2017年河北省张家口市高考数学模拟试卷(理科)(4月份) Word版含解析
2017年河北省张家口市高考数学模拟试卷(理科)(4月份)
一、选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四
个选项中,只有一项是符合题目要求的)
,x1 1(已知集合A={1,2,3,4},B={y|y=2,x?A},则A?B=( )
A({1,2} B({1,2,4} C({2,4} D({2,3,4}
2(设i是虚数单位,若,则复数z的虚部是( )
A(1 B(i C(,1 D(,i
3(已知等差数列{a}的前10项和为165,a=12,则a=( )n47
A(14 B(18 C(21 D(24
24(已知随机变量X,N(1,ς),若P(0,x,3)=0.5,P(0,X,1)=0.2,则
P(X,3)=( )
A(0.4 B(0.6 C(0.7 D(0.8
5(设x,y?R,则“x?1或y?1”是“xy?1”的( )
A(充分不必要条件 B(必要而不充分条件
C(充分必要条件 D(既不充分也必要条件
6(为了得到函数的图象,只需把函数y=sin2x的图象
上所有的点( )
A(向左平行移动个单位长度
B(向右平行移动个单位长度
C(向左平行移动个单位长度
D(向右平行移动个单位长度
7(执行如图所示的程序框图,若输入三个数a=log6,b=log10,c=log14,则输357
出的结果为( )
A(log6 B(log10 C(log14 D(log63572
8(一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )
A( B( C(3 D(
9(在平面直角坐标系xOy中,以(,2,0)为圆心且与直线(3m+1)x+(1,
2m)y,5=0(m?R)相切的所有圆中,面积最大的圆的
标准
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方程是( )
22222222 A((x+2)+y=16 B((x+2)+y=20 C((x+2)+y=25 D((x+2)+y=3610(已知三棱柱ABC,ABC的六个顶点都在球O的球面上,且侧棱AA?平面1111
ABC,若AB=AC=3,?BAC==8,则球的表面积为( )
A(36π B(64π C(100π D(104π
11(已知点P(x,y)满足为坐标原点,则使
的概率为( )
A( B( C( D(
12(已知(fx)为定义在上的函数,f'(x)是它的导函数,且
恒成立,则( )
A( B( C(
D(
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分,把答案填在答题卷的横
线上..
13(将等比数列{a}的各项排成如图所示的三角形数阵,,则数阵n
的第5行所有项之和为
14(若,则的展开式中的常数项为 (15(已知函数f(x)是定义在R上的奇函数,且在区间(0,+?)上单调递增,
若实数a满足,则a的取值范围是 (16(已知A、B为双曲线=1(a,0,b,0)的左右顶点,F,F为其左右12焦点,双曲线的渐近线上一点P(x,y)(x,0,y,0),满足=0,且0000
? ?PBF=45,则双曲线的离心率为 (1
三、解答题:本大题共5小题,满分60分,解答应写出文字说明、证明过程或
演算步骤
17(如图,在锐角?ABC中,D为AC边的中点,且BC=,O为?ABC
外接圆的圆心,且cos?AOC=,(
(1)求?ABC的余弦值,
(2)求?ABC的面积(
18(在四棱锥P,ABCD中,PA?平面ABCD,AC?BD,PA=AC=2AD=4,AB=BC=2,
M,N,E分别为PD,PB,CD的中点(
(1)求证:平面MBE?平面PAC;
(2)求二面角M,AC,N的余弦值(
19(某市高二年级学生进行数学竞赛,竞赛分为初赛和决赛,规定成绩在110分及110分以上的学生进入决赛,110分以下的学生则被淘汰,现随机抽取500名学生的初赛成绩按[30,50),[50,70),[70,90),[90,110),[110,130),[130,150]做成频率副本直方图,如图所示:(假设成绩在频率分布直方图中各
段是均匀分布的)
(1)求这500名学生中进入决赛的人数,及进入决赛学生的平均分(结果保留
一位小数);
(2)用频率估计概率,在全市进入决赛的学生中选取三人,其中成绩在[130,
150]的学生数为X,试写出X的分布列,并求出X的数学期望及方差(
20(如图,在平面直角坐标中,过F(1,0)的直线FM与y轴交于点M,直线
MN与直线FM垂直,且与x轴交于点N,T是点N关于直线FM的对称点(
(1)点T的轨迹为曲线C,求曲线C的方程;
