2019中考数学试题分类汇编 考点28 圆的有关概念（含解析）

2019 中考 中考数学全套课件中考心理辅导讲座中考语文病句辨析修改中考语文古诗文必背中考单选题精选 数学试题分类汇编 考点28 圆的有关概念（含解析） 一．选择题（共26小题） 1．（2018•安顺）已知⊙O的直径CD=10cm，AB是⊙O的弦，AB⊥CD，垂足为M，且AB=8cm，则AC的长为（　　） A．2cm B．4cm C．2cm或4cm D．2cm或4cm 【分析】先根据题意画出图形，由于点C的位置不能确定，故应分两种情况进行讨论． 【解答】解：连接AC，AO， ∵⊙O的直径CD=10cm，AB⊥CD，AB=8cm， ∴AM=AB=×8=4cm，OD=OC=5cm， 当C点位置如图1所示时， ∵OA=5cm，AM=4cm，CD⊥AB， ∴OM===3cm， ∴CM=OC+OM=5+3=8cm， ∴AC===4cm； 当C点位置如图2所示时，同理可得OM=3cm， ∵OC=5cm， ∴MC=5﹣3=2cm， 在Rt△AMC中，AC===2cm． 故选：C． 　 2．（2018•聊城）如图，⊙O中，弦BC与半径OA相交于点D，连接AB，OC．若∠A=60°，∠ADC=85°，则∠C的度数是（　　） A．25° B．27.5° C．30° D．35° 【分析】直接利用三角形外角的性质以及邻补角的关系得出∠B以及∠ODC度数，再利用圆周角定理以及三角形内角和定理得出答案． 【解答】解：∵∠A=60°，∠ADC=85°， ∴∠B=85°﹣60°=25°，∠CDO=95°， ∴∠AOC=2∠B=50°， ∴∠C=180°﹣95°﹣50°=35° 故选：D． 　 3．（2018•张家界）如图，AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB于点E，OC=5cm，CD=8cm，则AE=（　　） A．8cm B．5cm C．3cm D．2cm 【分析】根据垂径定理可得出CE的长度，在Rt△OCE中，利用勾股定理可得出OE的长度，再利用AE=AO+OE即可得出AE的长度． 【解答】解：∵弦CD⊥AB于点E，CD=8cm， ∴CE=CD=4cm． 在Rt△OCE中，OC=5cm，CE=4cm， ∴OE==3cm， ∴AE=AO+OE=5+3=8cm． 故选：A． 　 4．（2018•菏泽）如图，在⊙O中，OC⊥AB，∠ADC=32°，则∠OBA的度数是（　　） A．64° B．58° C．32° D．26° 【分析】根据垂径定理，可得=，∠OEB=90°，根据圆周角定理，可得∠3，根据直角三角形的性质，可得答案． 【解答】解：如图， 由OC⊥AB，得 =，∠OEB=90°． ∴∠2=∠3． ∵∠2=2∠1=2×32°=64°． ∴∠3=64°， 在Rt△OBE中，∠OEB=90°， ∴∠B=90°﹣∠3=90°﹣64°=26°， 故选：D． 　 5．（2018•白银）如图，⊙A过点O（0，0），C（，0），D（0，1），点B是x轴下方⊙A上的一点，连接BO，BD，则∠OBD的度数是（　　） A．15° B．30° C．45° D．60° 【分析】连接DC，利用三角函数得出∠DCO=30°，进而利用圆周角定理得出∠DBO=30°即可． 【解答】解：连接DC， ∵C（，0），D（0，1）， ∴∠DOC=90°，OD=1，OC=， ∴∠DCO=30°， ∴∠OBD=30°， 故选：B． 　 6．（2018•襄阳）如图，点A，B，C，D都在半径为2的⊙O上，若OA⊥BC，∠CDA=30°，则弦BC的长为（　　） A．4 B．2 C． D．2 【分析】根据垂径定理得到CH=BH， =，根据圆周角定理求出∠AOB，根据正弦的定义求出BH，计算即可． 【解答】解：∵OA⊥BC， ∴CH=BH， =， ∴∠AOB=2∠CDA=60°， ∴BH=OB•sin∠AOB=， ∴BC=2BH=2， 故选：D． 　 