气中的传 播速度为340m/s) 第11页(共45页) (4)某次军事演习时，无人机水平向右做匀速直线运动的过程中，间隔相同时间从飞机上依次自由释放编号为???的三个相同物体(不计空气阻力，则图丁 能正确表示物体着地位置的是 ( (5)活塞式发动机是无人机的核心部件，其基本结构及工作方式如图乙所示，此时该发动机处于 冲程(为了确保无人机的飞行速度不超过最大值，工程师给发动机装上了能控制油门大小的限速器，其简化电路如图丙所示，其中R的x阻值随飞行速度的变大而减小(开关S闭合后，螺线管A的上端相当于电磁铁的 极(当飞行速度达到最大值时，电磁铁刚好能够吸下衔铁B，以减小油门C的喷油量，从而控制无人机的速度(但长时间使用后，保护电阻R的阻值会变大，0 若不及时更换，则会导致限速值 280km/h(选填“,”“=”或“,”)((6)发动机耗油率是指发动机在额定功率下每输出1kW•h能量所消耗的燃油质 量，根据相关参数可知，“翼龙”无人机装配的发动机耗油率为 kg/(kW•h)( 第12页(共45页) 2017年江苏省苏州市昆山市中考物理一模试卷 参考答案与 试题 中考模拟试题doc幼小衔接 数学试题 下载云南高中历年会考数学试题下载N4真题下载党史题库下载 解析 一、选择题(共12小题，每小题2分，满分24分) 1(下列数值最接近实际情况的是( ) A(课桌的高度约为80cm B(一个大头针受到的重力约为5N C(一般洗澡水的温度约为75? D(成年人正常步行的速度约为5m/s 【考点】长度的估测;温度;速度与物体运动;重力大小的估测(【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活 实际的答案( 【解答】解: A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm 左右(此选项符合实际; ,,55B、大头针的质量很小，在10mg=10kg左右，受到的重力为G=mg=10kg× ,4 10N/kg=10N(此选项不符合实际; C、人的体温在37?左右，洗澡水的温度应该略高于体温，不可能达到75?(此 选项不符合实际; D、成年人正常步行的速度在4km/h=4×m/s?1.1m/s左右(此选项不符合实 际( 故选A( 2(人类对能源的需求日益增加，需要发展新能源(下列能源中属于新能源的是 ( ) A(煤 B(太阳能 C(石油 D(天然气 【考点】新能源( 第13页(共45页) 【分析】要解答本题需掌握新能源的概念( 【解答】解:新能源又称非常规能源(是指传统能源之外的各种能源形式(指刚开始开发利用或正在积极研究、有待推广的能源，如:太阳能、地热能、风能、 海洋能、生物质能和核聚变能等(而煤、石油、天然气都属于常规能源( 故选B( 3(在下列实验装置图中，能够说明电磁感应现象的是( ) A( B( C( D( 【考点】电磁感应;直流电动机的构造和工作过程( 【分析】发电机的工作原理是电磁感应现象:闭合电路的一部分导体在磁场中做 切割磁感线运动时，导体中就会产生电流( 【解答】解:AC、电路中有电流，通电导体或线圈受到磁场力的作用发生运动， 不符合题意; B、在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，如果灯泡发光，说明此时有 感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，符合题意( D、是奥斯特实验，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场，不符合题意( 故选B( 4(下列物态变化过程中，需要吸热的是( ) A(初春，早晨河面结有薄冰 B(夏天，打开冰棍纸看到“白气” C(深秋，屋顶的瓦上结了 一层霜 D(冬天，冰冻的衣服逐渐变干 【考点】熔化与熔化吸热特点( 【分析】解决此题要知道物质在发生物态变化时必然要伴随着吸放热的进行，其 中熔化、汽化、升华过程需要吸热，凝固、液化、凝华过程需要放热( 【解答】解:A、液态的水变成固态的冰是凝固，凝固放热(不合题意( 第14页(共45页) B、白气是空气中的水蒸气液化形成的液态的小水珠，液化放热，不合题意( C、霜是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，凝华放热，不合题意，D、冰冻的衣服逐渐变干，固态的冰变成水蒸气升到空中，是升华，吸热，符合 题意( 故选D( 5(“影”是我们日常生活中常见的光现象，如夏天乘凉的“树影”;民间皮影戏的“皮影”;岸边景色在水中形成的“倒影”;春游时的“摄影”等(下列说法中正确的是 ( ) A(树影是由光的直线传播形成的 B(皮影利用了平面镜成像的原理 C(倒影是由光的折射形成的 D(摄影时用的照相机是根据凹透镜成像的原理制成的 【考点】光直线传播的应用;光的反射;光的折射现象及其应用;凸透镜成像的 应用( 【分析】有些“影”是由光的直线传播形成的，有些是由光的反射形成的，有些是 由光的折射形成的(分析是由哪种方式形成的，关键是看光的传播路径( 照相机的镜头是一个凸透镜，凹透镜不能成实像( 【解答】解:A、树影是由光的直线传播，光透不过树叶，在树叶的背后形成的 一个黑暗的区域就是影子; B、皮影和树影是同样的道理，是光的直线传播; C、倒影不是影，实质是平面镜所成的虚像，平面镜成像的原理是光的反射，平 面镜不透光，光反射回来进入我们的眼睛形成像; D、照相机的镜头是一个凸透镜，利用了光的折射( 故选A( 6(规格相同的瓶装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，如图所示，则( ) 第15页(共45页) A(甲瓶液体质量较大 B(乙瓶液体质量较大 C(乙瓶液体密度较大 D(两瓶液体密度相等 【考点】密度公式的应用( 【分析】规格相同的瓶装了不同的液体，由图可知液体的体积不同，天平平衡， 说明液体的质量相等，根据密度公式分析即可得出结论( 【解答】解:规格相同的瓶装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，说明液体的质量相等，由图可知，甲瓶液体的体积大于乙瓶液体的体积，由ρ=可知， 甲瓶液体的密度小于乙瓶液体密度，故只有选项C正确( 故选C( 