高三一轮总复习
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抓基础·自主学习
明考向·题型突破
第三章 不等式
第15课 基本不等式及其应用
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[最新考纲]
内容
要求
A
B
C
基本不等式及其应用
√
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a>0,b>0
a=b
2ab
2
1.基本不等式eq \r(ab)≤eq \f(a+b,2)
(1)基本不等式成立的条件:__________.
(2)等号成立的条件:当且仅当_____.
2.几个重要的不等式
(1)a2+b2≥____ (a,b∈R);
(2)eq \f(b,a)+eq \f(a,b)≥___ (a,b同号且不为零);
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两个正数的算术平均数不小于它们的几何平均数
(3)ab≤eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a+b,2)))2(a,b∈R);
(4)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a+b,2)))2≤eq \f(a2+b2,2)(a,b∈R).
3.算术平均数与几何平均数
设a>0,b>0,则a,b的算术平均数为______,几何平均数为_____,基本不等式可叙述为:___________________________________________.
eq \f(a+b,2)
eq \r(ab)
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4.利用基本不等式求最值问题
已知x>0,y>0,则
(1)如果xy是定值p,那么当且仅当x=y时,x+y有最小值是______(简记:积定和最小).
(2)如果x+y是定值q,那么当且仅当x=y时,xy有最大值是___(简记:和定积最大).
2eq \r(p)
eq \f(q2,4)
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1.(思考辨析)判断下列结论的正误.(正确的打“√”,错误的打“×”)
(1)函数y=x+eq \f(1,x)的最小值是2.( )
(2)函数f(x)=cos x+eq \f(4,cos x),x∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0,\f(π,2)))的最小值等于4.( )
(3)x>0,y>0是eq \f(x,y)+eq \f(y,x)≥2的充要条件.( )
(4)若a>0,则a3+eq \f(1,a2)的最小值为2eq \r(a).( )
[答案] (1)× (2)× (3)× (4)×
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2.若a,b∈R,且ab>0,则下列不等式中,恒成立的是________.(填序号)
①a2+b2>2ab;
②a+b≥2eq \r(ab);
③eq \f(1,a)+eq \f(1,b)>eq \f(2,\r(ab));
④eq \f(b,a)+eq \f(a,b)≥2.
④ [∵a2+b2-2ab=(a-b)2≥0,∴①错误;对于②,③,当a<0,b<0时,明显错误.
对于④,∵ab>0,∴eq \f(b,a)+eq \f(a,b)≥2eq \r(\f(b,a)·\f(a,b))=2.]
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3.若a,b都是正数,则eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(b,a)))
eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(4a,b)))的最小值为________.
9 [∵a,b都是正数,∴eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(b,a)))
eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(4a,b)))=5+eq \f(b,a)+eq \f(4a,b)≥5+2eq \r(\f(b,a)·\f(4a,b))=9,当且仅当b=2a>0时取等号.]
4.若函数f(x)=x+eq \f(1,x-2)(x>2)在x=a处取最小值,则a等于________.
3 [当x>2时,x-2>0,f(x)=(x-2)+eq \f(1,x-2)+2≥2eq \r(x-2×\f(1,x-2))+2=4,当且仅当x-2=eq \f(1,x-2)(x>2),即x=3时取等号,即当f(x)取得最小值时,x=3,即a=3.]
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5.(教材改编)若把总长为20 m的篱笆围成一个矩形场地,则矩形场地的最大面积是__________m2.
25 [设矩形的一边为x m,矩形场地的面积为y,
则另一边为eq \f(1,2)×(20-2x)=(10-x)m,
则y=x(10-x)≤eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(x+10-x,2)))2=25,
当且仅当x=10-x,即x=5时,ymax=25.]
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利用基本不等式求最值
eq \a\vs4\al(☞)角度1 配凑法求最值
(1)已知x
y>0,且log2x+log2y=1,则eq \f(x2+y2,x-y)的最小值为________.
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(1)1 (2)4 [(1)因为x0,
则f(x)=4x-2+eq \f(1,4x-5)=-eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(5-4x+\f(1,5-4x)))+3≤-2+3=1.
当且仅当5-4x=eq \f(1,5-4x),即x=1时,等号成立.
故f(x)=4x-2+eq \f(1,4x-5)的最大值为1.
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(2)由log2x+log2y=1得xy=2.
∴eq \f(x2+y2,x-y)=eq \f(x-y2+2xy,x-y)=(x-y)+eq \f(4,x-y).
又x>y,∴x-y>0.
∴(x-y)+eq \f(4,x-y)≥2eq \r(x-y·\f(4,x-y))=4,
当且仅当x-y=eq \f(4,x-y),即x-y=2时等号成立.
故eq \f(x2+y2,x-y)的最小值为4.]
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eq \a\vs4\al(☞)角度2 常数代换或消元法求最值
(1)若正数x,y满足x+3y=5xy,则3x+4y的最小值是________.
