2022年山东省东营市河口区中考物理仿真试题及答案解析

第=page11页，共=sectionpages11页2022年山东省东营市河口区中考物理仿真试卷一、单选 题 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 （本大题共10小题，共30.0分）1.城区内共享电动车(如图)已遍及城区的各个地方，解决了群众出行难问题，下列有关共享电动车的说法中，正确的是(    )A.车蹬脚宽大是为了减小人对车的压力B.遇到红灯，停止加速，车还继续向前行驶，是因为惯性力C.电动车在加速前行的过程，电能转化成了机械能D.电动车匀速行驶的过程中，是因为车受到的重力和地面给车支持力是一对平衡力2.新冠肺炎疫情期间，医务人员需要佩戴N95口罩及护目镜等防护措施，对于护目镜起“水雾”，对其正确解释的是(    )A.“水雾”是液态水汽化成水蒸气形成的B.“水雾”的形成过程和初秋早上形成的“雾”的过程相同C.“水雾”形成是个吸热的过程D.“水雾”的形成过程，其内能没有改变3.2022年北京冬奥会，滑雪运动员从山上滑下的过程中(如图，假定山坡斜度不变，摩擦力不能忽略)。下列说法正确的是(    )A.运动员下滑的过程中，机械能是守恒的B.运动员下滑的过程中，重力对运动员没有做功C.运动员下滑的过程中，越滑越快，受到的滑动摩擦力变小了D.运动员穿上滑雪板后，对雪地的压力变大，压强反而变小了4.能使电磁铁的N、S极互换的方法是(    )A.把线圈的匝数增加一倍B.改变电流方向C.电流强度减少一半D.把铁芯抽出来5.如图所示是内燃机工作循环中的一个冲程，它是(    )A.压缩冲程，将化学能转化成内能B.压缩冲程，将机械能转化成内能C.做功冲程，将内能转化成机械能D.做功冲程，将机械能转化成内能6.河口鸣翠湖公园的建成，提高了市民生活质量(如图所示)。夏天公园内鸟语花香、气温宜人。下列说法错误的是(    )A.闻到公园内阵阵花香是扩散现象，是分子无规则运动的结果B.游人吃冰糕解热，冰糕熔化吸热，温度一定升高C.飘在湖面上的野鸭不下沉，是因为野鸭受到的浮力等于重力D.路面热得发烫，而湖边感到凉爽，是因为水的比热容比沙石的比热容大7.如图所示的情景中，说法错误的是(    )A.飞机升空主要是机翼受到空气的浮力B.穿滑雪板是为了减小压强C.船闸是利用连通器的原理工作的D.茶壶盖上有小孔为了壶内与空气相通8.佛山市中小学创新展示活动中，丹丹同学发明了“发电地板”放在入口处，让入场的观众都为现场提供能量，如图所示，该“发电地板”主要由线圈、弹簧和磁体构成，它的工作原理与选项的实验原理相同(    )A.B.C.D.9.一物体在空气中的重力10N，用细针将其全部按入在水中，所排开水的重力为20N，此时它受到的浮力及拿走细针该物体的浮沉情况(    )A.20N上浮B.20N悬浮C.10N下沉D.10N悬浮10.小明用如图所示的滑轮组提升300N重物，在绳子自由端施加的拉力为125N，4s内重物匀速上升2m，不计绳重和轮、轴间摩擦。则(    )A.绳子自由端移动的距离为4mB.动滑轮重50NC.拉力做功的功率为150WD.此过程滑轮组的机械效率为80%二、填空题（本大题共7小题，共14.0分）11.贺州市属于风力资源丰富的地区，有许多由风力发电机组成的“风车田”，风力发电机发电是将风能______(选填“转移”或“转化”)成电能的过程，风能安全清洁，是理想的______(选填“可再生”或“不可再生”)能源之一。12.小芳同学站在穿衣镜前1m处，镜中的像与她相距______m.当她远离穿衣镜时，像的大小______(选填“变大”“变小”或“不变”)。13.如图甲所示，密闭的容器中装有一定量的水，静置在水平桌面上，容器内水面到容器底的距离为6cm，则水对容器底的压强为______Pa；若把该容器倒放在该桌面上，如图乙所示，容器对水平桌面的压强将______，水对容器底的压力将______(后两空均选填“变大”、“变小”或“不变”)。14.今年春季，由于新冠疫情影响，学生在家上网课，长时间过度使用手机，导致有的同学眼睛近视，如图所示。近视形成原理与上面______(填“甲”或“乙”)图相同，应配戴______(填“凹”或“凸”)透镜，予以矫正。15.某“物理兴趣”小组测量一块铝矿石的密度时，质量和体积的测量结果如图甲、乙所示，则铝矿石的质量为______g，密度为______g/cm3。16.小明同学的妈妈单独用电压力锅做饭时，电能表转盘在10min内转了400转(如图所示)，小明计算出电压力锅的电功率是______W，若该电压力锅在这15min产生的热量由天然气提供，需完全燃烧______m3天然气。(不计能量损失，天然气热值为7.2×107J/m3)17.