7．（2018•济宁）如图，点B，C，D在⊙O上，若∠BCD=130°，则∠BOD的度数是（　　） A．50° B．60° C．80° D．100° 【分析】首先圆上取一点A，连接AB，AD，根据圆的内接四边形的性质，即可得∠BAD+∠BCD=180°，即可求得∠BAD的度数，再根据圆周角的性质，即可求得答案． 【解答】解：圆上取一点A，连接AB，AD， ∵点A、B，C，D在⊙O上，∠BCD=130°， ∴∠BAD=50°， ∴∠BOD=100°， 故选：D． 　 8．（2018•通辽）已知⊙O的半径为10，圆心O到弦AB的距离为5，则弦AB所对的圆周角的度数是（　　） A．30° B．60° C．30°或150° D．60°或120° 【分析】由图可知，OA=10，OD=5．根据特殊角的三角函数值求角度即可． 【解答】解：由图可知，OA=10，OD=5， 在Rt△OAD中， ∵OA=10，OD=5，AD=， ∴tan∠1=，∠1=60°， 同理可得∠2=60°， ∴∠AOB=∠1+∠2=60°+60°=120°， ∴圆周角的度数是60°或120°． 故选：D． 　 9．（2018•南充）如图，BC是⊙O的直径，A是⊙O上的一点，∠OAC=32°，则∠B的度数是（　　） A．58° B．60° C．64° D．68° 【分析】根据半径相等，得出OC=OA，进而得出∠C=32°，利用直径和圆周角定理解答即可． 【解答】解：∵OA=OC， ∴∠C=∠OAC=32°， ∵BC是直径， ∴∠B=90°﹣32°=58°， 故选：A． 　 10．（2018•铜仁市）如图，已知圆心角∠AOB=110°，则圆周角∠ACB=（　　） A．55° B．110° C．120° D．125° 【分析】根据圆周角定理进行求解．一条弧所对的圆周角等于它所对的圆心角的一半． 【解答】解：根据圆周角定理，得 ∠ACB=（360°﹣∠AOB）=×250°=125°． 故选：D． 　 11．（2018•临安区）如图，⊙O的半径OA=6，以A为圆心，OA为半径的弧交⊙O于B、C点，则BC=（　　） A． B． C． D． 【分析】根据垂径定理先求BC一半的长，再求BC的长． 【解答】解：设OA与BC相交于D点． ∵AB=OA=OB=6 ∴△OAB是等边三角形． 又根据垂径定理可得，OA平分BC， 利用勾股定理可得BD==3 所以BC=6． 故选：A． 　 12．（2018•贵港）如图，点A，B，C均在⊙O上，若∠A=66°，则∠OCB的度数是（　　） A．24° B．28° C．33° D．48° 【分析】首先利用圆周角定理可得∠COB的度数，再根据等边对等角可得∠OCB=∠OBC，进而可得答案． 【解答】解：∵∠A=66°， ∴∠COB=132°， ∵CO=BO， ∴∠OCB=∠OBC=（180°﹣132°）=24°， 故选：A． 　 13．（2018•威海）如图，⊙O的半径为5，AB为弦，点C为的中点，若∠ABC=30°，则弦AB的长为（　　） A． B．5 C． D．5 【分析】连接OC、OA，利用圆周角定理得出∠AOC=60°，再利用垂径定理得出AB即可． 【解答】解：连接OC、OA， ∵∠ABC=30°， ∴∠AOC=60°， ∵AB为弦，点C为的中点， ∴OC⊥AB， 在Rt△OAE中，AE=， ∴AB=， 故选：D． 　 14．（2018•盐城）如图，AB为⊙O的直径，CD是⊙O的弦，∠ADC=35°，则∠CAB的度数为（　　） A．35° B．45° C．55° D．65° 【分析】根据圆周角定理得到∠ABC=∠ADC=35°，∠ACB=90°，根据三角形内角和定理计算即可． 【解答】解：由圆周角定理得，∠ABC=∠ADC=35°， ∵AB为⊙O的直径， ∴∠ACB=90°， ∴∠CAB=90°﹣∠ABC=55°， 故选：C． 　 