高中物理解题方法之极值法
江苏省特级教师 戴儒京
高中物理中的极值问题,是物理教学研究中的活跃话题。本文通过例题归纳综合出极值问题的四种主要解法。
一、 二次函数求极值
二次函数
,当
时,y有极值
,若a>0,为极小值,若a<0,为极大值。
例1试证明在非弹性碰撞中,完全非弹性碰撞(碰撞后两物体粘合在一起)动能损失最大。
设第一个物体的质量为
,速度为
。第二个物体的质量为
,速度为
。碰撞以后的速度分别为
和
。假使这四个速度都在一条直线上。
根据动量守恒定律有:
(1)
如果是完全非弹性碰撞,两物体粘合在一起,(1)则变为
,即
(2)
现在就是要证明,在满足(1)式的碰撞中,动能损失最大的情况是(2)式。
碰撞中动能损失为
ΔEk=(
(3)
转变为数学问题:ΔEk为v的二次函数:
由(1)得:v2ˊ=
(4)
将(4)代入(3)得:
Ek=
[
]
二次函数求极值,
当v1ˊ=
(5) 时
Ek有极大值。
回到物理问题,将(5)代入(4)得v2ˊ=
此两式
表
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明,m1和m2碰后速度相等,即粘合在一起,此时动能损失(ΔEk)最大。
二、 由公式
得
当
时,
有极小值
,若
,此时极小值为2。
同理,
的极大值为
。
例2 求弹性正碰中m1所传递给m2的动能最大或最小的条件。
设一个质量为m1,动能为Ek的物体与一个质量为m2的不动的物体正碰,假定发生的是弹性碰撞,试讨论m1传递给m2动能最大或最小的条件。
设m1原来的速度为V1,碰撞后两物体的速度分别为
和
,根据弹性正碰中的动量守恒和动能守恒,有方程组:
解此方程得:
,
m1传递给m2动能,即为m2获得的动能:
。
现在求
的极值条件和极值。
当m1= m2时
有极小值2,所以当m1= m2时,
有极大值
,即m1传递给m2动能最大的条件是二者质量相等。此时m1的全部动能传递给m2,也就是说:碰撞之后
=0,
。这在物理学史上有一段趣闻,在成立不久的英国皇家学会的一次例会上,一位工程师的表演引起了与会者的极大兴趣:两个质量相同的钢球A和B,分别吊在细绳上,静止时紧靠在一起,使A球偏开一个角度后放开,它回到原来的位置时撞上B球,碰撞后A球静止下来,B球摆到与A求原来高度几乎相等的高度。惠斯通通过对此现象的研究和解释中确定了动能的定义。
此问题可扩大到第二个物体原来不静止的情况。设m2碰前的速度为V2,则方程组变为:
其解为:
则
,将
的表达式代入此式,并且以Ek1代入
,以
代入
,得:
,当m1= m2时,因后项为零,前项取最大值,故
取最大值。此时,m1把原来m2多的那部分动能全部传递给m2。
三、 三角函数求极值:
三角函数
,当
时,
取最小值0,当
时,
取最大值1,(
在0到
范围内),同理,
时,
取最大值1,
时,
取最小值0。
例3 在倾角
=300的斜面上,放置一个重量为200牛顿的物体,物体与斜面间的滑动摩擦系数为
,要使物体沿斜面匀速向上移动,所加的力至少要多大?方向如何?
设所加的外力F与斜面夹角为
,物体受力情况如图所示。
N F
f
G
由于物体作匀速直线运动,根据共点力的平衡条件,有方程组:
解此方程组,消去N,得:
,
因为
为已知,故分子为定值,分母是变量为
的三角函数,令
其中,
,
即
,
当
时,即
时,
取最大值
,F最小值为
,由于
,即
,所以
将
N,
,
,代入上式得:当
时,F最小值为
N,约为173N。
四、导数法求极值:
一般的函数
,求一阶导数
,令其为零时的
值
,即为
取极值的条件;再求二阶导数
,当
时,若
,则上述极值为极小值;若
,则为极大值。
例4 在用滑线式电桥测电阻的实验中,触头在滑线中点附近平衡时,实验误差较小。
R Ig Rx
证明:设滑线长为
,触点一边长为
,则另一边长为
。当电桥平衡时,待测电阻
的计算式是:
,求其全微分为:
两边同除以
,得:
,这就是待测电阻的相对误差的表达式。
因
与滑线长度的读数误差无关,故此项不再考虑,将
代入,并考虑到
(同一尺上的读数误差),得上式中后两项之和(设为
)为:
,设
的系数为
,
求R对
的导数:
=
,
当
时,值为0,此时R有极值,再求二阶导数:
=
当
时,大于0,故此时R有极小值,即说明滑动触头在中点平衡时,实验误差最小。
除了上述四种基本方法以外,还可以用不等式求极值,也可以根据物理中的临界条件求极值,等等。
从上述例题可以看出:用求极值方法解决物理问题的关键在于:把物理问题转化为数学问题,首先要正确地分析物理过程,建立正确的物理模型或物理图景,恰当地运用物理规律和物理公式,正确地把物理问题转化为数学问题,然后才能用极值方法去解。
五、平抛运动中的极值问题
例1.一探险队员在探险时遇到一山沟,山沟的一侧竖直,另一侧的坡面呈抛物线形状。此队员从山沟的竖直一侧,以速度v0沿水平方向跳向另一侧坡面。如图所示,以沟底的O点为原点建立坐标系Oxy。
已知:山沟竖直一侧的高度为2h,坡面的抛物线方程为y=
,探险队员的质量为m。人视为质点,忽略空气阻力,重力加速度为g。
(1) 求此人落到坡面时的动能;
(2) 此人水平跳出的速度为多大时,他落在坡面时的动能最小?动能的最小值为多少?
