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武汉市2017年九年级元月调考物理试卷(清晰版)

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武汉市2017年九年级元月调考物理试卷(清晰版)2016~2017学年度武汉市部分学校九年级调研测试物理化学综合试卷可能用到的物理量:水的比热容c=4.2×103J/(kg℃·)偏二甲肼的热值q=4.25×107J/kg第I卷(选择题共60分)一、选择题(此题包含20小题,每题只有一个选项符合题意。每题3分,共60分)物质在不同样状态下的分子模型以以以下图所示,以下相关说法正确的选项是.甲图中分子相距近来,分子间的作使劲最小B.甲图中分子静止,乙、丙两图中分子在做热运动C.乙图中分子相距最远,分子间的作使劲能够忽视D.甲、乙、丙三图分别表示固体、液体、气体...

武汉市2017年九年级元月调考物理试卷(清晰版)
2016~2017学年度武汉市部分学校九年级调研测试物理化学综合试卷可能用到的物理量:水的比热容c=4.2×103J/(kg℃·)偏二甲肼的热值q=4.25×107J/kg第I卷(选择 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 共60分)一、选择题(此题包含20小题,每题只有一个选项符合题意。每题3分,共60分)物质在不同样状态下的分子模型以以以下图所示,以下相关说法正确的选项是.甲图中分子相距近来,分子间的作使劲最小B.甲图中分子静止,乙、丙两图中分子在做热运动C.乙图中分子相距最远,分子间的作使劲能够忽视D.甲、乙、丙三图分别 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 示固体、液体、气体分子的摆列状况10.对于温度、内能和热量,以下说法正确的选项是A.物体内能减小,必然放出热量B.物体内能减小,温度可能不变C.物体汲取热量,温度必然高升D.物体内能增添的越多,汲取的热量越多 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 :(1)改变物体内能的两种方式:做功和热传达.(2)全部物体都拥有内能,内能的大小跟质量、温度、状态相关.(3)物体的内能发生变化,可能表此刻物体的温度变化,也可能是状态的变化.解答:A.物体的内能减小,可能是物体放出了热量,也可能是物体对外界做了功,故A错误;B.物体内能减少时,温度可能不变,比方:晶体在凝结过程,放热,内能减小但温度不变,故B正确;C.物体汲取热量,温度不用然高升,比方:晶体在融化过程,吸热,内能增添但温度不变,故C错误;D.物体内能增添的越多,可能是外界对物体做功越多或汲取的热量越多,故D错误。应选B.以下各图所列举的案例中,属于热传达改变物体内能的是解答:A.给水壶加热,壶内的水温高升是经过热传达改变物体的内能,故A正确;B.锯木头时,锯条发热是经过做功的方式改变物体的内能,故B错误;C.从滑梯滑下,臀部发热是经过做功的方式改变物体的内能,故C错误;快速向下压活塞,活塞会压缩空气做功,使空气的内能增添,温度高升,当温度达到硝化棉的燃点时,硝化棉就会焚烧,经过此实验可说明做功能够改变物体的内能,故D错误。应选:A.对于热值和热机效率,以下说法正确的选项是A.使燃料焚烧更充分,能够增大热值B.燃料焚烧开释的热量越多,热值越大C.使燃料焚烧更充分,能够提升热机的效率D.热机使用的燃料的热值越大,热机的效率就越高分析:1)1kg某种燃料圆满焚烧放出的能量,叫做这类燃料的热值.热值是燃料的一种特色,它只与燃料的种类相关,与燃料的质量、焚烧程度等均没关;2)热机用来做合用功的能量与燃料圆满焚烧放出的能量之比叫做热机的效率,在工作过程中,损失的能量越少,热机的效率越高.