15．（2018•淮安）如图，点A、B、C都在⊙O上，若∠AOC=140°，则∠B的度数是（　　） A．70° B．80° C．110° D．140° 【分析】作对的圆周角∠APC，如图，利用圆内接四边形的性质得到∠P=40°，然后根据圆周角定理求∠AOC的度数． 【解答】解：作对的圆周角∠APC，如图， ∵∠P=∠AOC=×140°=70° ∵∠P+∠B=180°， ∴∠B=180°﹣70°=110°， 故选：C． 　 16．（2018•咸宁）如图，已知⊙O的半径为5，弦AB，CD所对的圆心角分别是∠AOB，COD，若∠AOB与∠COD互补，弦CD=6，则弦AB的长为（　　） A．6 B．8 C．5 D．5 【分析】延长AO交⊙O于点E，连接BE，由∠AOB+∠BOE=∠AOB+∠COD知∠BOE=∠COD，据此可得BE=CD=6，在Rt△ABE中利用勾股定理求解可得． 【解答】解：如图，延长AO交⊙O于点E，连接BE， 则∠AOB+∠BOE=180°， 又∵∠AOB+∠COD=180°， ∴∠BOE=∠COD， ∴BE=CD=6， ∵AE为⊙O的直径， ∴∠ABE=90°， ∴AB===8， 故选：B． 　 17．（2018•衢州）如图，点A，B，C在⊙O上，∠ACB=35°，则∠AOB的度数是（　　） A．75° B．70° C．65° D．35° 【分析】直接根据圆周角定理求解． 【解答】解：∵∠ACB=35°， ∴∠AOB=2∠ACB=70°． 故选：B． 　 18．（2018•柳州）如图，A，B，C，D是⊙O上的四个点，∠A=60°，∠B=24°，则∠C的度数为（　　） A．84° B．60° C．36° D．24° 【分析】直接利用圆周角定理即可得出答案． 【解答】解：∵∠B与∠C所对的弧都是， ∴∠C=∠B=24°， 故选：D． 　 19．（2018•邵阳）如图所示，四边形ABCD为⊙O的内接四边形，∠BCD=120°，则∠BOD的大小是（　　） A．80° B．120° C．100° D．90° 【分析】根据圆内接四边形的性质求出∠A，再根据圆周角定理解答． 【解答】解：∵四边形ABCD为⊙O的内接四边形， ∴∠A=180°﹣∠BCD=60°， 由圆周角定理得，∠BOD=2∠A=120°， 故选：B． 　 20．（2018•苏州）如图，AB是半圆的直径，O为圆心，C是半圆上的点，D是上的点，若∠BOC=40°，则∠D的度数为（　　） A．100° B．110° C．120° D．130° 【分析】根据互补得出∠AOC的度数，再利用圆周角定理解答即可． 【解答】解：∵∠BOC=40°， ∴∠AOC=180°﹣40°=140°， ∴∠D=， 故选：B． 　 21．（2018•台湾）如图，坐标平面上，A、B两点分别为圆P与x轴、y轴的交点，有一直线L通过P点且与AB垂直，C点为L与y轴的交点．若A、B、C的坐标分别为（a，0），（0，4），（0，﹣5），其中a＜0，则a的值为何？（　　） A．﹣2 B．﹣2 C．﹣8 D．﹣7 【分析】连接AC，根据线段垂直平分线的性质得到AC=BC，根据勾股定理求出OA，得到答案． 【解答】解：连接AC， 由题意得，BC=OB+OC=9， ∵直线L通过P点且与AB垂直， ∴直线L是线段AB的垂直平分线， ∴AC=BC=9， 在Rt△AOC中，AO==2， ∵a＜0， ∴a=﹣2， 故选：A． 　 22．（2018•衢州）如图，AC是⊙O的直径，弦BD⊥AO于E，连接BC，过点O作OF⊥BC于F，若BD=8cm，AE=2cm，则OF的长度是（　　） A．3cm B． cm C．2.5cm D． cm 【分析】根据垂径定理得出OE的长，进而利用勾股定理得出BC的长，再利用相似三角形的判定和性质解答即可． 