【解析】
(1) 平抛运动的分解:
,
(注意:此处不能像通常那样写成
,因为本题是以图中的O点为坐标原点,以向上为正方向。而通常的公式
是以抛出点为原点、以向下为正方向得到的),得平抛运动的轨迹方程
,此方程与坡面的抛物线方程为y=
的交点为
,
。
根据机械能守恒,
解得
(2)【解法1:配方法求极值】动能公式可改写为
,当
时,括号内的值为0,平方项取极小值,这时,动能取极小值
。
【解法2:求导法求极值】求
关于
的导数
并令其等于0,解得当此人水平跳出的速度为
时,他落在坡面时的动能最小,动能的最小值为
。
例2. 在游乐节目中,选手需要借助悬挂在高处的绳飞越到水面的浮台上,小明和小阳观看后对此进行了讨论。如图所示,他们将选手简化为质量m=60kg的质点, 选手抓住绳由静止开始摆动,此时绳与竖直方向夹角
=
,绳的悬挂点O距水面的高度为H=3m.不考虑空气阻力和绳的质量,浮台露出水面的高度不计,水足够深。取重力加速度
,
,
(1) 求选手摆到最低点时对绳拉力的大小F;
(2) 若绳长
=2m, 选手摆到最高点时松手落入手中。设水对选手的平均浮力
,平均阻力
,求选手落入水中的深度
;
(3) 若选手摆到最低点时松手, 小明认为绳越长,在浮台上的落点距岸边越远;小阳认为绳越短,落点距岸边越远,请通过推算说明你的观点。
【解析】(1)机械能守恒 mg
(1-cos
)=
mv2 ①
圆周运动 F′-mg=m
解得 F′=(3-2cos
)mg
根据牛顿第三定律,人对绳的拉力 F=F′
则 F=1080N
(2)动能定理 mg(H-
cos
+d)-(f1+f2)d=0
则
解得
(3)选手从最低点开始做平抛运动 x=vt
H-
=
且有①式
解得 x=2
【解法1】配方法:令
当
=
时,y有最大值
,即解得
=1.5m时,选手在浮台上的落点距岸边越远为
。
【解法2】求导法:令
,求导
, 当
=
时,
,此时y有最大值
,即解得
=1.5m时,选手在浮台上的落点距岸边越远为
。
因此,两人的看法均不正确.当绳长越接近1.5m时,落点距岸边越远.
例3.如图所示,长为L、内壁光滑的直管与水平地面成30°角固定放置。将一质量为m的小球固定在管底,用一轻质光滑细线将小球与质量为M=km的小物块相连,小物块悬挂于管口。现将小球释放,一段时间后,小物块落地静止不动,小球继续向上运动,通过管口的转向装置后做平抛运动,小球在转向过程中速率不变。(重力加速度为g)
(1)求小物块下落过程中的加速度大小;
(2)求小球从管口抛出时的速度大小;
(3)试证明小球平抛运动的水平位移总小于
【解析】(1)设细线中的张力为T,根据牛顿第二定律:
,
,且
。解得:
(2)【解法1】用牛顿定律和运动学公式解。分两个阶段研究,第一阶段到M落地,设M落地时的速度大小为
,匀变速直线运动
。第二阶段到m射出管口,设m射出管口时速度大小为
,M落地后m的加速度大小为
,根据牛顿第二定律
,
。解得
(k>2)
【解法2】用动能定理解:在物块M下落过程中,设M落地时的速度大小为
,根据动能定理
,将
代入,解得
.在物块M落地后,小物块m上滑到顶端的过程中,设m射出管口时速度大小为
,根据动能定理:
,解得
。
(3)平抛运动
,
。解得
因为
,所以
,得证。
【注意】第(2)问中要分M落地前和落地后两段计算,因为两段的加速度不相等。 在用动能定理时,也要分两个阶段,有的同学企图毕其功于一役,写出动能定理
,解得
是错误的,错误的原因在于认为M落地后速度为0,这个速度为0,是M与地面碰撞以后的结果,并不是M下落和m上滑的结果。
【点评】本题考查牛顿第二定律,匀加速运动的公式及平抛运动规律。难度:中等偏难。
例4.水上滑梯可简化成如图所示的模型:倾角为θ=37°斜滑道AB和水平滑道BC平滑连接(设经过B点前后速度大小不变),起点A距水面的高度H=7.0m,BC长d=2.0m,端点C距水面的高度h=1.0m.一质量m=50kg的运动员从滑道起点A无初速地自由滑下,运动员与AB、BC间的动摩擦因数均为μ=0.1.(取重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,运动员在运动过程中可视为质点)
(1)求运动员沿AB下滑时加速度的大小a;
(2)求运动员从A滑到C的过程中克服摩擦力所做的功W和到达C点时速度的大小
;
(3)保持水平滑道端点在同一竖直线上,调节水平滑道高度h和长度d到图中B′C′位置时,运动员从滑梯平抛到水面的水平位移最大,求此时滑道B′C′距水面的高度h′.
【解析】运动员沿AB下滑时,受力情况如图所示
Ff=μFN=μmgcosθ
根据牛顿第二定律:mgsin
-μmgcosθ=ma
得运动员沿AB下滑时加速度的大小为:
a=gsinθ-μgcosθ=5.2 m/s2
(2) 运动员从A滑到C的过程中,克服摩擦力做功为:
Wf=μmgcosθ
+μmgd=μmg [d+(H-h)cotθ]=
×10=500J
由动能定理得:mg(H-h)-Wf=
mv2
解得运动员滑到C点时速度的大小 v=10m/s
(3)在从C’点滑出至落到水面的过程中,运动员做平抛运动的时间为t,
h’=
gt2,t=
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