2022年山东省东营市垦利区中考物理二模试题及答案解析

第=page11页，共=sectionpages11页2022年山东省东营市垦利区中考物理二模试卷一、单选 题 快递公司问题件快递公司问题件货款处理关于圆的周长面积重点题型关于解方程组的题及答案关于南海问题 （本大题共10小题，共30.0分）1.下列物理量最接近实际的是(    )A.初中学生的身高大约为165mmB.家用空调的电功率约1000WC.一个鸡蛋的质量约为500gD.光在真空中传播速度为340m/s2.清明假期小明在垦利民丰湖树荫下小憩观景，真切感受到了“物理就在身边”，其中合理的是(    )A.树下的圆形光斑，是光的折射形成的B.阳光中的紫外线可以灭菌，也可以用来遥控C.大声说话会吓跑水中的鱼，是因为声音在液体和气体中都能传播D.湖边的沙子比湖水温度高，是因为沙子的比热容大3.中国的传统节日多和美食有关，如图所示。下列对应各种美食的说法正确的是(    )A.煮饺子时锅中冒出大量的“白气”，是锅里的水汽化成的水蒸气B.煮汤圆的汤沸腾后继续用猛火加热，锅中汤的温度持续升高，可迅速将汤圆煮熟C.粽子出锅时会闻到浓浓的粽香， 说明 关于失联党员情况说明岗位说明总经理岗位说明书会计岗位说明书行政主管岗位说明书 分子在不停地做无规则运动D.电烤箱将化学能转化为内能，使烤箱内的月饼被烤熟4.下列有关光现象中文字和图片对应的说法正确的是(    )A.图甲中，水面上的“倒影”是光的反射现象B.图乙是潜在水里的人看到空气中的物体的光路图C.图丙中该眼睛应该通过配戴凸透镜来矫正视力D.图丁中烛焰在光屏土能成清晰的像，一定是倒立放大的实像5.北京时间2022年2月6日晚，女足亚洲杯决赛上，中国女足在0比2落后的情况下“绝地反击”，最终以3比2力克韩国队，时隔16年再夺亚洲杯冠军。下列说法正确的是(    )A.踢出去的足球在空中上升过程中，受到向上的力B.运动员用力踢球时脚也感到疼痛，说明力的作用是相互的C.踢出去的足球最终会停下来，说明物体的运动需要力来维持D.静止在地面上的足球对地面的压力和地面对足球的支持力是一对平衡力6.图中的简单机械能省力的是(    )A.B.C.D.7.我们在学习物理知识中，学到很多物理学的研究 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 ，比如：控制变量法、等效替代法、转换法、理想模型法、比值定义法等。下面用到转换法的是(    )A.探究电阻大小跟材料的关系时，控制了导体的长度、温度和横截面积相同B.探究物体的动能跟哪些因素有关时，通过木块被撞的远近来判断钢球动能的大小C.为了描述物体运动的快慢，我们把路程与时间之比叫做速度D.计算火车从泰安到杭州的平均速度时，忽略火车的长度8.电子车票，也称“无纸化”车票，乘客网上购票后，直接通过“刷身份证”即可顺利进站。乘客进站时将身份证靠近检验口，机器感应电路中就会产生电流，从而识别乘客身份。图中能说明这一原理的是(    )A.B.C.D.9.两个完全相同的物体A、B，分别放在甲、乙两种液体中(容器相同)，A、B的状态如图所示，此时液面处于同一水平高度。由此可判断(    )A.甲液体密度小于乙液体密度B.A物体受到的浮力小于B物体受到的浮力C.甲液体对容器底部的压强大于乙液体对容器底部的压强D.甲容器对桌面的压强小于乙容器对桌面的压强10.如图所示的电路中，电源电压为4.5V且保持不变，小灯泡标有“3V 1.5W”字样，不考虑灯泡电阻随温度的变化，滑动变阻器R的最大阻值为24Ω，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V。开关S闭合后，滑动变阻器在滑片P滑动的过程中，为了保证电路安全，下列说法中正确的是(    )A.滑片P向右滑动时，电流表和电压表示数均变小B.滑动变阻器R接入电路的阻值范围是0Ω～24ΩC.小灯泡L的最小电功率是0.1WD.电路消耗的最大电功率是2.25W二、填空题（本大题共7小题，共14.0分）11.如图所示是用长征三号乙运载火箭成功发射北斗系统第55颗导航卫星，火箭内的卫星相对于上升的火箭是______(选填“运动”或“静止”)的，进入轨道后卫星通过______将信息传送到地面。12.在新冠肺炎疫情防控工作中，志愿者手持“小喇叭”做防疫宣传，发出的声音是由物体的______产生的，利用“小喇叭”的目的是提高声音的______特性。13.小明上学前站在穿衣镜前整理衣服，他在平面镜中的像是______(选填“虚像”或“实像”)，当他远离平面镜时，像的大小______(选填“变大”或“变小”或“不变”)。14.如图是谷爱凌在冬奥会比赛的场景，忽略空气阻力，她在空中下落的过程中动能______，机械能______。(选填“增加”或“减小”或“不变”)15.如图所示的电路中，电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针，闭合开关后，小磁针静止时，小磁针的S极水平指向______(选填“左”或“右”)，当滑动变阻器的滑片P向右端移动时，电磁铁磁性______(选填“增强”或“减弱”)。