解答:A.热值是燃料的特色,与焚烧状况没关,故A错误;B.热值是燃料的特色,与放出热量的多少没关,故B错误;C.使燃料焚烧更充分,能够增大有效利用的能量,提升热机的效率,故C正确;热机的效率是指用来做合用功的能量与燃料圆满焚烧产生的能量之比,与燃料的热值没关,故错误。应选:C.以以下图,用一段细铁丝做一个支架,作为转动轴,把一根中间戳有小孔(没有拆穿)的饮料吸管放在转动轴上,吸管能在水平面内自由转动,用餐巾纸与吸管的一端摩擦使其带电,再用丝绸摩掠过的玻璃棒去凑近吸管,吸管两头都能与玻璃棒互相吸引。以下说法正确的选项是A.吸管两头都带负电B.吸管两头都带正电C.吸管的一端带正电,一端不带电D.吸管的一端带负电,一端不带电分析:1)同种电荷互相排挤,异种电荷互相吸引,带电体能够吸引不带电的物体2)丝绸摩掠过的玻璃棒带正电;摩擦起电的过程中失掉电子的带正电,获得电子的带负电.解答:带电体除了吸引带有异种电荷的物体外,还能够够吸引不带电的物体,因此玻璃棒凑近不带电的吸管一段会互相吸引;丝绸摩掠过的玻璃棒带正电,吸管带电一端与它互相吸引,因此吸管一端带的应当是与玻璃棒相反的电荷,即吸管一端带负电;综上所述,吸管一端带负电,一端不带电。应选D.以以下图所示的电路中,有一只灯泡被短接的是分析:当电流不经过用电器直接从电源的正极回到负极时,会形成电源短路,此时电路中电流过大,会烧坏电源.解答:A.电流从正极出发经开关、两个灯泡回到负极,是串联电路,没有短路现象,故A不符合题意;B.图中电流经右侧灯泡回到负极,左侧灯泡被短路,故B符合题意;图中电流从正极出发经开关,分红两支,分别流向两个灯泡,此后共同回到负极,没有短路现象,故C不符合题意;图中电流分两支,分别流入右侧灯泡和开关、左侧的灯泡,此后共同回到负极,没有短路现象,故D不符合题意。应选B.以以下图的电路中,闭合开关后,两灯均不亮,电压表指针偏转了较大的角度。若电路中只有一处发生故障,则故障的原由可能是A.L1处发生断路B.L1被短接C.L2处发生断路D.L2被短接分析:两个电灯都不亮,说明是开路,而电压表有读数说明L2与连到电源,故在L1处开路.解答:闭合开关S后,灯L1、L2均不亮,说明电路发生断路,而电压表的示数凑近电源电压,说明L1的两头能与电源连通,故是L1断路。应选A.16.以以下图的电路中,电源电压保持不变。闭合开关,将滑动变阻器的滑片P向左挪动的过程中,以下说法正确的选项是A.电流表A示数变大,电压表V2示数变大B.电流表A示数变大,电压表V1示数变小C.电压表V1示数与电压表V2示数变化量同样D.电压表V1与电压表V2示数可能相等分析:由电路图可知,R1与R2串联,电压表V1测R1两头的电压,电压表V2测电源两头的电压,电流表测电路中的电流,依据滑片的挪动可知接入电路中电阻的变化,依据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两头的电压变化,依据串联电路的电压特色可知R2两头的电压变化.解答:A.电压表V2测电源两头的电压,其示数保持不变,故A错误;由电路图可知,R1与R2串联,电压表V1测R1两头的电压,电压表V2测R2两头的电压,电流表C.D.测电路中的电流,当滑动变阻器的滑片P向左挪动时,接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小由I=UR可知电路中的电流变大,R1两头的电压变大,电压表V1的示数将变大,故B错误;串联电路中总电压等于各分电压之和,电压表V2测电源两头的电压,其示数保持不变,故C错误;当滑动变阻器的阻值为0时,两个电压表都是丈量电源电压,示数相等,故D正确。,应选:D.17.以以下图是电阻甲和乙的I-U图象,以下说法不正确的是....经过甲的电流与它两头的电压成正比B.当乙两头电压增大时,经过它的电流也增大,它的电阻在减小C.甲、乙串联在电路中,甲、乙两头的电压可能同样D.