【解答】解：连接OB， ∵AC是⊙O的直径，弦BD⊥AO于E，BD=8cm，AE=2cm， 在Rt△OEB中，OE2+BE2=OB2， 即OE2+42=（OE+2）2 解得：OE=3， ∴OB=3+2=5， ∴EC=5+3=8， 在Rt△EBC中，BC=， ∵OF⊥BC， ∴∠OFC=∠CEB=90°， ∵∠C=∠C， ∴△OFC∽△BEC， ∴， 即， 解得：OF=， 故选：D． 　 23．（2018•青岛）如图，点A、B、C、D在⊙O上，∠AOC=140°，点B是的中点，则∠D的度数是（　　） A．70° B．55° C．35.5° D．35° 【分析】根据圆心角、弧、弦的关系定理得到∠AOB=∠AOC，再根据圆周角定理解答． 【解答】解：连接OB， ∵点B是的中点， ∴∠AOB=∠AOC=70°， 由圆周角定理得，∠D=∠AOB=35°， 故选：D． 　 24．（2018•广州）如图，AB是⊙O的弦，OC⊥AB，交⊙O于点C，连接OA，OB，BC，若∠ABC=20°，则∠AOB的度数是（　　） A．40° B．50° C．70° D．80° 【分析】根据圆周角定理得出∠AOC=40°，进而利用垂径定理得出∠AOB=80°即可． 【解答】解：∵∠ABC=20°， ∴∠AOC=40°， ∵AB是⊙O的弦，OC⊥AB， ∴∠AOC=∠BOC=40°， ∴∠AOB=80°， 故选：D． 　 25．（2018•遂宁）如图，在⊙O中，AE是直径，半径OC垂直于弦AB于D，连接BE，若AB=2，CD=1，则BE的长是（　　） A．5 B．6 C．7 D．8 【分析】根据垂径定理求出AD，根据勾股定理列式求出OD，根据三角形中位线定理计算即可． 【解答】解：∵半径OC垂直于弦AB， ∴AD=DB=AB=， 在Rt△AOD中，OA2=（OC﹣CD）2+AD2，即OA2=（OA﹣1）2+（）2， 解得，OA=4 ∴OD=OC﹣CD=3， ∵AO=OE，AD=DB， ∴BE=2OD=6， 故选：B． 　 26．（2018•钦州三模）如图，BC是⊙O的弦，OA⊥BC，∠AOB=70°，则∠ADC的度数是（　　） A．70° B．35° C．45° D．60° 【分析】欲求∠ADC，又已知一圆心角，可利用圆周角与圆心角的关系求解． 【解答】解：∵A、B、C、D是⊙O上的四点，OA⊥BC， ∴弧AC=弧AB （垂径定理）， ∴∠ADC=∠AOB（等弧所对的圆周角是圆心角的一半）； 又∠AOB=70°， ∴∠ADC=35°． 故选：B． 　 二．填空题（共13小题） 27．（2018•孝感）已知⊙O的半径为10cm，AB，CD是⊙O的两条弦，AB∥CD，AB=16cm，CD=12cm，则弦AB和CD之间的距离是　2或14　cm． 【分析】分两种情况进行讨论：①弦AB和CD在圆心同侧；②弦AB和CD在圆心异侧；作出半径和弦心距，利用勾股定理和垂径定理求解即可，小心别漏解． 【解答】解：①当弦AB和CD在圆心同侧时，如图， ∵AB=16cm，CD=12cm， ∴AE=8cm，CF=6cm， ∵OA=OC=10cm， ∴EO=6cm，OF=8cm， ∴EF=OF﹣OE=2cm； ②当弦AB和CD在圆心异侧时，如图， ∵AB=16cm，CD=12cm， ∴AF=8cm，CE=6cm， ∵OA=OC=10cm， ∴OF=6cm，OE=8cm， ∴EF=OF+OE=14cm． ∴AB与CD之间的距离为14cm或2cm． 故答案为：2或14． 　 28．（2018•曲靖）如图：四边形ABCD内接于⊙O，E为BC延长线上一点，若∠A=n°，则∠DCE=　n　°． 【分析】利用圆内接四边形的对角互补和邻补角的性质求解． 【解答】解：∵四边形ABCD是⊙O的内接四边形， ∴∠A+∠DCB=180°， 又∵∠DCE+∠DCB=180° ∴∠DCE=∠A=n° 故答案为：n 　 29．（2018•南通模拟）如图，AB是⊙O的直径，点C是⊙O上的一点，若BC=3，AB=5，OD⊥BC于点D，则OD的长为　2　． 