16.课外实践活动中，小明仔细观察了家中的电能表，表盘信息如图所示，电能表的示数为______kW⋅h，若在10min内转盘转过了1200转，则电路中用电器消耗的功率为______W。17.如图，在倒置的漏斗里放一个乒乓球，用手指拖住乒乓球，然后从漏斗口向下吹气，并将手指移开，这时你会发现乒乓球并不会落下来。请你利用所学知识解释这一现象：______。三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）18.如题图所示，请作出两条入射光线通过凸透镜后的光线，并确定发光点经凸透镜成的像S′的位置。19.如图甲所示，为一个“一开三孔”开关(即一个开关和一个三孔插座连在一起)实物图，乙为内部接线示意图，请你将图乙中的电路连接完整，使开关控制电灯，又不影响插座供其他电器使用。四、实验探究题（本大题共3小题，共30.0分）20.某物理实验小组的同学，想验证阿基米德原理，进行了下面的实验：(1)为了方便操作和减小测量误差，最合理的操作步骤应该是______。A.①②③④B.④②①③C.④①②③(2)按照正确的操作步骤，当测量结果满足等式______时(用弹簧测力计示数F1、F2、F3、F4表示)，则说明阿基米德原理成立。(3)按照正确的操作顺序，以下会影响验证结果的是______。A.图①中烧杯内水面未到烧杯口B.图②中物体未完全浸没在水中C.图④中小桶内有少量水(4)为了更全面地验证阿基米德原理，还必须______。21.物理兴趣小组想在物理实验室中测量一杯盐水的密度。(1)小明 设计 领导形象设计圆作业设计ao工艺污水处理厂设计附属工程施工组织设计清扫机器人结构设计 的实验操作如下：①将天平放在水平桌面上，将游码移至“0”刻度线上，发现指针的位置如图甲所示，则需将平衡螺母向______调节。②往烧杯中倒入适量盐水，测出烧杯和盐水的总质量为______g(如图乙所示)；③将烧杯中的部分盐水倒入量筒中，读出盐水的体积(如图丙所示)；④测出烧杯和剩余盐水的质量为15g；⑤计算出盐水的密度为______kg/m3。(2)小刚设计了如下方案：①用天平测出空烧杯的质量m1；②往烧杯中倒入适量盐水，测出烧杯和盐水的总质量m2；③将烧杯中的盐水倒入量筒中，测出盐水的体积V；④利用ρ=m2−m1V计算出盐水密度。经小组讨论发现小刚的实验方案会使测量结果______(选填“偏大”或“偏小”)。(3)回家后小亮想测量一个石块的密度，但是手头的实验器材只有：一个没有刻度的杯子、天平、水、细线和吸水纸，利用这些器材，他进行了如下实验，请你根据所学的内容将他的实验步骤补充完整。(水的密度为ρ水)①用天平称出石块的质量m；②在杯子中装满水，用天平称出杯子和水的总质量m1；③______；④石块密度的表达式ρ石块=______(用测量的物理量和已知量的符号表示)。22.某学习小组想要做“测量小灯泡的电功率”的实验：【设计实验】他们小组制定实验计划，选用了如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V(灯丝电阻约为10Ω)。【进行实验和收集数据】(1)请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整。(2)小华同学闭合开关，移动滑片，发现小灯泡的亮度发生变化，某时刻电压表的示数如图乙所示，其读数是______V；为了测量小灯泡的额定功率，此时应将滑动变阻器的滑片向______(选填“A”或“B”)端移动；根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图像(如图丙所示)，分析图像可知，小灯泡的额定功率为______W。【分析和论证】(3)通过实验可以得出的结论是：不同电压下，小灯泡的功率不同，小灯泡的亮度由小灯泡的______决定。【交流评估】(4)另一个小组在试触时，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表指针迅速打到右边没有刻度的地方，造成这一现象的原因可能是______。(5)试验后小明思考能否利用连接好的图甲电路来探究电流与电压的关系，结合图丙的信息，说说你的理由______。五、综合题（本大题共2小题，共22.0分）23.北京冬奥会吸引了全球目光，同时也展示了中国制造的科技力量。在北京冬奥会园区内，共运行着超过1000辆氢燃料电池汽车，并配备了30多个加氢站。是迄今为止全球最大规模的一次氢燃料电池汽车示范运营。如图为一辆氢燃料电池公交车，该车每次加氢仅需几分钟，其续航里程可达500公里以上。(g=10N/kg)(1)若此公交车以72km/h匀速直线行驶10min，公交车行驶的路程为多少？(2)若该公交车满载时整车质量为1.5×104kg，车轮与地面的总接触面积为3000cm2，则公交车满载静止时对地面的压强为多少？