甲、乙并联在电路中,经过甲、乙的电流可能同样分析:1)由欧姆定律可知,当电阻一准时,经过导体的电流与导体两头的电压成正比;2)由图象读出几组数据,依据欧姆定律求出对应乙的电阻,此后得出答案;3)两电阻串联时经过它们的电流相等,两电阻并联时它们两头的电压相等,依据图象有交点进行解答.解答:分析图象可知,甲电阻的电流、电压关系图象是正比率 函数 excel方差函数excelsd函数已知函数     2 f x m x mx m      2 1 4 2拉格朗日函数pdf函数公式下载 ,说明经过甲的电流与它两头的电压成正比,故A正确;B.由图象可知,乙两头的电压为1V、2V、3V、6V时经过的电流为0.15A、0.2A、0.25A、0.3A,由I=U/R的变形式R=U/I可得对应的电阻为6.6Ω、10Ω、12Ω、20Ω,因此乙两头电压增大时,经过它的电流也增大,乙的电阻变大,故B错误;当甲、乙串联在电路中时经过它们的电流相等,由图象可知,甲乙的图象有交点,则甲、乙两头的电压可能同样,故C正确;当甲、乙并联在电路中时它们两头的电压相等,由图象可知,甲乙的图象有交点,则经过甲、乙的电流可能同样,故D正确。应选B.18.以以下图,将两个不同样规格的小灯泡接入电路,闭合开关后,灯L2比L1亮。若将L1改换成与L2规格同样的小灯泡L3,以下说法正确的选项是A.L2会比本来暗B.L2会比本来亮C.L2会比L3亮D.L2和本来的亮度同样分析:两灯串联在电路中,则电流必然相等,依据灯泡的亮度可判断两灯泡电阻的大小;改换灯泡后判断出电阻的变化,再由欧姆定律判断电流和灯泡的亮度.解答:两灯串联时电流相等,L2要亮一些说明P2>P1,由P=I2R可得:R2>R1;若将L1改换成与L2规格同样的小灯泡L3,电阻变大电流变小,L2灯泡变暗,L2和L3规格同样,故亮度同样,故A正确,,BCD错误。应选A.19.以以下图是研究电流经过导体时产生热量的多少与哪些要素相关的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气,以下说法正确的选项是A.U形管液面高度变化是因为U形管中液体的温度发生了变化B.图甲所示的装置能够用来研究电流经过电阻产生的热量跟电流大小的关系C.图乙所示的装置能够用来研究电流经过电阻产生的热量跟电阻大小的关系D.通电后,甲图中A、B电阻产生的热量之比是1:2分析:1)电流经过导体产生热量的多少不可以够直接察看,但气体温度的变化能够经过液面高度差的变化来反应,这类研究方法叫变换法;2)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间相关.研究电流产生热量跟电阻关系时,控制通电时间和电流不变;研究电流产生热量跟通电时间关系时,控制电流和电阻不变;研究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法;3)由Q=I2Rt分析判断甲图中A、B电阻产生的热量之比.解答:A.电流经过导体产生热量的多少不可以够直接察看,但容器中空气的温度变化致使容器中空气体积的变化,即能够经过液面高度差的变化来反应,这类研究方法叫变换法,故A错误;在甲装置中,将容器中的电阻丝串联起来接到电源两头,经过他们的电流I与通电时间B.t同样,左侧容器中的电阻小于右侧容器中的电阻,即这是研究电流产生的热量与电阻大小的关系,故B错误;C.在乙装置中,一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联,依据串联电路的电流特色可知,右侧两个电阻的总电流和经过左侧电阻的电流相等,即I右=I左;两个5Ω的电阻并联,依据并联电路的电流特色知I左=I1+I2,两电阻的阻值相等,则支路中电流相等,即I1=I2,因此右侧容器中通过电阻的电流是左侧容器中经过电阻的电流的一半,即这是研究电流产生的热量与电流的关系,故C错误;D.