7(如图所示是探究“电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关”的实验装置，两个透明绝热容器中密封着等质量的空气，U形管中液面高度的变化反应密闭空气温度的变化，下列说法正确的是( ) A(甲实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系 B(甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量比右侧容器内空气吸收 热量少 C(乙实验是为了研究电流产生的热量与电流的关系 D(电流通过导体时产生热量的多少是通过U形管中液面的高度差来反映的 【考点】焦耳定律( 第16页(共45页) 【分析】(1)探究电流产生热量与电阻关系时，控制电流和通电时间不变; 2 (2)根据Q=IRt可知，电流产生热量的多少，即可判断容器内空气吸热量多少; (3)探究电流产生的热量与电流的关系，控制电阻和通电时间不变;(4)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但可以通过液面高度差的变 化来反映，这种研究方法叫转化法( 【解答】解:A、装置甲中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I=I，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I=I+I，两电阻阻值相右左右12等，则支路中电流相等，I=I，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电12 流的一半，即是研究电流产生的热量与电流的关系，故A错误; 2B、根据选项A分析，由Q=IRt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，所以左 侧容器内空气吸收的热量更多，故B错误; C、在乙装置中，容器中的两个电阻丝串联，通过它们的电流I与通电时间t相同，左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，所以乙实验是为了探究电流产生 的热量与电阻大小的关系，故C错误; D、据实验装置可知，电流通过导体产生热量使容器中的空气受热膨胀，从而导致U型管中的液面会发生变化，虽然产生热量的多少不能直接观察，但可以通 过U型管液面高度差的变化来反映，故D正确( 故选D( 8(如图所示，OAB为轻质杠杆，可绕支点O自由转动，在B端施加一个动力使 杠杆在水平位置平衡，该杠杆( ) A(一定是省力杠杆 B(一定是费力杠杆 C(一定是等臂杠杆 D(以上情况都有可能 【考点】杠杆的分类( 【分析】使用杠杆时，如果动力臂大于阻力臂，为省力杠杆;如果动力臂等于阻 第17页(共45页) 力臂，为等臂杠杆;如果动力臂小于阻力臂，为费力杠杆; 因为在B点用力的方向不确定，所以其省费力情况要根据用力的方向确定(据此 分析( 【解答】解:B点力的方向不同，力臂的大小则不同，不能确定动力臂与阻力臂的大小关系，所以此时杠杆可能省力，可能费力，可能既不省力也不费力(故 ABC不符合题意，D符合题意( 故选D( 9(以下做法中，符合安全用电原则的是( ) A(熔丝熔断后，用铜丝来代替 B(将家用电器的金属外壳接地 C(用湿布擦抹电器 D(小区停电，不切断总开关就进行电路维修 【考点】安全用电原则;熔断器的作用及保险丝的选择方法( 【分析】根据安全用电的原则分析判断，注意: A、保险丝在电路中的作用; B、若家用电器内部火线绝缘皮破损或失去绝缘性能，致使火线与外壳接通，外壳就带电，人体接触外壳等于接触火线，就会发生触电事故;如果把外壳用导线 接地，即使外壳带了电，电流也会从接地导线流走，人体接触外壳就没有危险( C、生活用水是导体; D、不切断电源，万一来电会怎样, 【解答】解:A、保险丝是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用， 如果用铜丝代替，因铜丝的熔点高，就起不到保护电路的作用，故A错;B、将家用电器的金属外壳接地，即使外壳带了电，电流也会从接地导线流走， 人体接触外壳就没有危险，故B正确; C、用湿布擦抹电器，水是导体，会使人触电，故C错; D、停电时，进行电路维修，必须断开总开关，否则万一来电，人会触电，故D 错( 第18页(共45页) 故选B( 10(如图所示，小球在A点由静止开始释放，向右侧摆动(B点是小球摆动的最低点，C点是小球摆到右侧最高点，且A、C两点到B点的竖直距离h,h(在AC 小球从B点摆动到C点的过程中，下列说法正确的是( ) A(小球的机械能总量逐渐变小 B(小球运动状态保持不变 C(小球的动能全部转化为重力势能 D(绳的拉力对小球做了功 【考点】动能和势能的转化与守恒( 【分析】?物体的运动状态包括速度和方向两个方面; ?动能和势能合称机械能，由于克服空气阻力，一部分机械能会转化为内能;?做功包含两个必要因素:有力作用在物体上，物体在力的方向上通过一定的距 离( 【解答】解: AC、小球从A到B的过程中，大部分重力势能转化为动能;从B到C的过程中，大部分动能转化为重力势能(由于与空气有摩擦，摆动过程中部分机械能转化为内能，所以机械能总量减少，动能也不可能全部转化为重力势能;故A正确，C 错误; B、小球摆动过程中运动方向不断变化，速度不断变化，也就是运动状态在变化; 故B错误; D、细绳对小球有拉力，但小球在拉力的方向上没有移动距离，所以细绳的拉力 对小球不做功;故D错误( 故选A( 11(质量相同的甲、乙两种物质从固态开始加热，它们在相同时间内吸收的热量 第19页(共45页) 相等，加热时间都为6分钟，它们的温度随时间变化的图象如图所示(下列说法 正确的是( ) A(甲在3,6min内是液态 B(甲是晶体，乙是非晶体 C(在4,6min内，甲的内能保持不变 D(在固态时，甲的比热容小于乙的比热容 【考点】熔化和凝固的温度—时间图象( 【分析】(1)晶体有固定的熔化温度，非晶体没有，晶体在熔化的过程中，是固 液共存状态的;物质吸收热量、内能增加，但温度保持不变( (2)根据Q吸=Cm(t,t )可知:在吸收的热量和时间一定时，物体的温度变0 化值越大，比热容就越小( 【解答】解:A、因甲为晶体，晶体在熔化的过程中，是固液共存状态的，故A 错误; B、因为晶体有固定的熔化温度，非晶体没有，而甲物质到达50摄氏度后温度未再升高，有可能在沸腾，所以不能确定甲为晶体(而乙虽然温度一直升高，可能 还没达到熔点，也可能是非晶体，故不可以判断甲是晶体，故B错误; C、在4,6min内，甲吸收热量，内能增加，故C错误; D、烧杯内物质在相同时间内吸收的热量相同，在0,t时间里甲升高的温度为1 ?t=10?