将标有L1“6V3W“和L2“6V9W”的两盏灯串联在电路中，并使其中一盏灯正常发光(假若灯泡发光时电阻都不变)，此时灯L1的实际功率为______W，则加在电路两端电压是______V。三、作图题（本大题共2小题，共6.0分）18.如图所示，一个人站在河岸上，在B点位置可以看到对岸上发射塔的塔尖A在水中的倒影A′完成光路图(保留作图痕迹)。19.如图，请根据小磁针静止时N极的指向标出A处的磁感线方向和电源正、负极。四、实验探究题（本大题共2小题，共22.0分）20.实验室常用蜡烛完成以下光学实验。(1)如图甲是小孔成像示意图，它的原理是______。如果只将蜡烛靠近小孔，像会变得大一点，要使像是清晰的，光屏______(选填“需要”或“不需要”)同时远离小孔。(2)利用如图乙装置探究“平面镜成像的特点”，在水平桌面上铺一张白纸，再将玻璃板竖立在白纸上，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同但不点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合。将蜡烛靠近玻璃板，像的大小将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。(3)蜡烛还可以用于做“探究凸透镜成像规律”实验，图丙中一束平行光射向凸透镜，光屏上得到一个最小、最亮的光斑(未画出)，该凸透镜的焦距为______cm。若在图丁中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气，使烛焰尖部向左偏，发现光屏上“烛焰尖部”变模糊，则将光屏向______(选填“左”或“右”)移动，“烛焰尖部”呈现的像又会变清晰。21.学校科技创新小组用伏安法测量小灯泡的电阻，电源电压为3V，待测小灯泡的额定电压为2.5V。(1)用笔画线代替导线，完成图(a)中实物电路的连接。要求：滑片P向右移动，灯变亮。(电流表的接线柱从左到有依次是：−、0.6、3；电压表的接线柱从左到右依次是：−、3、15)(2)甲同学连接好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光并很快熄灭。检查后，发现连线正确，请你找出实验中两个操作不当之处。①______，②______。(3)检查电路无误后，闭合开关，灯泡不亮，电压表、电流表都有示数，接下来的操作应该是______。(4)乙同学把实验中的小灯泡换成了定值电阻，可以测量定值电阻的阻值，实验中当滑动变阻器的滑片置于某位置时，电流表和电压表的示数如图(b)所示，则此时被测电阻的阻值R1=______Ω。(5)在实验中，某同学发现自己组的电压表坏了，又没有多余的电压表，怎么测量小灯泡电阻呢？有的同学提出如果有一个定值电阻，就能测量小灯泡电阻。给你一个定值电阻R0，请你跟同学一起测出小灯泡的电阻(画出电路图、写出简单的实验步骤及小灯泡电阻的表达式)。五、计算题（本大题共1小题，共10.0分）22.新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其简化电路如图甲所示。R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关。煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示。求：(1)S和S1都闭合时电饭锅的电功率；(2)电热丝R2的阻值；(3)这30min内电饭锅产生的热量。六、综合题（本大题共1小题，共10.0分）23.随着我国现代化的进程，汽车拥有量剧增。带来的环境压力日渐严重，为此国家加大新能源汽车的推广力度。现有一辆质量为2t的国产品牌电动汽车，所用电池容量为60kW⋅h(电池容量表示电池储存电能的多少)。在水平公路上以20m/s匀速直线行驶时，受到的阻力为重力的0.03倍。问：(1)这辆电动汽车受到的阻力为多少？(2)电动汽车的功率为多少？(3)若用15kW的充电桩对其电池充电，充满电需要多少时间？(4)电动汽车最大续航里程为300km，其效率为多少？(5)请说出新能源汽车的优点(至少两条)。答案和解析1.【答案】C 【解析】解：A、车蹬脚宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A错误；B、遇到红灯，停止加速，车继续滑行是因为车本身具有惯性继续向前滑行，没有惯性力，故B错误；C、电动车在加速前行的过程，消耗了电能，得到了机械能，因此该过程将电能转化成了机械能，故C正确；D、当地面不是水平时，电动车受到的重力和地面对平衡车的支持力大小不相等，因此不是一对平衡力，故D错误。