(2)设a+b=2,b>0,则eq \f(1,2|a|)+eq \f(|a|,b)取最小值时,a的值为________.
(1)5 (2)-2 [(1)法一:由x+3y=5xy可得eq \f(1,5y)+eq \f(3,5x)=1,
∴3x+4y=(3x+4y)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,5y)+\f(3,5x)))
=eq \f(9,5)+eq \f(4,5)+eq \f(3x,5y)+eq \f(12y,5x)≥eq \f(13,5)+eq \f(12,5)=5.
(当且仅当eq \f(3x,5y)=eq \f(12y,5x),即x=1,y=eq \f(1,2)时,等号成立),
∴3x+4y的最小值是5.
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法二:由x+3y=5xy,得x=eq \f(3y,5y-1),
∵x>0,y>0,∴y>eq \f(1,5).
∴3x+4y=eq \f(9y,5y-1)+4y
=eq \f(13\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(y-\f(1,5)))+\f(9,5)+\f(4,5)-4y,5y-1)+4y
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=eq \f(13,5)+eq \f(9,5)·eq \f(\f(1,5),y-\f(1,5))+4eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(y-\f(1,5)))≥eq \f(13,5)+2eq \r(\f(36,25))=5,
当且仅当y=eq \f(1,2)时等号成立,
∴(3x+4y)min=5.
(2)∵a+b=2,
∴eq \f(1,2|a|)+eq \f(|a|,b)=eq \f(2,4|a|)+eq \f(|a|,b)
=eq \f(a+b,4|a|)+eq \f(|a|,b)
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=eq \f(a,4|a|)+eq \f(b,4|a|)+eq \f(|a|,b)
≥eq \f(a,4|a|)+2eq \r(\f(b,4|a|)×\f(|a|,b))=eq \f(a,4|a|)+1,
当且仅当eq \f(b,4|a|)=eq \f(|a|,b)时等号成立.
又a+b=2,b>0,
∴当b=-2a,a=-2时,eq \f(1,2|a|)+eq \f(|a|,b)取得最小值.]
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eq \a\vs4\al(☞)角度3 不等式的综合应用
(1)设正实数x,y,z满足x2-3xy+4y2-z=0,则当eq \f(xy,z)取得最大值时,eq \f(2,x)+eq \f(1,y)-eq \f(2,z)的最大值为________.
(2)设f(x)=ln x,0p;
④p=r>q.
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(1)1 (2)② [eq \f(xy,z)=eq \f(xy,x2-3xy+4y2)=eq \f(1,\f(x,y)+\f(4y,x)-3)≤eq \f(1,2\r(\f(x,y)·\f(4y,x))-3)=1,当且仅当x=2y时等号成立,因此z=4y2-6y2+4y2=2y2,所以eq \f(2,x)+eq \f(1,y)-eq \f(2,z)=eq \f(2,y)-eq \f(1,y2)=-eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,y)-1))2+1≤1.
(2)因为b>a>0,故eq \f(a+b,2)>eq \r(ab).又f(x)=ln x(x>0)为增函数,所以feq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a+b,2)))>f(eq \r(ab)),即q>p.又r=eq \f(1,2)(f(a)+f(b))=eq \f(1,2)(ln a+ln b)=ln eq \r(ab)=p,∴p=r0,b>0,a+b=1,求证:
(1)eq \f(1,a)+eq \f(1,b)+eq \f(1,ab)≥8;
(2)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(1,a)))
eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(1,b)))≥9. 【导学号:62172085】
[证明] (1)eq \f(1,a)+eq \f(1,b)+eq \f(1,ab)=2eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,a)+\f(1,b))).
∵a+b=1,a>0,b>0,
∴eq \f(1,a)+eq \f(1,b)=eq \f(a+b,a)+eq \f(a+b,b)=2+eq \f(a,b)+eq \f(b,a)≥2+2=4,
∴eq \f(1,a)+eq \f(1,b)+eq \f(1,ab)≥8(当且仅当a=b=eq \f(1,2)时等号成立).
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(2)法一:∵a>0,b>0,a+b=1,
∴1+eq \f(1,a)=1+eq \f(a+b,a)=2+eq \f(b,a),同理1+eq \f(1,b)=2+eq \f(a,b),
∴eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(1,a)))
eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(1,b)))=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2+\f(b,a)))
eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2+\f(a,b)))
=5+2eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(b,a)+\f(a,b)))≥5+4=9,
∴eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(1,a)))
eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(1,b)))≥9(当且仅当a=b=eq \f(1,2)时等号成立).
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法二:eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(1,a)))
eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(1,b)))=1+eq \f(1,a)+eq \f(1,b)+eq \f(1,ab),
由(1)知,eq \f(1,a)+eq \f(1,b)+eq \f(1,ab)≥8,
故eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(1,a)))
eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1+\f(1,b)))=1+eq \f(1,a)+eq \f(1,b)+eq \f(1,ab)≥9.