，乙升高的温度为?t,10?，12 可知，当吸收的热量和质量都相同时，?t越大比热容C就越小(所以甲的比热 容小于乙的比热容(故D正确( 故选D( 第20页(共45页) 12(图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R为定值电阻，0移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示 数I变化的关系图线中，可能正确的是( ) A( B( C( D( 【考点】电功率的计算( 【分析】由图R与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流(0 电源提供电流一定，根据并联电路特点分别表示出U与I和P与I的表达式，分 析判断即可( 【解答】解: 由图R与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流(0 若电源提供的电流恒定为I，总 AB、根据并联电路特点可知: U=U=IR=(I,I)R=,IR+IR，000总00总0 其中I、R为定值，由U=,RI+IR，可知U与I的图象为一次函数，且,R总00总00 ,0，故AB错误; CD、由电功率的计算公式: 2 电路消耗总功率:P=UI=(I,I)R×I=,IRI+IR，总总0总总0总0 2其中I、R为定值，由P=,IRI+IR，可知P与I的图象为一次函数，,I总0总0总0总 R,0，且I不能为0，P不会为0，故C正确，D错误(0 故选C( 二、填空题(共11小题，每小题2分，满分24分) 13(“蝉噪林逾静，鸟鸣山更幽”诗句中，“蝉”和“鸟”叫声的区分依据的是声音的 音色 不同;茂密的森林有吸声和消声的作用，是在 传播过程中 控制噪声( 第21页(共45页) 【考点】防治噪声的途径;音色( 【分析】(1)声音是由物体的振动产生的;音色反映的是声音的品质与特色，它 跟发声体的材料和结构有关( (2)减弱噪声的途径有三个，即在声源处减弱噪声、在人耳处减弱噪声、在传 播过程中减弱噪声; 【解答】解:“蝉噪林逾静，鸟鸣山更幽”诗句中，“蝉”和“鸟”叫声的区分依据的是声音的音色判断的;在茂密的森林有吸声和消声的作用，这是在传播过程中减 弱噪声; 故答案为:音色;传播过程中 14(花开慢城芳名远，春到高淳美无边(阳春三月，慢城油菜花盛开，吸引了无 数游客( (1)游客漫步在花海中，穿行于河道间，田埂上“香气袭人知昼暖”，这是因为 分子运动的剧烈程度与 温度 有关( (2)蜜蜂在花丛中飞舞，以蜜蜂为参照物，花是 运动 的(选填“运动”或“静 止”)( (3)游客拍摄照片的照相机镜头可用来矫正 远 (填“近”或“远”)视眼( 【考点】分子的热运动;参照物及其选择;远视眼的成因与矫正办法( 【分析】解答此题从以下知识点入手: ?一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈( ?运动和静止是相对的，选择的参照物不同，物体的运动状态会有所不同;?凸透镜成倒立、缩小的实像，U,2f，应用于照相机和摄像机(凸透镜能够使 光线会聚(远视眼是像成在了视网膜的后方，远视要用凸透镜来矫正((【解答】解:?漫山遍野的菜花散发出阵阵清香，是菜花的香味分子不停地做无规则的运动，运动到空气中被人们闻到了香味，这种现象叫扩散现象(温度越高， 分子运动越剧烈，所以天气晴暖，香气更浓( ?以蜜蜂为参照物，花相对于蜜蜂的位置发生了变化，所以花是运动的; 第22页(共45页) ?照相机的镜头是凸透镜，利用了凸透镜能成倒立缩小的实像，凸透镜对光线有 会聚作用; 远视眼成因:眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后 形成的物像，就会落在视网膜的后方造成远视眼(远视矫正方法，需佩戴凸透镜(( 故答案为:温度;运动;远( 15(2014年11月13日，“菲萊号”登陆器首次在彗星表面着陆(在减速着陆过程中动能 减小 (增大/不变/减小)，探测器获取的信息是利用 电磁 波传 回地球的( 【考点】动能和势能的大小变化;电磁波的传播( 【分析】(1)影响动能大小的因素:质量、速度(质量越大，速度越大，动能越 大( (2)声音传播需要介质，电磁波可以在真空中传播( 【解答】解:(1)“菲萊号”在减速着陆过程中，质量不变，速度变小，所以动能 减小( (2)因为声音不能在真空中传播，所以探测器获取的信息是利用利用电磁波传 回地球( 故答案为:减小;电磁( 16(小明在探究利用杠杆做功的实践活动中，所用的杠杆是一根质量均匀、重为5N的硬棒，他将棒的一端固定，把重为15N的物体挂在棒的中点，然后用手缓慢竖直向上提起棒的另一端，如图所示，若把物体提升了10cm，则小明作用在 杠杆上的拉力是 10 N，此过程中杠杆的机械效率是 75% ( 【考点】杠杆的机械效率( 【分析】(1)杠杆质地均匀，杠杆重5N作用在杠杆重心上，物体的重力也作用 第23页(共45页) 在杠杆重心上，拉力要克服这两个力，知道动力臂和阻力臂的关系，求出动力大 小; (2)使用任何机械都不省功，动力是阻力的二分之一，动力移动的距离是阻力 移动距离的2倍，求出有用功和总功，求出杠杆的机械效率( 【解答】解:15N的物体和5N杠杆的重作用在杠杆中点上，动力竖直作用在杠杆的末端，动力臂是阻力臂的2倍，所以动力是阻力的二分之一，所以F=(G+G )=(15N+5N)=10N(杆 使用任何机械都不省功，动力是阻力的二分之一，动力移动的距离是阻力移动距 离的2倍， 有用功:W=Gh=15N×h，有 总功:W=Fs=10N×2h，总 机械效率:η===75%( 故答案为:10;75%( 17(小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和盐水，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数 