故选：C。(1)减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性。(3)判断出该过程中消耗了哪种形式的能，进而产生了哪种形式的能即可判断。(4)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用在同一物体上，缺一不可。此题以电动车为载体考查了减小压强的方法、惯性的理解、能量转化以及平衡力的辨别等 知识点 高中化学知识点免费下载体育概论知识点下载名人传知识点免费下载线性代数知识点汇总下载高中化学知识点免费下载 。2.【答案】B 【解析】解：ABC、护目镜上经常起一层水雾，水雾是水蒸气液化形成的，此过程需要放热，雾是水蒸气液化形成的，故B正确，AC错误；D、液化放热，温度发生改变，内能发生改变，故D错误。故选：B。物质从气态变为液态的过程叫做液化，液化放热；同一物体状态不变时，它的内能与温度有关，温度越高，内能增大。此题考查的是物态变化的判断和物态变化伴随的吸放热情况。熟记概念是解决本题的关键。3.【答案】D 【解析】解：A、运动员下滑的过程中，需要克服阻力做功，会有一部分机械能转化为内能，所以机械能减小，故A错误；B、运动员下滑的过程中，受到重力的作用，并且在重力的方向上通过了距离，所以重力对运动员做了功，故B错误；C、滑动摩擦力的大小与速度的快慢无关，运动员下滑的过程中，对山坡的压力、接触面的粗糙程度都不变，所以受到的滑动摩擦力大小不变，故C错误；D、运动员穿上滑雪板后，受力面积增大，对雪地的压力没变，根据p=FS知，压强变小了，故D正确。故选：D。(1)不计空气和摩擦阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒；(2)物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可；(3)滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关；(4)在压力一定时，增大受力面积可减小压强。此题考查机械能守恒的条件、力是否做功的判断、摩擦力大小的影响因素、减小压强的方法，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。4.【答案】B 【解析】解：由安培定则可知，电磁铁的极性与电流方向有关，和电流的大小，匝数等都无关；A、把线圈的匝数增加一倍，只能增强电磁铁的磁性，故A错误；B、改变电流方向，根据安培定则可知，电磁铁的磁极会改变，故B正确；C、电流强度减少一半，只能减弱电磁铁的磁性，故C错误；D、把铁芯抽出来，会减弱电磁铁的磁性，故D错误。故选：B。由安培定则可知电磁铁的极性由电流方向决定。应牢记安培定则的内容：用手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指向的是N极方向。5.【答案】B 【解析】【分析】此题是结合内燃机的冲程图分析内燃机冲程的特点，要会根据电火花是否打火判断是不是做功冲程。解决此题要结合内燃机的压缩和做功冲程特点和原理进行分析解答，知道做压缩和做功冲程中的能量转化。【解答】图中的气门关闭，活塞上行，汽缸容积变小，这是压缩冲程的特点；在压缩冲程中，能量转化关系是机械能转化为内能，故ACD错误，B正确。故选B。  6.【答案】B 【解析】解：A、我们能闻到花的香味，是因为花芳香分子在做无规则运动引起的，属扩散现象，故A正确；B、冰糕熔化吸热，但熔化过程中温度不变，故B错误；C、飘在湖面上的野鸭不下沉，根据物体的浮沉条件可知，野鸭受到的浮力等于重力，故C正确；D、水的比热容比沙子的比热容大，相同质量的水和沙石相比，吸收相同的热量，水的温度变化小、沙子的温度变化大，所以觉得路面热得发烫，而湖边感到凉爽，故D正确。故选：B。(1)一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，这一运动的外在表现就是扩散现象；(2)晶体熔化过程中吸收热量，温度保持不变；(3)根据物体的浮沉条件分析；(4)水的比热容比较大，质量相同、吸收相同的热量时，温度变化比较小。本题考查了常见热现象的对应的物理原理、物体浮沉条件的应用，要注意在生活中注意找出所包含的物理知识。7.【答案】A 【解析】解：A、飞机飞行时，飞机的机翼上方突起，机翼上方空气流速大于下方空气流速，根据流体流速越大压强越小，机翼上方空气压强小于下方压强，飞机受到向上的升力作用，故A错误；B、穿滑雪板，增大了受力面积，在压力一定时，可以减小对雪地的压强，故B正确；C、船闸的上游阀门打开、下游阀门关闭时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开、上游阀门关闭时，下游和闸室构成连通器，故C正确；D、壶盖上留有一个小孔，作用是使壶内与壶外的大气相通，在重力和大气压力的作用下，水才容易倒出，故D正确。