2019-2020年高一下期期末联考数学试卷 含解析
第I卷(选择题)
一、选择题:共12题 每题5分 共60分
1.数据5,7,7,8,10,11的标准差是
A.8
B.4
C.2
D.1
【
答案
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】C
【解析】本题考查标准差.由题意得=8,所以=2.选C.
【技巧点拨】牢记
公式
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.
2.历届现代奥运会召开时间表如下:
则n的值为
A.29
B.30
C.31
D.32
【答案】C
【解析】由题意得,历届现代奥运会召开时间构成以1896为首项,4为公差的等差数列,所以,解得.
3.若,,则下列不等式成立的是
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】本题考查不等关系与不等式.取,则,,排除A,B;取,则,排除D;选C.
【技巧点拨】逐个验证,一一排除.
4.在如图所示的“茎叶图”表示的数据中,众数和中位数分别
A.23与26
B.31与26
C.24与30
D.26与30
【答案】B
【解析】本题考查茎叶图,众数和中位数.由茎叶图得众数为31,中位数为26.选B.
5.函数,在定义域内任取一点,使的概率是
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】本题考查几何概型.,解得,即;所以使的概率=.选C.
【技巧点拨】几何概型:.
6.200辆汽车通过某一段公路时,时速的频率分布直方图如图所示,则时速在[50,70)的汽车大约有
A.60辆
B.80辆
C.70辆
D.140辆
【答案】D
【解析】本题考查频率分布直方图.时速在[50,70)内的频率为,所以时速在[50,70)的汽车大约有辆.选D.
【技巧点拨】频率分布直方图,要会看会算.
7.已知等差数列的前项和为,且满足,则数列的公差是
A.
B.1
C.2
D.3
【答案】C
【解析】本题考查等差数列.由题意得=-===1,所以数列的公差.选C.
【技巧点拨】等差数列中,.
8.同时掷3枚硬币,至少有1枚正面向上的概率是
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】本题考查古典概型.由题意得“至少有1枚正面向上”的对立事件为“3枚硬币全部反面向上”,所以至少有1枚正面向上的概率.选A.
【技巧点拨】体会“正难则反”的思想.
9.已知成等差数列,成等比数列,则=
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】本题考查等差、等比数列.因为成等差数列,所以;因为成等比数列,所以,所以;所以=.选A.
10.如图给出的是计算的值的一个
流程
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图,其中判断框内应填入的条件是
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】本题考查流程图.由题意得:该流程图的功能求10个数之和(计数变量从1逐个变到10),且当满足条件时结束循环,所以判断框内应填入的条件是.选D.
11.已知>0, >0,且,若>恒成立,则实数的取值范围是
A.≤-2或≥4
B.≤-4或≥2
C.-2<<4
D.-4<<2
【答案】D
【解析】本题考查基本不等式,一元二次不等式.由题意得===8(当且仅当时等号成立);而>恒成立,即8>,解得-4<<2.选D.
12.△ABC中,,, 则△ABC周长的最大值为
A.2
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】本题考查余弦定理,基本不等式.由余弦定理得,即=,即,所以,(当且仅当时等号成立);所以△ABC周长的最大值为.选D.
【技巧点拨】余弦定理:.
第II卷(非选择题)
二、填空题:共4题 每题4分 共16分
13.某校高中生共有900人,其中高一年级300人,高二年级200人,高三年级400人,现采用分层抽样法抽取一个容量为45的样本,那么从高一、高二、高三各年级抽取人数分别为 .
【答案】15,10,20
【解析】本题主要考查分层抽样.解答本题时要注意利用分层抽样的特点,分别计算各年级抽取人数.由题,设各年级抽取的人数分别为,则有,解得.
【技巧点拨】统计历年的高考试题可以看出,抽样
方法
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是高考中的一个考查方向,属于容易题,处于填空题的前2题.
14.从一批产品中取出三件,设A=“三件产品全不是次品”,B=“三件产品全是次品”,C=“三件产品不全是次品”,则下列结论中正确的是
(1).A与C互斥;(2).B与C互斥;(3).任两个均互斥;(4).任两个均不互斥.
【答案】(2)
【解析】本题考查互斥事件.由题意得A与C是包含关系,(1)(3)错误;B与C互斥,(4)错误,(2)正确;所以结论中正确的是(2).
15.若不等式的解集是,则不等式的解集是
【答案】
【解析】本题考查一元二次不等式.由题意得为方程的根,所以,解得;所以转化为,解得;即不等式的解集是.
16.对于数列,定义数列为数列的“差数列”,若,的“差数列”的通项公式为,则数列的通项公式= .
【答案】
【解析】本题考查数列的通项与求和.由题意得,即=++++===.即数列的通项公式=.