如图所示( (1)分析图甲、乙、丙，说明浮力的大小与 物体排开液体的体积 有关((2)为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，可选用 丙、丁 图的装置来进行操作( (3)圆柱体浸没在水中时受到的浮力是 4 N((g取l0N/kg) 【考点】探究浮力大小的实验( 第24页(共45页) 【分析】(1)分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论((2)探究浮力与物体浸入液体深度的关系，应控制液体密度与物体排开液体的 体积相同而物体浸没在液体中的深度不同，分析图示实验，然后答题( (3)物体的重力与测力计拉力之差是物体受到的浮力( 【解答】解:(1)由图甲、乙、丙所示实验可知，物体排开液体的密度相同而排开液体的体积不同，物体受到的浮力不同，由此可知，浮力大小与物体排开液体 的体积有关( (2)探究浮力与物体浸入液体深度的关系，应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同，由图示实验可知，图丙、丁所示实验中物体排开液体的密度、物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同，可以选用图丙、丁所示实验探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关 系( (3)由图甲、丙所示实验可知，圆柱体浸没在水中时受到的浮力:F=G,F=5N浮 ,1N=4N( 故答案为:(1)物体排开液体的体积;(2)丙、丁;(3)4( 18(智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，移动充电宝就是一个可充电的锂聚合物电池(某品牌移动充电宝部分相关参数如表格(该充电宝完全充满电时储 存的电能为 36000 J，输出功率为 4 W( 【考点】电功的计算;电功率的计算( 【分析】由图可知，电池的工作电压，充电电压、容量等;电池的容量800mA•h表示，该电池以I=100mA=0.1A电流放电，可放电5h，由公式W=UIt可以求出电 池储存的电能( 【解答】解: 该充电宝完全充满电时储存的电能:W=UIt=20V×0.1A×5×3600s=36000J; 由移动充电宝铭牌数据可知，其输出电压为5V，输出电流为I′=800mA=0.8A， 充电宝输出功率:P=UI′=5V×0.8A=4W;输出输出 第25页(共45页) 故答案为:36000;4( 19(在水平地面上有一长方体木箱，小林用水平推力F把木箱向前推动，如图甲所示，此过程中，推力F随时间t的变化情况如图乙所示，木块前进的速度V的大小随时间t的变化情况如图丙所示，则，从3s到5s内，推力对木块所做的功 400 J，第2秒木块受到的合力为 100 N( 【考点】功的计算;力与图象的结合( 【分析】(1)根据丙图算出在3,5s内通过的距离，根据乙图找出此时的推力， 根据W=Fs计算出推力做的功; (2)根据木块做匀速直线运动情况时的推力得出摩擦力的大小，由合力的知识 求出2s末所受的合力大小( 【解答】解:(1)由图象可知在3,5s内的运动速度v=1m/s，推力F=200N，33 由v=可得，在3,5s内移动的距离为:s=vt=1m/s×2s=2m，333 推力做功:W=Fs=200N×2m=400J;33 (2)由图丙知，3到5s时间内，物体做匀速直线运动，由图乙可知，此时f=F=200N; 而第2s末F=300N，所以2s末木块所受的合力为F=F,f=300N,200N=100N(合 故答案为:400;100( 20(如图所示电子式电能表表盘上标有3200imp/(kW•h)”字样(imp表示闪烁次数)，将某家用电器单独接在该电能表上正常工作30min，电能表指示灯闪烁了640次，该用电器在上述时间内消耗的电能为 0.2 kW•h，该用电器的额定 功率是 400 W( 第26页(共45页) 【考点】电能表参数的理解与电能的求法( 【分析】电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表( 3200imp/(kW•h)的含义是:电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200 次( 根据题目所给条件和电功率的公式P=，进行解答( 【解答】解:因为电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次( 所以当指示灯闪烁640次时，消耗的电能为W==0.2kW•h， t=30min=0.5h， 用电器的额定功率P===0.4kW=400W( 故答案为:0.2;400( 21(家里某用电器发生短路，熔丝立即熔断，用下列方法进行检测，如图所示，断开所有用电器的开关，用一个普通的白炽灯L作为“校验灯”，与熔断的熔丝并联，然后只闭合S、S，若L正常发光，说明L 短路 ;只闭合S、S，若L发112 出暗红色的光(发光不正常)，说明L 正常 ((选填“正常”、“短路”或“断路”)(2 【考点】家庭电路的故障分析( 【分析】当检验灯泡发光而亮度不够，则加在灯泡上必有电压，但此电压应小于220V，则此时应该是检验灯泡与另一电阻(如另一灯泡)串联接在火线与零线之间(当检验灯泡正常发光时，该灯泡两端的电压应为220V，则此时一定是灯泡 的一端与火线相接，另一端与零线相接( 第27页(共45页) 【解答】解:家用电器工作电压为220V，将一个普通的白炽灯L与那个熔断的 熔丝并联，如图所示闭合闸刀开关，然后逐个合上各用电器的开关，当检验灯泡正常发光时，说明另一灯泡L没有分到电压，该检验灯泡两端的电1 压应为220V，则此时一定是灯泡L发生了短路;1 若发现校验灯发出暗红色的光 (发光不正常)，此校验灯电压应小于220V，则此时应该是检验灯泡与另一灯泡串联接在火线与零线之间，故该支路没有短路， 故正常( 故答案为:短路;正常( 22(甲、乙两灯的额定电压均为9V，测得两灯电流与电压变化的关系图象如图所示，当把两灯并联在4V电源上时，甲的电阻是 8 Ω，电路消耗的总功率为 3.2W ( 【考点】欧姆定律的变形公式;电功率的计算( 