故选：A。(1)飞机升空是利用了流体流速越大的位置，压强越小，从而使其获得向上的升力的；(2)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；(3)连通器的结构特征是上端开口、底部相连通；(4)茶壶盖上的小孔能保证与大气相通，形成壶体上端开口，壶嘴、壶体上端开口下端连通，形成连通器。此题考查流体压强和流速的关系、减小压强的方法、连通器原理、大气压等物理知识在生活中的应用，物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。8.【答案】B 【解析】解：发电地板上的行人或车辆通过时，挤压地板使磁体和线圈发生相对运动，从而使闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，使其发电，故原理为电磁感应现象，A、该图是奥斯特实验，即通电导体周围存在磁场；不合题意；B、该图是电磁感应原理，即闭合回路中的一部分导体做切割磁感线运动，产生电流的现象；符合题意；C、该图是电动机的原理图，即通电导体在磁场中受力运动；不合题意；D、该图是探究电磁铁磁性强弱与匝数的关系；不合题意．故选B．根据题意可知，逐个对每个选项中装置的原理进行分析，找出符合题意的选项．本题主要考查学生对课本上不同实验装置原理的了解和掌握，同时注意与生活现象联系起来，这类题型是中招的热点．9.【答案】A 【解析】解：由阿基米德原理可知，物体受到的浮力：F浮=G排=20N；已知G=10N，显然浮力大于重力，因此拿走细针后，物体将上浮，最终漂浮，故A正确。故选：A。根据阿基米德原理求出物体受到的浮力；放手后，比较浮力与重力的大小关系确定物体的状态，当物体漂浮时，浮力等于重力。解答此题要掌握阿基米德原理和物体的浮沉条件的相关知识；阿基米德原理：浸在液体中的物体受到向上的浮力的作用，浮力大小等于物体排开的液体的重力。10.【答案】D 【解析】解：A、由图知，承担物重的绳子股数n=3，则绳子自由端移动的距离s=3h=3×2m=6m，故A错误；B、因不计绳重和摩擦，则绳端的拉力F=13(G物+G动)，即：125N=13(300N+G动)，所以动滑轮重：G动=75N，故B错误；C、拉力做的功：W总=Fs=125N×6m=750J，拉力的功率：P=W总t=750J4s=187.5W，故C错误；D、利用滑轮组所做的有用功：W有=Gh=300N×2m=600J，滑轮组的机械效率：η=W有用W总=600J750J×100%=80%，故D正确；故选：D。(1)滑轮组的结构可知，承担物重的绳子股数n=3，则s=3h。(2)已知物体的重力和拉力，不计绳重和摩擦，利用F=13(G物+G动)求动滑轮的重；(3)根据W总=Fs求出有用功和总功，根据P=Wt求出拉力的功率；(4)由W有=Gh求出有用功，根据η=W有用W总×100%求出滑轮组的机械效率。本题考查了使用滑轮组的综合计算，根据题图确定n的大小(直接从动滑轮上引出的绳子股数)是本题的突破口，利用好不计绳重和摩擦时拉力和物重的关系F=1n(G动+G物)是本题的关键。11.【答案】转化 可再生 【解析】解：发电机发电的过程是其它形式的能转化成电能的过程；风能安全清洁，能源可从自然界不断获得，且可重复利用，因此是可再生能源，是未来的理想能源之一。故答案为：转化；可再生。发电机的发电过程是将其它形式的能转化为电能；能源可从自然界不断获得，或可重复利用的能源，为可再生能源。本题考查了发电机发电过程的能量转化及风能作为可再生能源的利用，属基础知识的考查。12.【答案】2 不变 【解析】解：根据平面镜成像特点可知，像和物距离平面镜的距离是相等的，物到像的距离是物到平面镜距离的两倍，因为小华距平面镜的距离是1m，像与他之间的距离是1m×2=2m；平面镜所成的像与物体是等大的，当人远离平面镜时，视觉上感觉像在变小，但实际上像的大小并没有变。所以若他远离平面镜后退1m，他在平面镜中像的大小不变。故答案为：2；不变。平面镜成的像与物体是等大的，像和物距离平面镜的距离是相等的。人的视觉感觉总是近大远小，即离像近感觉大，离像远感觉小，像的真实大小总与物相同。13.