(3)公交车以72km/h匀速直线行驶时牵引力输出功率恒为200kW，此时公交车受到的摩擦力大小为多少？(4)结合题干与你学过的物理知识，你认为氢燃料电池公交车与电动公交车相比具有怎样的优点。24.自动饮水机已经普遍用于学校、车站、医院等公共场所，东营市某学校使用的电热水器的参数表如表以及简化电路图如图所示，请根据提供的信息计算。(ρ水=1×103kg/m3,c水=4.2×103J/(kg⋅℃))(1)当S1、S2都闭合时，电热饮水机处于______状态(填“加热”或“保温”)，此时电路中的电流是多少？(2)电阻丝R1的阻值。(3)饮水机装满水正常工作时，将热水箱中的水从20℃加热到100℃，水吸收的热量是多少？饮水机参数热水温度：100℃热胆容积：11L加热功率：2200W保温功率：100W额定电压：220V频率：50Hz(4)电热饮水机正常工作时加热效率为80%。求：将热水箱中的水从20℃加热到100℃需要多少时间？答案和解析1.【答案】B 【解析】解：A、普通中学生的身高约为1650mm，故A不符合题意；B、家用空调的电功率约1000W，故B符合题意；C、一个鸡蛋的质量约为50g，故C不符合题意；D、光在真空中传播速度为3.0×108m/s，故D不符合题意。故选：B。不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验。有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，学生根据知识积累最后判断最符合实际的是哪一个。本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，要求学生一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，能够熟练运用。2.【答案】C 【解析】解：A、树下的圆形光斑，是小孔成像现象，是光的直线传播形成的，故A错误；B、阳光中的紫外线可以灭菌，红外线可以用来遥控，故B错误；C、大声说话会吓跑水中的鱼，是因为声音在液体和气体中都能传播，故C正确；D、湖边的沙子比湖水温度高，是因为水的比热容大，相同质量的水和沙子比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，沙子温度升高的多，故D错误。故选：C。(1)树下的圆形光斑，是小孔成像现象，据此判断；(2)紫外线具有化学效应，可以杀菌消毒；红外线可用来遥控；(3)声音在液体和气体中都能传播；(4)水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。本题围绕生活中的现象，考查了对小孔成像、红外线与紫外线、声音的传播条件、水的比热容大的特性等的了解与应用，综合性强，但难度不大。3.【答案】C 【解析】解：A、煮饺子时锅中冒出大量的“白气”，是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；B、煮汤圆的汤沸腾后继续用猛火加热，温度保持不变，故B错误；C、粽子出锅时会闻到浓浓的粽香，说明分子在不停地运动，故C正确；D、烤箱将电能转化为内能，使烤箱内的月饼被烤熟，故D错误。故选：C。(1)“白气”是水蒸气上升过程中遇冷液化成为小水滴；(2)水沸腾的特点：不断吸热，温度保持不变；(3)一切物质的分子都在不停地做无规则运动；(4)用电烤箱将食品烤熟，通过电流做功，把电能转化为内能。本题考查了物态变化、沸腾的特点、分子热运动以及能量转换，是一道基础题，难度不大。4.【答案】A 【解析】解：A、图甲中，水面上的“倒影”属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A正确；B、潜在水里的人看到空气中的物体时，空气中的物体发出或反射的光线从空气中斜射入水中，然后进入了人的眼睛，故B错误；C、由图可知，像成在视网膜的前方，是近视眼，需要用对光线具有发散作用的凹透镜矫正，故C错误；D、由图可知，此时的物距大于像距，凸透镜成倒立、缩小的实像，故D错误。故选：A。(1)倒影属于平面镜成像；(2)潜在水里的人看到空气中的物体时是光线进入了人的眼睛；(3)像成在视网膜的前方，是近视眼，需要用凹透镜矫正；(4)物距大于像距时，凸透镜成倒立、缩小的实像。本题考查了光的反射现象、光的折射现象、近视眼的成因和矫正、凸透镜成像的特点，属于基础题。5.【答案】B 【解析】解：A.踢出去的足球在空中上升过程中，不再受脚踢的力，此时受重力和空气的阻力，两个力的方向都是向下，足球能继续上升，是因为足球具有惯性，故A错误；B.运动员用力踢球时，脚给球一个作用力，球给脚一个反作用力，脚感到疼痛，说明力的作用是相互的，故B正确；C.踢出去的足球会停下来，是因为受到了摩擦阻力的作用，不能说明物体的运动需要力来维持，故C错误；D.