【分析】先利用圆周角定理得到∠ACB=90°，则可根据勾股定理计算出AC=4，再根据垂径定理得到BD=CD，则可判断OD为△ABC的中位线，然后根据三角形中位线性质求解． 【解答】解：∵AB是⊙O的直径， ∴∠ACB=90°， ∴AC==4， ∵OD⊥BC， ∴BD=CD， 而OB=OA， ∴OD为△ABC的中位线， ∴OD=AC=×4=2． 故答案为2． 　 30．（2018•北京）如图，点A，B，C，D在⊙O上， =，∠CAD=30°，∠ACD=50°，则∠ADB=　70°　． 【分析】直接利用圆周角定理以及结合三角形内角和定理得出∠ACB=∠ADB=180°﹣∠CAB﹣∠ABC，进而得出答案． 【解答】解：∵=，∠CAD=30°， ∴∠CAD=∠CAB=30°， ∴∠DBC=∠DAC=30°， ∵∠ACD=50°， ∴∠ABD=50°， ∴∠ACB=∠ADB=180°﹣∠CAB﹣∠ABC=180°﹣50°﹣30°﹣30°=70°． 故答案为：70°． 　 31．（2018•杭州）如图，AB是⊙O的直轻，点C是半径OA的中点，过点C作DE⊥AB，交⊙O于D，E两点，过点D作直径DF，连结AF，则∠DFA=　30°　． 【分析】利用垂径定理和三角函数得出∠CDO=30°，进而得出∠DOA=60°，利用圆周角定理得出∠DFA=30°即可． 【解答】解：∵点C是半径OA的中点， ∴OC=OD， ∵DE⊥AB， ∴∠CDO=30°， ∴∠DOA=60°， ∴∠DFA=30°， 故答案为：30° 　 32．（2018•吉林）如图，A，B，C，D是⊙O上的四个点， =，若∠AOB=58°，则∠BDC=　29　度． 【分析】根据∠BDC=∠BOC求解即可； 【解答】解：连接OC． ∵=， ∴∠AOB=∠BOC=58°， ∴∠BDC=∠BOC=29°， 故答案为29． 　 33．（2018•烟台）如图，方格纸上每个小正方形的边长均为1个单位长度，点O，A，B，C在格点（两条网格线的交点叫格点）上，以点O为原点建立直角坐标系，则过A，B，C三点的圆的圆心坐标为　（﹣1，﹣2）　． 【分析】连接CB，作CB的垂直平分线，根据勾股定理和半径相等得出点O的坐标即可． 【解答】解：连接CB，作CB的垂直平分线，如图所示： 在CB的垂直平分线上找到一点D， CD═DB=DA=， 所以D是过A，B，C三点的圆的圆心， 即D的坐标为（﹣1，﹣2）， 故答案为：（﹣1，﹣2）， 　 34．（2018•无锡）如图，点A、B、C都在⊙O上，OC⊥OB，点A在劣弧上，且OA=AB，则∠ABC=　15°　． 【分析】根据等边三角形的判定和性质，再利用圆周角定理解答即可． 【解答】解：∵OA=OB，OA=AB， ∴OA=OB=AB， 即△OAB是等边三角形， ∴∠AOB=60°， ∵OC⊥OB， ∴∠COB=90°， ∴∠COA=90°﹣60°=30°， ∴∠ABC=15°， 故答案为：15° 　 35．（2018•广东）同圆中，已知弧AB所对的圆心角是100°，则弧AB所对的圆周角是　50°　． 【分析】直接利用圆周角定理求解． 【解答】解：弧AB所对的圆心角是100°，则弧AB所对的圆周角为50°． 故答案为50°． 　 36．（2018•黑龙江）如图，AB为⊙O的直径，弦CD⊥AB于点E，已知CD=6，EB=1，则⊙O的半径为　5　． 【分析】连接OC，由垂径定理知，点E是CD的中点，AE=CD，在直角△OCE中，利用勾股定理即可得到关于半径的方程，求得圆半径即可． 【解答】解：连接OC， ∵AB为⊙O的直径，AB⊥CD， ∴CE=DE=CD=×6=3， 设⊙O的半径为xcm， 则OC=xcm，OE=OB﹣BE=x﹣1， 在Rt△OCE中，OC2=OE2+CE2， ∴x2=32+（x﹣1）2， 解得：x=5， ∴⊙O的半径为5， 故答案为：5． 　 37．