甲图中,经过A.B电阻的电流I与通电时间t同样,由图知RA/RB=5Ω/10Ω=1/2,由Q=I2Rt可得:QA/QB=I2Rat/I2Rbt=RA/RB=1/2,故D正确。应选D20.以以下图,电源电压保持4.5V不变,电流表的量程为0~0.6A,电压表的量程为0~3V,小灯泡的规格为“2.5V0.25A”,滑动变阻器的规格为“50Ω1A”。闭合开关,为了保证电路安全,以下说法正确的选项是(不考虑小灯泡电阻的变化)A.变阻器接入电路阻值的变化范围是20~50ΩB.电路耗费总功率的变化范围是0.675~1.125WC.电流表示数的变化范围是0~0.25AD.电压表示数的变化范围是0~3V由电路图可知,灯泡与滑动变阻器串联,电压表测滑动变阻器可得的电压,电流表测电路中的电流。(1)因串联电路中各处的电流相等,且灯泡的额定电流为0.25A,电流表量程为0~0.6A,变阻器赞成经过的最大电流为1A,因此,电路中的最大电流I大=0.25A,即电流表最大示数为0.25A,此时电压表的示数最小,电路的总功率最大,滑动变阻器接入电路中的电阻最小,因串联电路中总电压等于各分电压之和,因此,电压表的最小示数:U滑=U-UL=4.5V-2.5V=2V,电路耗费总功率的最大值:P大=UI大=4.5V×0.25A=1.125W,由I=U/R可得,滑动变阻器接入电路中的最小电阻:R滑小=U滑小/I大=2V/0.25A=8Ω;(2)灯泡的电阻:RL=UL/IL=2.5V/0.25A=10Ω,由电压表的量程为0~3V可知,电压表的最大示数为3V,即电压表示数的变化范围是2V~3V,故D错误;此时电流表的示数最小,电路耗费的总功率最小,滑动变阻器接入电路中的电阻最大,灯泡两头的最小电压:U′L=U-U滑大=4.5V-3V=1.5V,电路中的最小电流即电流表的最小示数:I小=U′L/RL=1.5V/10Ω=0.15A,则电流表示数的变化范围是0.15A~0.25A,故C错误;电路耗费的最小功率:P小=UI小=4.5V×0.15A=0.675W,因此,该电路功率变化范围是0.675W~1.125W,故B正确;滑动变阻器接入电路中的最大阻值:R滑大=U滑/I小=3V/0.15A=20Ω,因此,滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是8Ω~20Ω,故A错误。应选B.第II卷(非选择题,共60分)二、非选择题(此题包含12小题,共60分)21.(4分)以以下图是神州十一号飞船搭乘长征二号FY11运载火箭发射升空时的壮观状况。该火箭使用的燃料是偏二甲肼,若火箭中加入质量为2t的偏二甲肼,则燃料圆满焚烧放出的热量是________J。火箭发射升空时,燃料焚烧将________能转化为燃气的内能,燃气推进火箭和飞船上涨过程中,飞船的机械能会________(选题“增大”“减小”或“不变”),火箭外壳的温度会________(选题“高升”“降低”或“不变”)。解答:由题知,偏二甲肼的热值是4.25×107J/kg,因此2t的偏二甲阱圆满焚烧放出的热量:Q=mq=2×103kg×4.25×107J/kg=8.5×1010J;火箭发射升空时,燃料焚烧将化学能转变为燃气的内能,燃气推进火箭和飞船上涨过程中,内能转变飞船的机械能,因此飞船机械能会增大;火箭上涨过程中,战胜与大气间的摩擦,机械能转变为内能,因其他壳的温度会高升。故答案为:8.5×1010;化学;增大;高升。22.(4分)如图甲所示的电路中,闭合开关后,假如电流表A1的示数为0.5A,电流表A2的示数为0.3A,则经过小灯泡L1、L2的电流分别是________A、________A。如图乙所示的电路中,闭合开关后,假如电压表V1的示数为2.5V,V2的示数为3.8V,则电压表V的示数是________V,此时小灯泡L1、L2的阻值之比是________。