足球对地面的压力和地面对足球的支持力，这两个力分别作用在地面和足球上，即不是作用在同一物体上，所以不是平衡力，故D错误。故选：B。(1)地球附近的物体都会受到重力作用，重力的方向竖直向下；任何物体都有保持原来运动状态不变的性质；(2)物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施力的同时，也受到另一个物体对它的作用力，所以，一个物体既是施力物体，同时也是受力物体；(3)力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力；(4)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上。此题主要考查了惯性、力的作用是相互的、力和运动的关系以及平衡力辨别，掌握基础知识是关键。6.【答案】D 【解析】解：A.小朋友玩的跷跷板，对一边的小朋友来说是省力杠杆，但对另一边的小朋友来说就是费力杠杆，故A不符合题意；B.旗杆顶端的滑轮为定滑轮，定滑轮的实质是一等臂杠杆，不能省力，但可以改变力的方向，故B不符合题意；C.赛艇上的船桨在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，不能省力，故C不符合题意；D.动滑轮实质是动力臂等于2倍阻力臂的杠杆，能省力，故D符合题意。故选：D。结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是否省力；定滑轮的实质是一等臂杠杆，不能省力；动滑轮实质是动力臂等于2倍阻力臂的杠杆，能省力。本题考查的是杠杆的分类、定滑轮和动滑轮的特点，杠杆包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。7.【答案】B 【解析】解：A、电阻与多个因素有关，在研究电阻大小跟材料的关系时，控制了导体的长度、温度和横截面积相同，采用的是控制变量法。故A不符合题意；B、动能多少不能直接观察，在探究物体的动能跟哪些因素有关时，通过木块被撞的远近来判断钢球动能的大小，采用的是转换法。故B符合题意；C、速度是描述物体运动快慢的物理量。在物理学中，速度等于路程与时间之比，采用的是比值定义法。故C不符合题意；D、在计算火车从泰安到杭州的平均速度时，忽略火车的长度，采用的是模型法。故D不符合题意。故选：B。“转换法”指在保证效果相同的前提下，将不可见、不易见的现象转换成可见、易见的现象；将陌生、复杂的问题转换成熟悉、简单的问题；将难以测量或测准的物理量转换为能够测量或测准的物理量的方法。解决此类问题的关键是熟悉基本的物理研究方法。在实际问题中能够识别和应用。8.【答案】B 【解析】解：由题意可知，“刷身份证”时会产生感应电流，即由磁产生电，有感应电流产生，所以其工作原理为电磁感应现象；A、图中有电源，为电动机的工作原理，是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的，故A不符合题意；B、图中没有电源，为发电机的工作原理，是根据电磁感应现象制成的，故B符合题意；C、图示为奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，故C不符合题意；D、图示的实验是探究通电螺线管的磁性强弱与电流大小、线圈匝数的关系，运用了电流的磁效应，故D不符合题意。故选：B。“刷身份证”是利用电磁感应原理，分析下面四幅图，找出符合题意的选项即可。本题考查了电与磁的联系，解答本题的关键要能从题意中分析出该装置利用了电磁感应的原理。9.【答案】C 【解析】解：AB、两个完全相同的物体A、B，则两物体的重力相同，A、B分别放入两杯中，两物体漂浮，受到的浮力F浮=G，故两物体受到的浮力相同，即F浮A=F浮B，根据阿基米德原理：F浮=ρ液gV排，因B排开液体的体积大，故液体的密度ρ甲>ρ乙，故AB错误；C、静止时甲、乙液面刚好相平(如图所示)，即容器底部的深度相同，图中甲、乙两种液体的密度分别为ρ甲>ρ乙，根据p=ρgh可知，两烧杯底部所受液体的压强分别为p甲>p乙.故C正确。D、容器对桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的总重力，因为物体A、B完全相同，则两物体的重力相同；甲容器内的液体体积大于乙容器内的液体体积，ρ甲>ρ乙，则甲容器内的液体质量大于乙容器内的液体质量，甲容器内的液体重力大于乙容器内的液体重力；两容器完全相同，则重力相同所以两容器对桌面的压力相等，又因两容器底面积相同，根据p=FS可知，所以甲容器对桌面的压强大于乙容器对桌面的压强，故D错误。故选：C。(1)已知两个完全相同的物体A、B，则两物体的重力相同，根据漂浮的特点和阿基米德原理可知A、B所受浮力与两种液体密度大小的关系；(2)静止时甲、乙液面刚好相平，即容器底部的深度相同，根据p=ρgh分析两烧杯底部所受液体的压强大小；(3)容器对桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的总重力，据此利用p=FS分析两容器对桌面的压强大小。