（2018•绍兴）如图，公园内有一个半径为20米的圆形草坪，A，B是圆上的点，O为圆心，∠AOB=120°，从A到B只有路，一部分市民为走“捷径”，踩坏了花草，走出了一条小路AB．通过计算可知，这些市民其实仅仅少B走了　15　步（假设1步为0.5米，结果保留整数）．（参考数据：≈1.732，π取3.142） 【分析】作OC⊥AB于C，如图，根据垂径定理得到AC=BC，再利用等腰三角形的性质和三角形内角和计算出∠A=30°，则OC=10，AC=10，所以AB≈69（步），然后利用弧长公式计算出的长，最后求它们的差即可． 【解答】解：作OC⊥AB于C，如图，则AC=BC， ∵OA=OB， ∴∠A=∠B=（180°﹣∠AOB）=（180°﹣120°）=30°， 在Rt△AOC中，OC=OA=10，AC=OC=10， ∴AB=2AC=20≈69（步）； 而的长=≈84（步）， 的长与AB的长多15步． 所以这些市民其实仅仅少B走了 15步． 故答案为15． 　 38．（2018•随州）如图，点A，B，C在⊙O上，∠A=40度，∠C=20度，则∠B=　60　度． 【分析】连接OA，根据等腰三角形的性质得到∠OAC=∠C=20°，根据等腰三角形的性质解答即可． 【解答】解：如图，连接OA， ∵OA=OC， ∴∠OAC=∠C=20°， ∴∠OAB=60°， ∵OA=OB， ∴∠B=∠OAB=60°， 故答案为：60． 　 39．（2018•金华）如图1是小明制作的一副弓箭，点A，D分别是弓臂BAC与弓弦BC的中点，弓弦BC=60cm．沿AD方向拉动弓弦的过程中，假设弓臂BAC始终保持圆弧形，弓弦不伸长．如图2，当弓箭从自然状态的点D拉到点D1时，有AD1=30cm，∠B1D1C1=120°． （1）图2中，弓臂两端B1，C1的距离为　30　cm． （2）如图3，将弓箭继续拉到点D2，使弓臂B2AC2为半圆，则D1D2的长为　10﹣10　cm． 【分析】（1）如图1中，连接B1C1交DD1于H．解直角三角形求出B1H，再根据垂径定理即可解决问题； （2）如图3中，连接B1C1交DD1于H，连接B2C2交DD2于G．利用弧长公式求出半圆半径即可解决问题； 【解答】解：（1）如图2中，连接B1C1交DD1于H． ∵D1A=D1B1=30 ∴D1是的圆心， ∵AD1⊥B1C1， ∴B1H=C1H=30×sin60°=15， ∴B1C1=30 ∴弓臂两端B1，C1的距离为30 （2）如图3中，连接B1C1交DD1于H，连接B2C2交DD2于G． 设半圆的半径为r，则πr=， ∴r=20， ∴AG=GB2=20，GD1=30﹣20=10， 在Rt△GB2D2中，GD2==10 ∴D1D2=10﹣10． 故答案为30，10﹣10， 　 三．解答题（共1小题） 40．（2018•宜昌）如图，在△ABC中，AB=AC，以AB为直径的圆交AC于点D，交BC于点E，延长AE至点F，使EF=AE，连接FB，FC． （1）求证：四边形ABFC是菱形； （2）若AD=7，BE=2，求半圆和菱形ABFC的面积． 【分析】（1）根据对角线相互平分的四边形是平行四边形， 证明 住所证明下载场所使用证明下载诊断证明下载住所证明下载爱问住所证明下载爱问 是平行四边形，再根据邻边相等的平行四边形是菱形即可证明； （2）设CD=x，连接BD．利用勾股定理构建方程即可解决问题； 【解答】（1）证明：∵AB是直径， ∴∠AEB=90°， ∴AE⊥BC， ∵AB=AC， ∴BE=CE， ∵AE=EF， ∴四边形ABFC是平行四边形， ∵AC=AB， ∴四边形ABFC是菱形． （2）设CD=x．连接BD． ∵AB是直径， ∴∠ADB=∠BDC=90°， ∴AB2﹣AD2=CB2﹣CD2， ∴（7+x）2﹣72=42﹣x2， 解得x=1或﹣8（舍弃） ∴AC=8，BD==， ∴S菱形ABFC=8． ∴S半圆=•π•42=8π．