【分析】两灯并联在4V电源上时，根据并联电路特点，可知灯泡电压，从图象 中找到对应的电压和电流值，计算甲的电阻; 由图象得到两灯此时的电流，得到总电流，由P=UI计算总功率( 【解答】解: 两灯并联在4V电源上时，U=U=U，甲乙 由图象此时:I=0.5A，I=0.3A，甲乙 根据I=， 甲的电阻:R===8Ω;甲 两灯并联时干路电流:I=I+I=0.5A+0.3A=0.8A，甲乙 电路消耗的总功率:P=UI=4V×0.8A=3.2W( 第28页(共45页) 故答案为:8;3.2W( 23(严寒冬季，我国北方哨兵脚上穿有电热靴(一只靴内加热电路如图所示，电源电压恒定，S为三档旋钮开关(金属片M可分别拨至a、b、c处)，电阻丝R、21R规格相同且阻值不变，b为电阻丝R的中点(这只电热靴的低温档为6W，则21 其中温档的功率为 8 W和高温档电功率为 12 W( 【考点】电功率的计算( 【分析】电源的电压一定，由P=可知，在U一定时，R越小，电功率越大，R越大，电功率越小(由电路图可知，当S闭合、S接a时，R与R串联，电1212路中的总电阻最大，功率最小，根据电阻的串联和P=表示出电热靴的低温档功率;当S闭合、S接b时， R与R串联，电热靴处于中温档，根据P=求1212 出其功率;当S闭合、S接c时，电路为R的简单电路，电路的总电阻最小，122 电热靴处于高温档，根据P=求出其功率( 【解答】解:电阻丝规格相同，设R=R=R，12 因电源的电压一定，由P=可知，在U一定时，R越小，电功率越大，R越大， 电功率越小( 所以，当S闭合、S接a时，R与R串联，电路中的总电阻最大，功率最小，1212 电热靴处于低温档， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，P====6W，即=12W;低 当S闭合、S接b时， R与R串联，电热靴处于中温档，其功率:1212 P===×=×12W=8W;中 第29页(共45页) 当S闭合、S接c时，电路为R的简单电路，电路的总电阻最小，电热靴处于122 高温档，其功率: P===12W(高 故答案为:8;12( 三、解答题(共8小题，满分52分) 24(试根据规定要求作图( (1)如图甲，入射光线AO与水平面成40?角斜射向水面，请作出反射光线(并 大致作出折射光线的大致位置( (2)如图乙，请标出通电螺线管的N、S极并用箭头画出图中磁感线的方向((3)如图丙，自动扶梯沿图示方向匀速运动，请画出站在扶梯上的人所受力的 示意图( (4)如图丁，请将图中所示元件，连接成符合安全用电要求的家庭电路(【考点】光的折射现象及其应用;力的示意图;通电螺线管的磁场;家庭电路的 连接( 【分析】(1)先过入射点作出法线，然后根据入射光线、反射光线以及法线在同 一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线; 根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射 光线的方向( (2)根据电源的正负极和线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的N、S 极，再利用磁感线的特点即可确定磁感线的方向( (3)人随自动扶梯一同匀速上升，因此人相对于扶梯静止，因此人受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，并且二力是一对平衡力;确定重心的大致位置，然 后表示出二力的方向( 第30页(共45页) (4)电灯的接法:开关控制电灯时和电灯是串联的(火线首先进入开关，再进入电灯顶端的金属块;零线直接接入电灯的螺旋套(开关接在火线上，更换灯泡 时更安全( 【解答】解:(1)过入射点O作垂直于界面的法线，根据入射角等于反射角画 出反射光线;根据折射角小于入射角画出折射光线(如图所示: (2)根据电源的正负极可以确定电流从螺线管的左端流入，右端流出;再根据 螺线管的绕向，结合安培定则即可确定螺线管的左端为N极，右端为S极(在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极(由此可以确定磁感线的方向， 如图所示( (3)过重心作竖直向下的力(即重力)和竖直向上的力(即支持力);如图所示: (4)电灯的接法:火线首先进入开关，再进入电灯顶端的金属块;零线直接接 入电灯的螺旋套(如图所示: 225(质量为20kg、底面积100cm的物体静止在水平地面上，用如图所示的滑轮 第31页(共45页) 组在5s内将物体匀速竖直提升3m，已知动滑轮重50N，不计绳重和摩 擦((g=10N/kg)，求: (1)提升前，物体静止在水平地面上时对地面的压强; (2)拉力F的功率; (3)滑轮组的机械效率( 【考点】压强的大小及其计算;滑轮(组)的机械效率;功率的计算( 【分析】(1)物体静止在水平地面上时对地面的压力和自身的重力相等，根据 F=G=mg求出其大小，利用p=求出对地面的压强; (2)不计绳重和摩擦时，拉力做的总功为克服物体重力和动滑轮重力所做的功， 根据W=Gh求出其大小，再根据P=求出拉力F的功率; (3)有用功为克服物体重力所做的功，根据W=Gh求出其大小，利用η=× 100%求出滑轮组的机械效率( 【解答】解:(1)提升前，物体静止在水平地面上时，对地面的压力: F=G=mg=20kg×10N/kg=200N， 对地面的压强: 4 p===2×10Pa; (2)不计绳重和摩擦时，拉力做的总功: W=(G+G)h=×3m=750J，总动 拉力F的功率: P===150W; (3)有用功: W=Gh=200N×3m=600J，有 第32页(共45页) 滑轮组的机械效率: η=×100%=×100%=80%( 4 答:(1)提升前，物体静止在水平地面上时对地面的压强为2×10Pa; (2)拉力F的功率为150W; (3)滑轮组的机械效率为80%( 26(如图1甲是某品牌电压力锅，图乙所示是它的简化电路图(R、R是定值电12阻，闭合开关S，开关S与触点b接通，电压力锅处于加热状态，此时电压力12 锅的功率P=1000W，通过R的电流为I;当锅内的气压达到设定值时，S自动1112与触点b断开并与触电a接通，S仍闭合，电压力锅处于保压状态，此时电压力1 