【答案】600 变大 变小 【解析】解：(1)水对容器底的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10−2m=600Pa；(2)因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，容器对桌面的压力不变，由p=FS可知，容器对水平桌面的压强变大；甲图中容器上面细、下面粗，由于容器侧壁对液体有斜向下的压力，则液体对容器底部的压力大于液体的重力，即F甲>G液；倒置后(如乙图所示)容器上面粗、下面细，有一部分液体压在容器的侧壁上，则液体对容器底的压力小于液体的重力，即F乙 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物理比较基本的实验，本题考查用天平和量筒的读数以及密度的计算，考查了学生的实验能力。16.【答案】800 0.01 【解析】解：(1)转盘转动400转消耗电能：W=4003000kW⋅h=215kW⋅h，电压力锅的功率：P=Wt=215kW⋅h1060h=0.8kW=800W；(2)电压力锅在15min内产生的热量：Q=W=Pt=800W×15×60s=7.2×105J；由题知Q放=Q=7.2×105J，由Q放=qV得需要天然气：V=Q放q=7.2×105J7.2×107J/m3=0.01m3。故答案为：800；0.01。(1)3000r/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000r，求出转盘转400r电路中消耗的电能，然后根据P=Wt求出电压力锅的功率；(2)利用Q=W=Pt求出电压力锅在15min内产生的热量；由题知Q放=Q，再利用Q放=qV求出需要完全燃烧天然气的体积。本题考查电功率、热量、天然气质量的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是理解电能表参数的物理意义，解题过程中还要注意单位的换算。17.【答案】3 8 【解析】解：L1标有“6V3W”，L2标有“6V 9W”，由P=UI可得，两灯的额定电流分别为：I1=P1U1=3W6V=0.5A，I2=P2U2=9W6V=1.5A，由I=UR可得，两灯的电阻分别为：R1=U1I1=6V0.5A=12Ω，R2=U2I2=6V1.5A=4Ω，所以I1R2；串联电路各处电流相等，为了保证电路的安全，电路中的最大电流I=I1=0.5A，所以灯L1正常发光，其实际功率为3W；串联电路总电阻等于各部分电阻之和，由欧姆定律可得电源电压：U=IR=I(R1+R2)=0.5A×(12Ω+4Ω)=8V。故答案为：3；8。已知两灯的额定电压和额定功率，由P=UI可得它们的额定电流，由欧姆定律可计算两灯的电阻；在串联电路中各处电流都相等，为使其中一盏灯正常发光，且保证电路安全，电路中的电流以较小的额定电流为准，据此确定正常发光的灯泡；根据串联电路电阻规律结合U=IR计算电源电压。此题是关于电功率计算的中档题目，非常典型，其中确定串联电路中的电流是解题的关键。18.【答案】解：首先作出A点关于水面的对称点A′，即A的虚像；然后连接A′B作出反射光线，并找到入射点，最后连接A点和入射点，即入射光线。注意水面下的线用虚线，并标准确箭头的方向。如图所示。 【解析】平面镜成像的特点是：像和物大小相等，像到镜面的距离等于物体到镜面的距离，像为虚像。根据平面镜成的特点就可以作出A点的光经水面反射后射入人眼的光路图。作图的关键是找到A点像的位置，需要注意入射光线和反射光线用实线画，反射光线的反向延长线用虚线画，另外光线箭头很容易画错，须注意千万不可作出人眼的像进行作图。19.【答案】解：小磁针在磁场中受到磁力作用，小磁针静止时N极指向和磁感线方向相同，所以可以判断磁感线方向如图中箭头方向，根据磁体周围的磁感线都是从N极出发回到S极，可以判断通电螺线管的左端是N极，右端是S极，根据安培定则可以判断电流从通电螺线管的右端进入、从左端流出，可以判断电源的右端是正极、左端是负极，如图。 【解析】根据小磁针的N极判断磁感线方向，根据磁感线方向判断通电螺线管的磁极，根据通电螺线管的磁极判断电流方向，根据电流方向判断电源正负极。针对这类习题，知道磁场中小磁针静止时N极指向、磁感线方向、电流方向，知道其中任何一者都能判断另外两者。20.【答案】光在同种均匀介质中沿直线传播 不需要 不变 10.0 左 【解析】解：(1)小孔成像原理：光在同种均匀介质中沿直线传播。小孔成像时物距和像距可以是任意值，光屏上都会呈现清晰的像，所以当将蜡烛靠近小孔，光屏的位置不变即可得到的像变大，所以不需要移动光屏的位置。