本题考查液体压强公式、压强定义式，以及物体浮沉条件和阿基米德原理的运用，具有较强的综合性，为中考的热点问题。10.【答案】D 【解析】解：由电路图可知，当开关S闭合后，灯泡L和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。A、当滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；由U=IR可知，小灯泡两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A错误；BCD、因电流表量程为0～0.6A，小灯泡正常发光时的电流为I=P额U额=1.5W3V=0.5A，所以，串联电路中的最大电流为0.5A，滑动变阻器接入电路中的最小电阻为：R滑小=U−U额I=4.5V−3V0.5A=3Ω；则电路的最大总功率：P大=UI大=4.5V×0.5A=2.25W，故D正确；灯泡的电阻：RL=U额I=3V0.5A=6Ω，当电压表的示数最大为U滑′=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的电功率最小，此时灯泡两端的电压：UL′=U−U滑′=4.5V−3V=1.5V，电路中的最小电流：I小=U′LRL=1.5V6Ω=0.25A，滑动变阻器接入电路的最大阻值：R滑大=U滑′I小=3V0.25A=12Ω，所以，变阻器接入电路的阻值范围是3Ω～12Ω，故B错误；小灯泡的最小功率：PL′=UL′I小=1.5V×0.25A=0.375W，故C错误。故选：D。由电路图可知，当开关S闭合后，灯泡L和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化。(2)根据串联电路的电流特点结合电流表量程和小灯泡正常发光时的电流确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，根据串联电路电压的规律和欧姆定律算出滑动变阻器的最小电阻，利用P=UI求出电路的最大功率，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的最小电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，从而得出变阻器接入电路的阻值范围，利用P=UI求出小灯泡的最小功率。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确得出电路中的最大电流是关键，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。11.【答案】静止 电磁波 【解析】解：火箭内的卫星相对于上升的火箭位置没有发生变化，是静止的；进入轨道后，由于太空中没有空气，不能传声，但电磁波的传播不需要介质，因此卫星通过电磁波将信息传送到地面。故答案为：静止；电磁波。(1)判断一个物体是静止还是运动的，应先选定一个假定不动的 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作为参照物，看物体相对于参照物的位置是否发生了变化；(2)太空中没有空气，真空不能传声，但电磁波可以传播。此题考查了运动和静止的相对性、电磁波的传播与应用，属基础题目。12.【答案】振动 响度 【解析】解：(1)“小喇叭”做防疫宣传，发出的声音是由物体的振动产生的；(2)利用“小喇叭”可以使声音大大增强，即响度增大。故答案为：振动；响度。(1)声音是由物体的振动产生的；(2)声音的强弱叫响度，响度与振幅和距离发声体的远近有关。此题考查了声音的传播及增大响度的方法，是一道联系社会热点的应用题，难度不大。13.【答案】虚像 不变 【解析】解：平面镜成像是光的反射形成的，所成的像是虚像；像的大小与物体的大小相等，像的大小由物体本身决定，小明远离平面镜时，物体的大小不变，所以像的大小也不变。故答案为：虚像；不变。平面镜的成像特点是：平面镜的成像是正立等大的虚像；像与物的连线与镜面垂直；像和物到镜面的距离相等；物与像的大小相等；像与物关于镜面对称。本题考查了平面镜成像的特点，属于基础题。14.【答案】增加 不变 【解析】解：忽略空气阻力，她在空中下落的过程中高度变小，速度变大，故动能增加，重力势能变小，故机械能不变。故答案为：增加；不变。机械能是动能和势能的总和；动能与物体质量和速度有关；重力能与物体质量和高度有关。本题考查了学生对动能和机械能的理解，属于基础题。15.