锅的功率为P，通过R的电流为I(图2是表示做好某次饭的过程中，电压力222 锅从加热到保压消耗的电功率与时间的关系(已知I=5I(求:12 (1)电压力锅处于加热状态时，通过电阻R的电流(1 (2)电压力锅处于保压状态时的功率P(2 (3)用电高峰期，电路的实际电压为198V，电压力锅做好同样一次饭，处于加 热过程实际需要多少秒,(不考虑能量损失)(结果保留整数) 【考点】欧姆定律的应用;电功率的计算( 【分析】(1)闭合开关S，开关S与触点b接通，电压力锅处于加热状态，此12 时只有R接入电路，由P=UI计算通过R的电流I;111 (2)S闭合，S与触电a接通，电路中只有R接入电路中，电压力锅处于保压122 状态，通过R的电流为I，由I=5I计算出I，由P=UI计算保压状态的功率P;221222 第33页(共45页) (3)由P=计算R的电阻，再计算实际电压为198V时，加热状态的实际功率;1 根据同样做好一次饭需要的热量是相等的，由Q=W=Pt计算实际加热时间( 【解答】解: (1)由题知，闭合开关S，开关S与触点b接通，只有R接入电路，电压力锅121 处于加热状态， 根据P=UI可得，通过电阻R的电流:1 I==?4.55A;1 (2)S闭合，S与触电a接通，电路中只有R接入电路中，电压力锅处于保压122 状态，通过R的电流为I，22 由题知，I=5I，所以:12 I=I=×4.55A=0.909A，21 保压状态的功率:P=UI=220V×0.909A?200W;22 (3)220V加热状态下，由P=可得，R的电阻:1 R===48.4Ω，1 电路的实际电压为198V，加热状态的实际功率: P===810W，实 不考虑能量损失，要把饭煮熟需要热量相同，即:Q=Q，1实 由Q=W=Pt有:Pt=Pt，11实实 由图象可知，t=10min=600s，1 所以t===741s(实 答:(1)电压力锅处于加热状态时，通过电阻R的电流为4.55A(1 (2)电压力锅处于保压状态时的功率P为200W(2 (3)用电高峰期，电路的实际电压为198V，电压力锅做好同样一次饭，处于加 热过程实际需要741s( 第34页(共45页) 27(在“探究凸透镜成像规律的实验”中: (1)如图甲所示，是小明确定焦距时所做的实验，则该凸透镜的焦距为 10 cm，当烛焰距凸透镜25cm时，能成倒立、 缩小 的实像，生活中的 照相机 就是利用这个原理制成的( (2)实验一段时间后，蜡烛因燃烧变短，如图乙所示，要使像能够在光屏的中 央，应将凸透镜向 小 (选填“上”或“下”)调整( (3)在上一步实验调整好像的位置后，小明取了一副近视镜放在凸透镜和蜡烛 之间，要使光屏上还能呈清晰的像，可将蜡烛适当 左 (选填“左”或“右”)移( 【考点】凸透镜成像规律及其探究实验( 【分析】(1)根据凸透镜焦点和焦距的定义进行判断(当u,2f时，成倒立、缩 小的实像(像距2f,v,f，照相机、摄像机就是根据这个原理制成的((2)实验一段时间后，蜡烛变短了，根据过光心不改变方向，判断透镜的移动 方向( (3)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，能使会聚的光线推迟会聚(【解答】解:(1)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是:f=60.0cm,50.0cm=10.0cm(当烛焰距凸透镜25cm时，即物体处于2倍焦距以外， 能成倒立、缩小的实像，生活中的照相机就是利用这个原理制成的;(2)蜡烛变短了，光屏上的像会向上移动，要使像成在光屏的中央，根据过光 心不改变方向，凸透镜向下移动，或光屏向上移动( (3)近视眼是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚的光线推迟会聚， 蜡烛向左远离凸透镜，才能在光屏上得到清晰的像( 故答案为:(1)10;缩小;照相机;(2)小;(2)左( 28(某同学在探究“动能大小与哪些因素有关”的试验中，设计了图甲所示的实验 方案，并进行了如下的实验: 第35页(共45页) 步骤1:l:让钢球从斜面A点由静止开始下滑，到达水平面时速度为v，撞击木1 块并使木块移动，记下木块移动的距离s;1 步骤2:让钢球从斜面B点由静止开始下滑，到达水平面时速度为v，撞击木块2 并使木块移动，记下木块移动的距离s2 步骤3:改变钢球的质量让钢球从A点由静止开始下滑，撞击木块使木块移动，记下木块移动的距离 s(3 (1)比较v、v，可知v,v，原因:钢球的重力势能越大，转化为钢球的 动 12l2 能越大( (2)比较步骤 1 和步骤3可以探究动能大小和物体质量的关系((3)钢球从斜面上滑下后，碰撞到斜面底端水平放置的木块后继续向前运动，两者在水平木块上滑行一段距离后停下，如图甲所示，设木块克服摩擦力所做的 功为W，小球与木块碰撞前的动能为E，则E , W(选填“,”“,”“=”)(kk (4)实验结束后，该同学拿走木块，先后将同一小球从同一斜面的不同高度处静止释放，记录小球在相同表面上滑行到静止的距离，如图乙所示，根据此现象，小刚得出了动能与速度有关的结论(你认为该同学实验方案是否合理( 合理 (选填“合理”或“不合理”) (5)若利用图乙器材还准备探究“阻力对物体运动的影响”(为完成探究任务，该同学需要从下面提供器材中选择的器材有 ? (填序号)(提供器材:?砝 码、?毛巾和棉布、?弹簧测力计( 【考点】探究影响物体动能大小的因素( 【分析】此题中研究了物体动能与质量、速度两个物理量间的关系，通过控制变量法进行探究是本实验的突出特点，因此，明确变量与不变量，通过分析现象可 得出相应的结论( 探究“阻力对物体运动的影响”需要选择与接触面粗糙程度有关的实验器材(【解答】解:(1)A点高于B点，同一钢球在A点处具有的重力势能大于在B点 第36页(共45页) 处的重力势能;钢球从斜面上向下滚动时，重力势能转化为动能，所以钢球从A 点释放时，滚动到水平面时的动能较大，速度也较大，即v,v;l2(2)步骤1和步骤3控制钢球在斜面上的初始位置相同，滚动到水平面上的速 度相同，改变钢球的质量，则是在速度相同的情况下，探究动能与质量的关系;(3)小球到达水平面时具有动能，推动木块运动时，一部分动能转移给木块使 木块运动，一部分克服摩擦，转化成内能，故则E,W;o (4)相同的表面对小球的阻力是相同的，通过观察小球滑行到静止的距离大小可以判断出小球的动能大小，即球滑行到静止的距离越大，小球的动能越大;可 以得出动能与速度的关系，该实验方案正确; (5)探究“阻力对物体运动的影响”需要选择与接触面粗糙程度有关的毛巾和棉 布( 故答案为:(1)动;(2)1;(3),;(4)合理;(5)?