(2)蜡烛在玻璃板中成像，像的大小跟蜡烛大小相等，蜡烛靠近玻璃板时蜡烛大小不变，蜡烛像的大小也不变；(3)①一束平行光射向凸透镜，经凸透镜折射后，在光屏上得到最小最亮的点，这点是凸透镜的焦点，焦点和光心之间的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为：f=60.0cm−50.0cm=10.0cm；若在图丁中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气使烛焰尖部向左偏，相当于烛焰向左移动，物距增大，像距变小，所以光屏向左靠近凸透镜，光屏上会再次得到清晰的像。故答案为：(1)光在同种均匀介质中沿直线传播；不需要；(2)不变；(3)10.0；左。(1)小孔成像原理：光在同种均匀介质中沿直线传播；小孔成像时物距和像距可以是任意值，光屏上都会呈现清晰的像；(2)物体在平面镜中成像，像和物体大小相等；(3)跟主光轴平行的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点和光心之间的距离是凸透镜的焦距；凸透镜成实像时，物距变大，像距变小。本题考查了光的直线传播、平面镜成像和凸透镜成像，这三个实验是光学的三个重要实验，一定要熟练掌握。21.【答案】连接电路时没有断开开关 滑动变阻器没调到阻值最大处 向右移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光 9 【解析】解：(1)用伏安法测量小灯泡的电阻实验中，电源、开关、灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；由图(b)可知，两表选用小量程；滑动变阻器上下各选一个接线柱串联在电路中，滑片P向右移动，灯变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与灯泡串联，如下图所示：；(2)为保护电路，连接实物图时应：①断开开关，②滑动变阻器的滑片要调到使连入电路的电阻为最大的位置；甲组同学连接好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光并很快熄灭，说明连完最后一根线，电路立即接通且电路电流较大，电路阻值太小，原因是：①连接电路时没有断开开关；②滑动变阻器没调到阻值最大处；(3)检查电路无误后，闭合开关，灯泡不亮，电压表、电流表都有示数，说明电路是通路，发现小灯泡不亮，说明通过灯的电流过小，滑动变阻器连入电路的电阻过大，故接下来的操作应该是：向右移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光；(4)实验中当滑动变阻器的滑片置于某位置时，电流表和电压表的示数如图(b)所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A；电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.7V，则此时被测电阻的阻值为：R1=UI=2.7V0.3A=9Ω；(5)在上面分析的基础上，电路图如下图所示：；实验步骤：①如图连接电路，先闭合S1，移动滑片，使电流表示数为I1=2.5VR0，此时灯泡正常发光；②保持滑片位置不动，断开S1、闭合S2，记下电流表示数I2；③灯正常发光时，通过灯泡的额定电流为IL=I2−I1=I2−2.5VR0，则小灯泡电阻为：RL=ULIL=2.5VI2−2.5VR0=2.5V×R0I2R0−2.5V。故答案为：(1)见解答图；(2)①连接电路时没有断开开关；②滑动变阻器没调到阻值最大处；(3)向右移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光；(4)9；(5)见解答内容。(1)用伏安法测量小灯泡的电阻实验中，电源、开关、灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；根据图(b)确定两表量程；滑动变阻器上下各选一个接线柱串联在电路中，滑片P向右移动，灯变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；(2)连接完最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光，说明连接完最后一根导线，电路立即接通且电路电阻阻值很小，可从连接电路的注意事项入手分析原因；(3)灯不发光可能灯断路或短路，还有可能通过灯的电流过小；闭合开关，电压表、电流表均有示数，说明电路是通路，根据小灯泡不亮分析；(4)根据两表选用量程确定分度值读数，利用R=UI求出被测电阻的阻值；(5)在没有电压表的情况下，测量小灯泡电阻，定值电阻与电流表应起到电压表的测量作用，故先将定值电阻与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片，根据欧姆定律和并联电路电压的规律，当电流表示数为I1=2.5VR0，灯正常发光；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电流表测灯与定值电阻并联的电流I2，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律可求出灯正常发光时的电流大小IL=I2−I1，根据RL=ULIL可求小灯泡电阻的表达式，据此画出电路图。