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[规律方法] 1.“1”的代换是解决问题的关键,代换变形后能使用基本不等式是代换的前提,不能盲目变形.
2.利用基本不等式证明不等式,关键是所证不等式必须是有“和”式或“积”式,通过将“和”式转化为“积”式或将“积”式转化为“和”式,达到放缩的效果,必要时,也需要运用“拆、拼、凑”的技巧,同时应注意多次运用基本不等式时等号能否取到.
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[变式训练1] 设a,b均为正实数,求证:eq \f(1,a2)+eq \f(1,b2)+ab≥2eq \r(2).
[证明] 由于a,b均为正实数,
所以eq \f(1,a2)+eq \f(1,b2)≥2eq \r(\f(1,a2)·\f(1,b2))=eq \f(2,ab),
当且仅当eq \f(1,a2)=eq \f(1,b2),即a=b时等号成立,
又因为eq \f(2,ab)+ab≥2eq \r(\f(2,ab)·ab)=2eq \r(2),
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当且仅当eq \f(2,ab)=ab时等号成立,
所以eq \f(1,a2)+eq \f(1,b2)+ab≥eq \f(2,ab)+ab≥2eq \r(2),
当且仅当eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(\f(1,a2)=\f(1,b2),,\f(2,ab)=ab,))即a=b=eq \r(4,2)时取等号.
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基本不等式的实际应用
运货卡车以每小时x千米的速度匀速行驶130千米,按交通法规限制50≤x≤100(单位:千米/时).假设汽油的价格是每升2元,而汽车每小时耗油eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2+\f(x2,360)))升,司机的工资是每小时14元.
(1)求这次行车总费用y关于x的
表
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达式;
(2)当x为何值时,这次行车的总费用最低,并求出最低费用的值.
[解] (1)设所用时间为t=eq \f(130,x)(h),
y=eq \f(130,x)×2×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2+\f(x2,360)))+14×eq \f(130,x),x∈[50,100].
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所以这次行车总费用y关于x的表达式是
y=eq \f(130×18,x)+eq \f(2×130,360)x,x∈eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(50,100)).
(或y=eq \f(2 340,x)+eq \f(13,18)x,x∈eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(50,100))).
(2)y=eq \f(130×18,x)+eq \f(2×130,360)x≥26 eq \r(10),
当且仅当eq \f(130×18,x)=eq \f(2×130,360)x,
即x=18eq \r(10),等号成立.
故当x=18eq \r(10)千米/时,这次行车的总费用最低,最低费用的值为26eq \r(10)元.
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[规律方法] 1.设变量时一般要把求最大值或最小值的变量定义为函数.
2.根据实际问题抽象出函数的解析式后,只需利用基本不等式求得函数的最值.
3.在求函数的最值时,一定要在定义域(使实际问题有意义的自变量的取值范围)内求解.
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[变式训练2] 某化工企业2016年年底投入100万元,购入一套污水处理设备.该设备每年的运转费用是0.5万元,此外每年都要花费一定的维护费,第一年的维护费为2万元,由于设备老化,以后每年的维护费都比上一年增加2万元.设该企业使用该设备x年的年平均污水处理费用为y(单位:万元).
(1)用x表示y;
(2)当该企业的年平均污水处理费用最低时,企业需重新更换新的污水处理设备.则该企业几年后需要重新更换新的污水处理设备.
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[解] (1)由题意得,
y=eq \f(100+0.5x+2+4+6+…+2x,x),
即y=x+eq \f(100,x)+1.5(x∈N+).
(2)由基本不等式得:
y=x+eq \f(100,x)+1.5≥2eq \r(x·\f(100,x))+1.5=21.5,
当且仅当x=eq \f(100,x),即x=10时取等号.
故该企业10年后需要重新更换新的污水处理设备.
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[思想与方法]
1.基本不等式具有将“和式”转化为“积式”和将“积式”转化为“和式”的放缩功能,因此可以用在一些不等式的证明中,还可以用于求代数式的最值或取值范围.如果条件等式中,同时含有两个变量的和与积的形式,就可以直接利用基本不等式对两个正数的和与积进行转化,然后通过解不等式进行求解.
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2.基本不等式的两个变形:
(1)eq \f(a2+b2,2)≥eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a+b,2)))2≥ab(a,b∈R,当且仅当a=b时取等号).
(2)eq \r(\f(a2+b2,2))≥eq \f(a+b,2)≥eq \r(ab)≥eq \f(2,\f(1,a)+\f(1,b))(a>0,b>0,当且仅当a=b时取等号).
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[易错与防范]
1.使用基本不等式求最值,“一正”“二定”“三相等”三个条件缺一不可.
2.“当且仅当a=b时等号成立”的含义是“a=b”是等号成立的充要条件,这一点至关重要,忽视它往往会导致解题错误.
3.连续使用基本不等式求最值要求每次等号成立的条件一致.