( 29(从地面上搬起重物我们的常见做法是弯腰(如图甲)或人下蹲弯曲膝盖(如图乙)把它搬起来，哪种方法好呢,下面就建立模型说明这个问题(把脊柱简化为杠杆如图丙所示，脊柱可绕骶骨(轴)O转动，腰背部复杂肌肉的等效拉力F作用在A点，其实际作用方向与脊柱夹角为12?且保持不变，搬箱子拉力F作12用在肩关节B点，在B点挂一重物代替箱子(用测力计沿F方向拉，使模型静1 止，可测出腰背部复杂肌肉拉力的大小(接着，改变脊柱与水平面的夹角即可改 变杠杆与水平面的夹角α，多次实验得出结论( (1)当α角增大时，F的力臂L 变小 (变大/不变/变小)，F 变小 (变221 大/不变/变小)( (2)如果考虑到人上半身的重力，那么腰背部肌肉的实际拉力将比丙图中F要 1 大 (大/小)( (3)对比甲乙两种姿势所对应丙图中的两种状态，由以下分析可得， 乙 (甲 /乙)图中的姿势比较正确( 第37页(共45页) 【考点】杠杆的应用( 【分析】(1)做出力臂L的示意图，当α角增大时，由图分析得出力臂L变化，22 根据杠杆平衡条件即可判断中F的变化;1 (2)如果考虑到人上半身的重力，根据重力对杠杆的作用，利用杠杆平衡条件 即可判断实际拉力的变化; (3)比较两种状态下力臂L变化，利用杠杆平衡条件即可判断拉力的不同;根1 据拉力的大小变化可判断姿势的产生的后果( 【解答】解:(1)如图为杠杆示意图: 由图可知:当α角增大时，力臂L变小;由于拉力F的方向与脊柱夹角始终为21 12?，且OA这段距离不变，则O点到F作用线的距离不变，即动力臂不变，阻1 力为箱子的重力不变，根据杠杆平衡条件可知，F变小;1 (2)如果考虑到人上半身的重力，由于上半身的重力会阻碍杠杆的转动，根据 杠杆平衡条件可知:实际拉力将变大; (3)比较甲、乙两种姿势可知:甲的支点太高，在搬起物体时，阻力臂减小得慢，则腰背部复杂肌肉的等效拉力F要比较长时间的使用较大的力，所以甲姿1 势不正确，乙姿势比较正确( 故答案为:(1)变小;变小;(2)大;(3);(4)乙( 30(在测定额定电压为“2.5V”小灯泡电功率(正常发光时电阻约为8Ω)的试验 中，电源为两节新干电池( (1)连接电路时，开关应 断开 ，请用笔画线将图甲电路连接完整，要求滑 第38页(共45页) 片P向左滑动时，滑动变阻器接人电路的电阻变小( (2)电路连接后，闭合开关，移动滑片(未达到最小阻值)，发现灯泡不亮，电 流表有示数，电压表无示数，则故障可能是 灯泡短路 ( (3)排除故障后，为了测量小灯泡的额定功率，调节滑片使电压表的示数为 2.5 V，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡额定功率是 0.75 W((4)某同学在测另外一个小灯泡额定功率过程中，她用同一套器材做了三次实 验，获得三组数据，并进行了数据处理，如下表: 实验序号电流示数/A额定功率/W额定功率的平均值/W 10.712.698 P==2.635额 20.692.622 30.682.584 ?这样处理数据的方法是否正确, 正确 (正确/不正确)，其理由是 三次实 验都是测量灯泡的额定功率，求平均值可以减小误差 ( (5)若实验中电流表坏了，为了测量小灯泡的额定功率，小明选用一个R=5Ω0 的电阻，设计了如图丁的电路及实验方案: ?调节滑片使电压表的示数为额定电压; ?保持滑片位置不变，只将电压表的a点接线改接到c点，测出R两端的电压0 U，通过计算得到小灯泡的额定功率(0 指出他的设计方案中存在的两个问题: 问题一: 无论怎样调节变阻器，都不能使灯泡正常发光 ;问题二: 只将电压表的a点接线改接到c点，电压表的正负接线柱接反，无法测出R两端的电0 压 ( 【考点】电功率的测量( 【分析】(1)为保护电路，连接电路过程中开关应该断开;滑片P向左滑动时， 接入电阻变小，则变阻器的下面应接左边的接线柱; (2)发现灯泡不亮，电流表有示数，则电路为发生短路，电压表无示数，说明 与电压表并联的用电器两端无电压，则与电压表并联的电路短路;(3)要测灯泡的额定功率，应使灯泡两端的电压等于其额定电压;根据图丙读 出电流表的示数，由P=UI计算出灯泡的额定电功率; 第39页(共45页) (4)由于在进行读数时，具有误差，所以虽然用同一套器材做了三次实验，结 果也会有差别，此时可以用求平均值的方法来减小误差; (5)根据串联电路的特点分析灯泡是否能够正常发光;电压表并联在电路中， 电流应由正接线柱流入，负接线柱流出( 【解答】解:(1)连接电路时，开关应断开;将变阻器串联在电路中，滑片P 向左滑动时，接入电阻变小，则变阻器的下面应接左边的接线柱，如图所示: (2)灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则可能与电压表并联的灯泡短 路; (3)要测量灯泡的额定功率，应使灯泡两端的电压等于其额定电压，则应调节滑片使电压表的示数为2.5V;由图丙知，电流表选择0,0.6A的量程，示数为 0.3A;则额定电功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W; (4)由于在进行电压表和电流表的读数时，存在误差，所以测得的功率有差异;因为是用同一套器材测量灯泡的额定功率，所以可以通过求平均值的办法减小误 差，做法正确( (5)由题意知，电源电压约为3V，R=5Ω，灯泡正常发光时电阻约为8Ω，当变0 阻器电阻为零时，设灯泡两端的电压为U， 根据串联分压可知: =，即=解得:U?1.8V,2.5V，所以无论 怎样调节变阻器，都不能使灯泡正常发光; 保持滑片位置不变，只将电压表的a点接线改接到c点，电压表的正负接线柱接 反，无法测出R两端的电压(0 故答案为: (1)断开;见上图; (2)灯泡短路; (3)2.5;0.75; (4)正确;三次实验都是测量灯泡的额定功率，求平均值可以减小误差;(5)无论怎样调节变阻器，都不能使灯泡正常发光;只将电压表的a点接线改 第40页(共45页) 