【答案】右 增强 【解析】解：闭合开关后，电流从电磁铁的右端流入、左端流出，由安培定则可知，电磁铁的A端是N极，B端是S极，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针静止时，其左端是N极，右端是S极，即小磁针的S极水平指向右；滑动变阻器的滑动片P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知电路中电流变大，故电磁铁的磁性增强。故答案为：右；增强。开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断电磁铁的磁极，由磁极间的相互作用规律可判出小磁针静止时S极的指向；由滑动变阻器的滑片移动方向，利用欧姆定律可知电路中电流的变化，据此可知电磁铁磁性强弱的变化。本题考查了安培定则和磁极间相互作用规律的应用、影响电磁铁磁性强弱的因素等知识点，属于基础题，难度不大。16.【答案】81.3 2400 【解析】解：电能表的示数最后一位是小数，单位是kW⋅h，则图示电能表的示数为81.3kW⋅h；电能表的转盘转动1200r消耗电能为：W=12003000kW⋅h=0.4kW⋅h，而t=10min=16h，则用电器的功率为：P=Wt=0.4kW⋅h16h=2.4kW=2400W。故答案为：81.3；2400。电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表；电能表的示数最后一位是小数，单位是kW⋅h；首先计算出电能表的转盘转1200r电路中消耗的电能，又知道工作时间，然后利用公式P=Wt计算出用电器的功率。本题考查了电能表的读数、对电能表相关参数的理解、电功率的计算，注意：电能表的表盘上有五位数，读数时，前四位为整数，最后一位为小数。17.【答案】从漏斗口向下用力吹气，乒乓球上方空气流速大压强小，乒乓球下方空气流速小压强大，乒乓球受到向上的压强大于向下的压强，乒乓球在压强差的作用下不会下落 【解析】解：从漏斗口向下用力吹气，乒乓球上方空气流速大压强小，乒乓球下方空气流速小压强大，乒乓球受到向上的压强大于向下的压强，乒乓球在压强差的作用下不会下落。故答案为：从漏斗口向下用力吹气，乒乓球上方空气流速大压强小，乒乓球下方空气流速小压强大，乒乓球受到向上的压强大于向下的压强，乒乓球在压强差的作用下不会下落。液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。对于流体压强跟流速关系的问题，一般要分析两处的流体流速，根据流体压强跟流速的关系，判断压强，判断物体的运动情况。18.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；两条折射光线的交点，就是发光点S的像点S′。如图所示： 【解析】先确定所给入射的光线的特点，再根据凸透镜的光学特点(三条特殊光线)画出折射光线，两条折射光线的交点，就是发光点S的像点S′。凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。19.【答案】解：三孔插座中，上孔接地，左孔接零线，右孔接火线；由题知，开关控制电灯，则开关与灯泡串联；开关控制电灯，又不影响插座供其他电器使用，这说明灯泡与插座是并联在一起的，开关在电灯的支路上，如图所示： 【解析】(1)家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先接开关，再接灯泡；零线直接接灯泡。这样连接，开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡更安全。(2)三孔插座的正确连接方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。为了人身安全，要掌握开关控制灯泡和三孔插座的连接方法，并且掌握这种正确连接的必要性。20.【答案】C F1−F2=F3−F4 A 换用几种不同的液体进行实验 【解析】解：(1)为方便操作和减小测量误差，合理的实验顺序是：④测出空桶所受的重力，再把空桶置于溢水杯口的正下方；①用弹簧测力计测出物体所受的重力；②用弹簧测力计吊着物体浸没在装满水的溢水杯中，读出此时弹簧测力计的示数；③测出桶和排开水所受的总重力，所以合理的实验顺序为④①②③，故选C；(2)根据图中①②两个步骤，由称重法测浮力可知物体浸没在液体中受到的浮力：F浮=F1−F2，物体排开液体的重力：G排=F3−F4，如果满足：F1−F2=F3−F4，就可以证明浸入液体中的物体所受浮力的大小等于物体排开液体所受重力的大小(即说明阿基米德原理成立)。(3)A、图①中烧杯内水面未到烧杯口，物体浸入水中后，水面先上升到烧杯口，才有水溢出，则测得排开水的重力会偏小，会影响验证结果。B、图②中未完全浸没在水中，此时测得的浮力较小，测得排开水的重力也较小，但二者仍然相等，不影响实验结果。C、图④中小桶内有少量水，物体排开水后，图③④两次测力计示数之差仍为排开水的重力，不影响实验结果。故选A。(4)为了更全面地验证阿基米德原理，还必须换用几种不同的液体进行实验。