【技巧点拨】等比数列中,.
三、解答题:共6题 第17-21题 每题12分 第22题14分 共74分
17.一个包装箱内有6件产品,其中4件正品,2件次品.现随机抽出两件产品.
(1)求恰好有一件次品的概率;
(2)求都是正品的概率.
【答案】(1)记事件A 为“抽出两件产品恰好有一件次品”.
实验总共有15个基本事件,事件A包含8个基本事件,分别为(正1,次1),(正2,次1),(正3,次1),(正4,次1),(正1,次2),(正2,次2),(正3,次2),(正4,次2),
所以P(A)=
(2)记事件B 为“抽出两件产品都是正品”.事件B包含6个基本事件,
分别为(正1,正2),(正1,正3),(正1,正4),(正2,正3),(正2,正4),(正3,正4),
所以P(B)=.
【解析】本题考查古典概型.(1)共有15个基本事件,事件A包含8个基本事件,所以P(A)=;(2)事件B包含6个基本事件,所以P(B)=.
【技巧点拨】枚举时不重不漏.
18.某连锁经营公司所属5个零售店某月的销售额和利润额资料如下表
(1)画出散点图.观察散点图,说明两个变量有怎样的相关性;
(2)用最小二乘法计算利润额y对销售额x的回归直线方程;
(3)当销售额为8(千万元)时,估计利润额的大小.
【答案】(1)散点图略,两个变量具有线性相关关系.
(2)设线性回归方程为,易得
,
对的线性回归方程为
(3)当销售额为8(千万元)时,利润额约为(百万元).
【解析】本题考查散点图,回归直线与回归方程.(1)线性相关关系.(2)分别求得,可得回归方程(3)当销售额为8(千万元)时,(百万元).
19.已知单调递增的等比数列满足:,且是的等差中项.
(1)求数列的通项公式;
(2)若,为数列的前n项和,求.
【答案】(1)设等比数列的首项为,公比为q ,
依题意,有 ,
代入,解得,所以,
所以,解得或,
又单调递增,所以,所以;
(2)由(1)知,所以,
所以 ①
所以 ②
所以①②得
【解析】本题主要考查等差数列,等比数列,数列的求和,错位相减法. (1)根据题意设出公比为,列出关于和的方程组,求解出和,根据数列是单调递增的,最后注意取舍;(2)由(1)知,所以,然后利用错位相减法求和.
20.已知在Δ中,其内角所对的边分别为, 且有.
(1)求证:成等比数列;
(2)若,求的面积.
【答案】(1)由已知得:,
所以,所以,
再由正弦定理可得:,所以成等比数列.
(2)若,则,所以,所以;
所以△的面积.
【解析】本题考查同角三角函数的基本关系,正余弦定理,三角形的面积公式,等比数列.(1)化简得,由正弦定理得,所以成等比数列.(2),由余弦定理得,;所以.
【技巧点拨】正弦定理:,余弦定理:,三角形的面积公式:
21.如图,正方形的边长为2.
(1)在其四边或内部取点,且,求事件:“”的概率;
(2)在其内部取点,求事件:“Δ, Δ, Δ, Δ的面积均大于”的概率
【答案】(1)满足,所有可能的事件共9个:
(0,0),(0,1),(0,2),(1,0),(1,1),(1,2),(2,0),(2,1),(2,2);
而满足的事件有(0,2), (1,1),(1,2),(2,0),(2,1),(2,2)共6个;
所以事件“”的概率.
(2)由题意得;
Δ, Δ, Δ, Δ的面积均大于,则每个三角形的高应大于;
即点在边长为的正方形的内部(如图所示);
所以所求的概率.
【解析】本题考查古典概型、几何概型.(1)所有可能的事件共9个,而满足的事件有6个;所以“”的概率. (2);,所以.
【技巧点拨】几何概型:.
22.设数列的前项和为,其中,为常数,且成等差数列.
(1)当时,求的通项公式;
(2)当时,设,对于,恒成立,求实数的取值范围;
(3)设,是否存在,使数列为等比数列?若存在,求出的值;若不存在,请说明理由.
【答案】(1)由题意知:即,
当时,,两式相减得:,.
当时,,∴,满足
所以是以为首项,以2为公比的等比数列;
因为,所以.
(2)由(1)得,所以=,
所以,
所以
因为,所以,所以.
(3)由(1)得是以为首项,以2为公比的等比数列
所以=.
要使为等比数列,当且仅当,
所以存在,使为等比数列.
【解析】本题考查等差、等比数列,数列的通项与求和.(1)由知,所以是等比数列,所以.(2),裂项相消可得,所以.(3),存在,使为等比数列.