接到c点，电压表的正负接线柱接反，无法测出R两端的电压(0 31(阅读短文，回答问题: “翼龙”无人机 “翼龙”无人机是我国自主研制的一种中低空、长航时、多用途无人机(图甲所示 是无人机的图片，下表为其部分技术参数( “翼龙”无人机装配有一台活塞式发动机，具备全自主平台，可携带各种侦察、测距、电子对抗设备及小型空地打击武器，可广泛应用于如灾情监视、军事活动等 科学研究领域( 280 160最大飞行速度km/h正常巡航速度km/h 20 75最大续航时间h发动机额定功率kW 200 300最大载荷量kg最大载燃油量kg 1.1 9.0机身质量t机身长度m (1)无人机机身表面采用的复合材料受力不易形变，说明该材料的 硬度 较大;飞机外形采用流线型设计，目的是使其飞行时机身上表面的气流速度较 大 (选填“小”或“大”)( (2)翼龙无人机满载燃油，并以最大载荷量停在水平跑道上蓄势待发，此时无 25人机轮胎与地面接触的总面积为0.04m(则无人机对水平跑道的压强为 4×10 Pa，当无人机起飞后在额定功率下沿水平方向正常巡航时，所受的阻力为 1687.5 N((g取10N/kg) (3)无人机沿水平方向正常巡航时，发现正前方有一座山峰，为测定无人机与山峰间的距离，其搭载的声呐系统向山峰发出超声波后，经7.2s收到反射信号，则收到反射信号时无人机与山峰间的距离为 1064 m((已知超声波在空气中 的传播速度为340m/s) (4)某次军事演习时，无人机水平向右做匀速直线运动的过程中，间隔相同时 第41页(共45页) 间从飞机上依次自由释放编号为???的三个相同物体(不计空气阻力，则图丁 能正确表示物体着地位置的是 A ( (5)活塞式发动机是无人机的核心部件，其基本结构及工作方式如图乙所示，此时该发动机处于 压缩 冲程(为了确保无人机的飞行速度不超过最大值，工程师给发动机装上了能控制油门大小的限速器，其简化电路如图丙所示，其中R的阻值随飞行速度的变大而减小(开关S闭合后，螺线管A的上端相当于电磁x 铁的 S 极(当飞行速度达到最大值时，电磁铁刚好能够吸下衔铁B，以减小油门C的喷油量，从而控制无人机的速度(但长时间使用后，保护电阻R的阻0 值会变大，若不及时更换，则会导致限速值 , 280km/h(选填“,”“=”或“,”)((6)发动机耗油率是指发动机在额定功率下每输出1kW•h能量所消耗的燃油质 kg/(kW•h)(量，根据相关参数可知，“翼龙”无人机装配的发动机耗油率为 0.2【考点】与密度有关的物理现象;惯性;二力平衡条件的应用;流体压强与流速的关系;回声测距离的应用;功率计算公式的应用;燃料的热值;内燃机的四个 冲程( 【分析】(1)根据复合材料的特点和流体压强和流速的关系分析解答;(2)翼龙无人机满载燃油，对地面的压力等于无人机、最大载荷量和燃油的总 重力，利用G=mg求出，再利用p=计算压强; 根据P===Fv可求牵引力，根据力的平衡可知阻力大小; (3)声音和无人机行驶的路程之和是发射超声波时无人机与山峰距离的2倍， 根据速度公式求收到反射信号时无人机与山峰间的距离; (4)一切物体都有保持原来运动状态不变的属性，即惯性，从飞机上先后投下 三个相同物体，三个相同物体由于具有惯性，要以原来的速度向前运动((5)汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气;根据 气门的关闭情况和活塞的运行方向判断什么冲程; 由安培定则可以判断出电磁铁的磁极性质; 根据电阻阻值变化判断车速如何变化; 第42页(共45页) (6)根据相关参数可知，发动机额定功率72kW，最大续航时20h，由此可求得消耗的电能，又知道最大载油量300kg，然后根据“发动机耗油率是指发动机在 额定功率下每输出1kW•h能量所消耗的燃油质量”可求得发动机耗油率(【解答】解:(1)无人机机身表面采用的复合材料受力不易形变，说明该材料的 硬度较大; 飞机的机翼做成流线型，在相同时间内，空气经过上方的路程长，速度大;经过下方的路程短，速度小(上方空气流速越大，压强越小;下方空气流速越小，压 强越大(所以机翼下方的气压大于上方的气压，便形成向上的升力( (2)翼龙无人机满载燃油，对地面的压力: 34 F=G=(m+m+m)g=(1.1×10kg+200kg+300kg)×10N/kg=1.6×10N，机载荷油 5 对地面的压强:p===4×10Pa; 根据P===Fv可得，牵引力为F===1687.5N， 根据力的平衡可知，此时阻力f=F=1687.5N; (3)从发出超声波到接受到返回信号所花时间是7.2s，则无人机行驶的时间:t =×7.2s=3.6s(机 则根据v=可得，无人机行驶的路程s=vt=m/s×3.6s=160m，机机机 声音行驶的路程s=vt=340m/s×7.2s=2448m，声声声 所以，收到反射信号时无人机与山峰间的距离为:,s=,机 160m=1064m( (4)飞机沿水平向右作匀速直线运动过程中，间隔相同时间从飞机上依次自由释放编号为???的三个相同物体，物体由于惯性，保持原来的运动状态不变，继续向前飞行，投下的三个物体在下落过程中，都是以原来的速度向前运动，因 此落到地面上后间隔的距离也相等，按照落地先后顺序排列是???(故应选A((5)由图可知，此冲程进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，所以是压缩冲 程; 由图示电路图可知，闭合开关S后，电流从电磁铁上端流入，从下端流出，由安 第43页(共45页) 培定则可知，螺线管A的下端为N极，上端为S极; 由图可知，Rx与电阻R串联，但长时间使用后，保护电阻R的阻值会变大，根00 据串联分压的特点可知，此时Rx两端电压减小，由欧姆定律公式变形可知，Rx 的阻值减小， 由题意中的:“其中Rx的阻值随飞行速度的变大而减小”可知， 长时间使用后，保护电阻R的阻值会变大，若不及时更换，则会导致限速值大0 于280km/h( (6)由表中数据可知，P=75kW，t=20h，m=300kg， 由P=可得，W=Pt=75kW×20h=1500kW•h， 则发动机耗油率η===0.2kg/(kW•h)( 故答案为:(1)硬度;大; 5 (2)4×10;1687.5; (3)1064; (4)A; (5)压缩;S;,; (6)0.2( 第44页(共45页) 2017年3月30日 第45页(共45页)