故答案为：(1)C；(2)F1−F2=F3−F4；(3)A；(4)换用几种不同的液体进行实验。(1)为方便操作和减小测量误差，应先用弹簧测力计测出空桶和物体的重力，再用弹簧测力计吊着物体浸没在装满水的溢水杯中，读出此时弹簧测力计的示数，最后测出桶和排开水所受的总重力；(2)物体受到的浮力等于物重减去弹簧测力计的拉力，排开液体的重力G排=G总−G空桶；要验证阿基米德原理就要证明物体受到的浮力等于排开液体的重力；(3)根据测物体受到的浮力和排开水的重力的方法进行分析；(4)为了更全面地验证阿基米德原理，还必须换用几种不同的液体进行实验。本题主要考查了学生对验证阿基米德实验的掌握程度，看学生能否掌握每个步骤以及每一步要测量的对象，属于常考题。21.【答案】左 59.8 1.12×103 偏大 把石块放入装满水的杯子中，有部分水溢出，接着取出石块，用天平称出杯子和剩余水的总质量m2 mm1−m2⋅ρ水 【解析】解：(1)①由图甲知指针右偏，应将平衡螺母左调；②由图乙可知，天平标尺的分度值是0.2g，则烧杯和盐水的总质量：m1=50g+5g+4.8g=59.8g；③如图丙，倒入量筒中的部分盐水的体积：V=40mL=40cm3；⑤倒入量筒中的部分盐水的质量：m=m1−m2=59.8g−15g=44.8g；盐水的密度：ρ=mV=44.8g40cm3=1.12g/cm3=1.12×103kg/m3；(2)在实验中先测量空烧杯的质量，再测量烧杯和盐水的总质量，当把烧杯中的盐水全部倒入量筒中时，由于烧杯内壁沾有盐水，所以体积V偏小，根据密度公式ρ=mV可知，密度偏大；(3)①用天平称出石块的质量m；②在杯子中装满水，用天平称出杯子和水的总质量m1；③把石块放入装满水的杯子中，有部分水溢出，接着取出石块，用天平称出杯子和剩余水的总质量m2；④溢出水的质量为：m水=m1−m2；石块的体积为：V石块=V水=m1−m2ρ水；则石块的密度：ρ石块=m石块V石块=mm1−m2ρ水=mm1−m2⋅ρ水；故答案为：(1)①左；②59.8；⑤1.12×103；(2)偏大；(3)把石块放入装满水的杯子中，有部分水溢出，接着取出石块，用天平称出杯子和剩余水的总质量m2；④mm1−m2⋅ρ水。(1)①天平的调节原则是：左偏右调、右偏左调、先快后慢；②物体质量=砝码质量+游码对应的刻度值；据此读出烧杯和盐水的总质量；③读出倒入量筒中的部分盐水的体积；④根据烧杯和剩余盐水的质量，求出倒入量筒中的部分盐水的质量；⑤利用公式ρ=mV算出盐水的密度；(2)由于烧杯内壁粘有液体，测得的盐水体积V偏小，但质量准确，所以密度变大；(3)只有天平，没有量筒，可以利用等体积的水和石块，称量水和石块的质量，根据体积相等列出等式求出石块的密度。用天平和量筒测液体的密度是我们最常用的方法，除熟练掌握天平、量筒的使用方法外，更要注意如何安排实验的步骤才能更有效地减小误差，并能熟练运用密度公式进行计算。22.【答案】2.2 A 0.625 实际功率 小灯泡断路 灯的电阻随温度的变化而变化，不是一个定值 【解析】解：(1)已知小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表应选用0～3V量程和小灯泡并联，电阻约为10Ω，灯泡正常发光时的电流约为I=U额R=2.5V10Ω=0.25A，所以电流表应选择0～0.6A量程串联入电路中，变阻器上下各选一个接线柱与灯泡串联在电路中，如图所示：；(2)由(1)可知，电压表选用小量程，由图乙知其分度值为0.1V，其示数为2.2V；小于灯泡的额定电压，想测量小灯泡的额定功率，应减小变阻器分得电压，根据串联电路的分压原理知，应减小变阻器连入电路的阻值，即滑片向A端移动，使电压表示数为2.5V；灯泡正常发光时两端电压等于额定电压2.5V，由图像知，此时通过灯泡的电流为0.25A，所以灯泡的额定功率P额=U额I=2.5V×0.25A=0.625W；(3)通过实验可以得出的结论是：不同电压下，小灯泡的功率不同，小灯泡的亮度由小灯泡的实际功率决定；(4)在试触时，发现灯泡不亮，电流表无示数，电路可能断路，电压表指针迅速打到右边没有刻度的地方，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的灯泡断路了；(5)探究电流与电压的关系时要控制电阻不变，由图丙可知灯的电阻是变化的，不是一个定值，故利用连接好的图甲电路不能探究电流与电压的关系。故答案为：(1)如上所示；(2)2.2；A；0.625；(3)实际功率；(4)小灯泡断路；(5)灯的电阻随温度的变化而变化，不是一个定值。(1)根据小灯泡的额定电压，选择电压表合适的量程与小灯泡并联，根据欧姆定律计算灯泡正常工作的电流，选择电流表合适的量程串联入电路中，变阻器上下各选一个接线柱串联在电路中；(2)根据电压表所选的量程确定分度值读数；与灯泡的额定电压比较，根据串联电路的分压原理判断滑片的移动方向；根据图丙读出灯泡正常发光时的电流，根据P=UI计算小灯泡的额定功率；(3)小灯泡的亮度由小灯泡的实际功率决定；(4)若电流表无示数，灯不亮，说明电路可能断路；电压表指针迅速打到右边没有刻度的地方，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路断路了；(5)探究电流与电压的关系时要控制电阻不变，根据图丙可知灯的电阻是变化的，不是一个定值分析。