本题用伏安法测量小灯泡的电阻实验，考查了电路连接、电路故障、电表读数和电阻的计算及 设计 领导形象设计圆作业设计ao工艺污水处理厂设计附属工程施工组织设计清扫机器人结构设计 实验 方案 气瓶 现场处置方案 .pdf气瓶 现场处置方案 .doc见习基地管理方案.doc关于群访事件的化解方案建筑工地扬尘治理专项方案下载 测电阻的能力。22.【答案】解：(1)S和S1都闭合时，电阻R1与R2并联；由乙图可知此时电流值Imax=3A，则功率Pmax=UImax=220V×3A=660W；(2)开关S1断开时，电路中只有R1工作，由乙图可知通过R1的电流值I1=2A，则根据并联电路的电流特点可知：电阻R1与R2并联时；I2=Imax−I1=3A−2A=1A，根据欧姆定律得：R2=UI2=220V1A=220Ω。(3)只有R1工作时功率P1=UI1=220V×2A=440W；由乙图可知：t′=10min+(20min−15min)=15min=900s，t″=(15min−10min)+(30min−20min)=15min=900s，则Q′=W′=Pmaxt′=660W×900s=5.94×105J，Q″=W″=P1t″=440W×900s=3.96×105J，∴Q=Q′+Q″=5.94×105J+3.96×105J=9.9×105J。答：(1)S和S1都闭合时电饭锅的电功率为660W；(2)电热丝R2的阻值为220Ω；(3)这30min内电饭锅产生的热量为9.9×105J。 【解析】(1)S和S1都闭合时，电阻R1与R2并联；电路中电流最大，由乙图可知此时电流值，则利用P=UI求出功率；(2)开关S1断开时，电路中只有R1工作，由乙图可知通过R1的电流值，根据并联电路的电流特点可知通过R2工作时的电流值，然后根据欧姆定律即可求出R2的阻值。(3)利用P=UI求出只有R1工作时功率；由乙图可知：30min内两种情况下各自的工作时间，利用W=Pt分别求出两种情况下各自产生的热量，最后求其和即可。本题考查电功率的计算，根据是结合电路图会对图象的分析，知道两种状态下对应的电流值时关键。23.【答案】解：(1)由题意可得这辆电动汽车受到的阻力：f=0.03G=0.03mg=0.03×2×103kg×10N/kg=600N；(2)电动汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，则电动汽车受到的牵引力：F=f=600N，电动汽车的功率：P=Wt=Fst=Fv=600N×20m/s=12000W；(3)由P=Wt可得，充满电需要的时间：t电=W电P电=60kW⋅h15kW=4h；(4)电动汽车最大续航里程为300km，则牵引力做的功：W机械=Fs=600N×300×103m=1.8×108J，消耗的电能：W电=60kW⋅h=60×3.6×106J=2.16×108J，电动车的效率：η=W机械W电×100%=1.8×108J2.16×108J×100%≈83.3%；(5)新能源车行驶中排出污染物少，更加低碳环保；噪音方面，运行过程中电机相对引擎噪声更小，减少噪声污染。答：(1)这辆电动汽车受到的阻力为600N；(2)电动汽车的功率为12000W；(3)若用15kW的充电桩对其电池充电，充满电需要4h时间；(4)电动汽车最大续航里程为300km，其效率为83.3%；(5)新能源汽车的优点：新能源车行驶中排出污染物少，噪音小。 【解析】(1)知道电动汽车的质量，根据f=0.03G=0.03mg求出受到的阻力；(2)电动汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据P=Wt=Fst=Fv求出电动汽车的功率；(3)根据P=Wt求出充满电需要的时间；(4)根据W=Fs求出牵引力做的功，根据1kW⋅h=3.6×106J进行消耗电能单位的换算，利用η=W机械W电×100%求出电动车的效率；(5)与燃油汽车相比，新能源电动汽车的优点主要从污染排放、噪音等方面进行分析。本题考查了重力公式和功率公式、电功公式、做功公式、效率公式以及二力平衡条件的应用，要注意1kW⋅h=3.6×106J。