由图甲可知,两灯泡并联,电流表A1测干路电流,电流表A2测L1支路的电流;电流表A2的示数为0.3A,即经过小灯泡L1的电流为0.3A;电流表A1的示数为0.5A,即干路电流为0.5A;因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,因此,经过小灯泡L2的电流:I2=I-I1=0.5A-0.3A=0.2A;(2)由图乙可知,两灯泡串联,电压表V1测L1两头的电压,电压表V2测L2两头的电压,电压表V测电源电压;因为电源电压等于两灯泡两头电压之和,因此电源电压:U=U1+U2=2.5V+3.8V=6.3V;因为串联电路中电流各处相等,因此依据欧姆定律可得L1、L2的阻值之比:R1/R2=U1/I/U2/I=U1/U2=2.5V/3.8V=25/38.故答案为:0.3;0.2;6.3;25:38.23.(3分)为了比较水和某种液体的吸热能力,某同学在2个同样的烧杯中分别装有水和某种液体,将两个规格同样的电加热器放在烧杯中分别对水和某种液体加热,并用同样的两支温度计分别丈量水和某种液体的温度。实验数据以下表所示:体积/mL初温/℃末温/℃加热时间/min水20020405.5某液体20020403(1)实验顶用到的电加热器规格同样,这里所说的规格同样主假如指电加热器的________同样。2)该实验________(选题“能”或“不可以够”)得出水的吸热能力比某种液体强,原由是____________________。解答:在实验中,使用同样规格的电加热器的作用是为了在同样时间内放出热量同样,即加热器的额定电压和额定功率同样;研究水和某种液体的吸热能力时应控制质量同样,由原题可知,没有说明质量的关系,故不可以够得出得出水的吸热能力比某种液体强。故答案为:(1)额定电压与额定功率;(2)不可以够;没法判断水和某种液体质量能否相等。(4分)以以下图是某同学研究影响导体电阻大小要素的实验装置。(1)图甲中的实验装置是为了研究电阻的大小能否跟导线的________相关。(2)在图乙的实验装置中,该同学利用线路板上的导线①②能够研究电阻的大小能否跟导线的________相关,利用导线②③能够研究电阻的大小能否跟导线的________有关。(3)除此以外,导体电阻的大小还可能跟________相关。分析:影响电阻大小的要素有:导体的资料、长度、横截面积和温度.在实验中采纳控制变量法进行判断电阻与哪个要素相关.解答:从图甲中看出金属丝长度同样,资料不同样,即在长度、横截面积同样时,但是资料不同样,则研究的是电阻与资料之间的关系。在图乙的实验装置中,导线①②长度、资料同样,横截面积不同样,则研究的是电阻与横截面积之间的关系;导线②③资料、横截面积同样,长短不同样,则能够研究电阻与长度的关系。除此以外,导体电阻的大小还可能跟温度相关。故答案为:(1)资料;(2)横截面积;长度(3)温度。(5分)在研究“电流与电压、电阻的关系”的实验中,同学们提出了以下猜想:猜想1:电流可能跟电压成正比猜想2:电流可能跟电阻成反比(1)在考证“猜想1”时,某同学的做法是:①按图甲所示电路连结实物图乙。因为马虎,该同学的电路没有连结圆满,请你帮他连接完电路。②保持定值电阻R=10Ω不变,闭合开关S,调理滑动变阻器的滑片P,记下几组电压和电流值,并对实验数据进行分析,获得的结论是__________________。2)为了连续考证“猜想2”,该同学接下来的做法是:①在前一次实验中精选了一组电流表示数为0.5A的实验数据作为本次实验的第一组数据。接着将10Ω的电阻换成25Ω的电阻,闭合开关后,该同学应调理滑动变阻器的滑片,当察看到电压表示数为________V时,记录电流表示数。②再将25Ω的电阻换成5Ω的电阻,为了正确达成实验,该同学还必然改变________的连线。