本题测量小灯泡的额定功率，考查电路连接、故障分析、电流表读数、功率计算等。23.【答案】解：(1)公交车行驶的时间t=10min=16h，根据v=st可得，公交车行驶的路程：s=vt=72km/h×16h=12km；(2)该公交车满载时对水平地面的压力：F=G=mg=1.5×104kg×10N/kg=1.5×105N，该公交车满载时对水平地面的压强：p=FS=1.5×105N3000×10−4m2=5×105Pa；(3)公交车的速度v=72km/h=20m/s，汽车在水平路面匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力大小相等，根据P=Wt=Fst=Fv可知，此时公交车受到的摩擦力f=F牵=Pv=200×103W20m/s=1×104N；(4)氢燃料电池公交车与电动公交车相比具有加氢快，续航远的优点。答：(1)公交车行驶的路程为12km；(2)公交车满载静止时对地面的压强为5×105Pa；(3)公交车受到的摩擦力为1×104N；(4)氢燃料电池公交车与电动公交车相比具有节约化石能源，环保无污染，加氢快，续航远的优点。 【解析】(1)已知速度和时间，利用速度公式计算公交车行驶的路程；(2)根据F=G=mg求该公交车满载时对水平地面的压力，根据p=FS得出该公交车满载时对水平地面的压强；(3)汽车在水平路面匀速行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力大小相等，根据P=Wt=Fst=Fv可得出汽车的牵引力，进而得出所受阻力；(4)氢燃料电池公交车与电动公交车相比具有节约化石能源，环保无污染，加氢快，续航远的优点。本题考查压强大小的计算、速度公式、功率公式、重力公式，以及二力平衡条件的应用等，综合性强，知道公交车满载静止时对地面的压力等于其重力是解答此题关键。24.【答案】加热 【解析】解：(1)由图知，S2闭合后，若S1断开，两电阻串联，此时电路总电阻较大，由P=U2R可知此时电功率较小，饮水机处于保温状态；当S1、S2都闭合时，R1短路，只有R2接入电路，此时电路中电阻较小，电源电压不变，由P=U2R可知此时电功率较大，饮水机处于加热状态；由P=UI可得，该电热水器处于正常加热时的电流：I加热=P加热U额=2200W220V=10A；(2)由(1)中分析可知：饮水机处于加热状态时，只有R2接入电路，由P=U2R知，R2=U2P加热=(220V)22200W=22Ω；饮水机处于保温状态，R1和R2串联，由P=U2R知，R总=R1+R2=U2P保温=(220V)2100W=484Ω，所以R1=484Ω−22Ω=462Ω；(3)由ρ=mV可得，水的质量为：m=ρV=1.0×103kg/m3×11×10−3m3=11kg，水吸收的热量：Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃))×11kg×(100℃−20℃)=3.696×106J，(4)由η=Q吸W可得，消耗的电能为：W=Q吸η=3.696×106J80%=4.62×106J，由P=Wt可得，加热时间为：t=WP加热=4.62×106J2200W=2100s=35min。答：(1)加热；该电热水器处于正常加热时的电流是10A；(2)电阻丝R1的阻值为462Ω；(3)水吸收的热量是3.696×106J；(4)如果饮水机处在“加热”状态正常工作时，水温由20℃加热到100℃，需用35min。(1)由图知，当S1闭合、S2断开时，两电阻串联，此时电路总电阻较大，由P=U2R可知此时电功率较小，饮水机处于保温状态；当S1、S2都闭合时，R1短路，只有R2接入电路，此时电路中电阻较小，电源电压不变，由P=U2R可知此时电功率较大，饮水机处于加热状态；已知加热功率和额定电压，利用公式I=PU可以得到此时电路中的电流；(2)当S1、S2都闭合时，R1短路，只有R2接入电路，饮水机处于加热状态，由P=U2R求出R2阻值；当S1闭合、S2断开时，两电阻串联，饮水机处于保温状态，由P=U2R求出电路总阻值，最后利用串联电路特点求出R1的阻值；(3)已知热胆容积，利用公式m=ρV可以得到所盛水的质量；已知水的比热容、质量和初温度、末温度，利用公式Q=cmΔt得到需要吸收的热量；(4)已知电热转换效率和水吸收的热量，可以得到消耗的电能；已知消耗的电能和加热功率，利用t=WP得到加热时间。此题是一道联系实际的综合题，包含的知识点较多，涉及到热、电基本公式及其变形公式，正确判断电路连接方式及对应状态，熟悉有关公式并且根据需要正确选择，是解答此题的关键。