分析:(1)①考证猜想1时,应控制电阻不变,经过滑动变阻器来改变电流和电压;②依据实验数据中电流和电压的特色分析;(2)①考证猜想2是应控制电压保持不变;②依据电流的大小判断电流表的量程.解答:①在考证电流可能跟电压成正比时,电压表与电阻并联,电流表与变阻器(按一下一上的原则接入电路中)、电阻串联,以下所示:②由表格中的数据可知,在电阻一准时,电压增大,电流也增大,故结论为:电阻一准时,经过导体中的电流跟电体两头的电压成正比;(2)①考证“猜想2”,应控制电压保持不变,将10Ω的电阻接入电路时,电流为0.5A,则电压为U=IR=0.5A×10Ω=5V,故将10Ω的电阻换成25Ω的电阻,闭合开关后,该同学应调理滑动②当变阻器的滑片,当察看到电压表示数为5V5Ω的电阻接入电路时,此时电路中的电流为:时,记录电流表示数;I=U/R=5V/5Ω=1A,故此时应改变电流的量程。故答案为:(1)①如图;②电阻一准时经过导体中的电流跟电体两头的电压成正比;,①5;②电流表。(4分)某同学用图甲所示的电路丈量小灯泡的电功率。(1)请画出相应的电路图。(2)当加在小灯泡两头的电压等于小灯泡的额定电压3.8V时,电流表的示数如图乙所示,则小灯泡的额定功率是________W。(3)将小灯泡换成发光二极管,丈量加在它两头的电压和经过它的电流,计算它的电功率,将所得的电功率与小灯泡比较,发现它们在亮度相当的时候,________的电功率较小。解答:依据实物图画出电路图,以下所示:(2)图乙中,电流表小量程分度值为0.02A,示数为0.4A,灯的额定功率P=UI=3.8V×0.4A=1.52W;因发光明度相当,因此,W有同样,依据η=W有/W总×100%,即W有=ηW总=ηPt同样,因为发光二极管将电能变换成光能的效率更高;因此发光二极管耗费的电能较小,同样的时间内发光二极管电功率较小。故答案为:(1)如上图所示;(2)1.52;发光二极管。(10分)以以下图是某型号家用洗碗机的外形图,其部分参数以下表所示。这类洗碗机的工作过程是:先翻开进水阀使水箱内进水,再经过电加热管将水箱内的水加热至设定温度,此后电动机带动水泵将水箱中的热水抽出,经过喷水管冲刷洗碗机内的餐具。额定电压频次电加热管功率设定水温220V50Hz1400W70℃1)表中“50Hz”表示的含义是________。(2)已知该洗碗机一次 标准 excel标准偏差excel标准偏差函数exl标准差函数国标检验抽样标准表免费下载红头文件格式标准下载 冲刷程序的耗水量是9kg,耗电量是0.7kW·h,所需时间是125min。①若某次标准冲刷时进水阀中水温为20℃,25分钟后即加热到设定的水温,则水箱中水汲取的热量是多少?电加热管的加热效率是多少?②试经过计算说明洗碗机内的电动机功率大概是多少?(1)表中“50Hz”表示的含义是:这台家用洗碗机应在频次为50Hz的沟通电路中使用;①水箱内的水升温时汲取的热量:Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg.℃)×9kg×(70℃-20℃)=1.89×106J,由P=W/t得,电加热管通电时耗费的电能:W1=P1t=1400W×25×60s=2.1×106J;电加热管加热时的效率:η=Q吸/W1×100%=1.89×106J/2.1×106J×100%=90%;②洗碗机总合耗费的电能:W总=0.7kW.h=2.52×106J;电动机工作时耗费的电能W2=W总-W1=2.52×106J-2.1×106J=4.2×105J;电动机功率:P2=W2/t2=4.2×105J/(125-25)×60s=70W.答:(1)这台家用洗碗机应在频次为50Hz的沟通电路中使用;①水箱中水汲取的热量是1.89×106J;电加热管的加热效率是90%;②洗碗机内的电动机功率大概是70W.
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