(2)椭圆E的中心在坐标原点,F为其右焦点,且离心率为,过点F的直线l与曲线C交于A、B两点,与椭圆交于P、Q两点,请问:是否存在直线使A、F、
Q是线段PB的四等分点,若存在,求出直线l的方程;若不存在,请说明理由(
21(已知函数(fx)=axlnx+bx(a?0)在(1,(f1))处的切线与x轴平行,(e=2.71828…)
(1)试讨论f(x)在(0,+?)上的单调性;
(2)?设g(x)=x+,x?(0,+?),求g(x)的最小值;
?证明:?1,x(
请考生在第(22)、(23)题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分,作答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑,把答案填在答题卡
上([选修4-4坐标系与参数方程]
22(已知直线l在直角坐标系xOy中的参数方程为为参数,θ为倾斜角),以坐标原点O为极点,x轴正半轴为极轴,建立极坐标系,在极坐标
2 系中,曲线的方程为ρ,ρcosθ,4cosθ=0(
(1)写出曲线C的直角坐标方程;
(2)点Q(a,0),若直线l与曲线C交于A、B两点,求使为定
值的值(
[选修4-5不等式选讲]
22 23(已知函数f(x)=|x,2x+a,1|,a,2a(
(1)当a=3时,求f(x)?,10的解集;
(2)若f(x)?0对x?R恒成立,求a的取值范围(
20174年河北省张家口市高考数学模拟试卷(理科)(月
份)
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四
个选项中,只有一项是符合题目要求的)
,x1 1(已知集合A={1,2,3,4},B={y|y=2,x?A},则A?B=( )
A({1,2} B({1,2,4} C({2,4} D({2,3,4}
【考点】1E:交集及其运算(
【分析】先化简集合B,再根据交集的定义即可求出(
,x1 【解答】解:合A={1,2,3,4},B={y|y=2,x?A}={1,2,4,8},
则A?B={1,2,4},
故选:B(
2(设i是虚数单位,若,则复数z的虚部是( )
A(1 B(i C(,1 D(,i
【考点】A5:复数代数形式的乘除运算(
【分析】直接由复数代数形式的乘除运算化简复数z得答案(
【解答】解: =,
则复数z的虚部是:,1(
故选:C(
3(已知等差数列{a}的前10项和为165,a=12,则a=( )n47
A(14 B(18 C(21 D(24
【考点】85:等差数列的前n项和(
【分析】由等差数列{a}性质可得:a+a=a+a,再利用等差数列的前n项和公n11047
式即可得出(
【解答】解:由等差数列{a}性质可得:a+a=a+a,n11047
?S=10•=5(a+a)=5(12+a)=165,10477
解得a=21,7
故选:C(
24(已知随机变量X,N(1,ς),若P(0,x,3)=0.5,P(0,X,1)=0.2,则
P(X,3)=( )
A(0.4 B(0.6 C(0.7 D(0.8
【考点】CP:正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义(
【分析】根据随机变量ξ服从正态分布,可知正态曲线的对称轴,利用对称性,
即可求得P(X,3)(
【解答】解:由题意,P(1,x,3)=0.5,0.2=0.3,
2 ?随机变量X,N(1,ς),
?P(X,3)=0.3+0.5=0.8,
故选:D(
5(设x,y?R,则“x?1或y?1”是“xy?1”的( )
A(充分不必要条件 B(必要而不充分条件
C(充分必要条件 D(既不充分也必要条件
【考点】2L:必要条件、充分条件与充要条件的判断(
【分析】若“x?1或y?1”,则“xy?1,其逆否命题为:若xy=1,则x=1且y=1(即
可判断出关系(
【解答】解:若“x?1或y?1”,则“xy?1,
其逆否命题为:若xy=1,则x=1且y=1(
由x=1且y=1?xy=1,反之不成立,例如取x=2,y=(
?xy=1是x=1且y=1的必要不充分条件(
?“x?1或y?1”是“xy?1”的必要不充分条件(
故选:B(
6(为了得到函数的图象,只需把函数y=sin2x的图象
上所有的点( )
A(向左平行移动个单位长度
B(向右平行移动个单位长度
C(向左平行移动个单位长度
D(向右平行移动个单位长度
【考点】HJ:函数y=Asin(ωx+φ)的图象变换(
【分析】利用二倍角的正弦公式,y=Asin(ωx+φ)的图象变换规律,得出结论(
【解答】解:函数=sin(2x+)=sin2(x+),
故把函数y=sin2x的图象上所有的点向左平行移动个单位长度,
可得函数的图象,
故选:C(
7(执行如图所示的程序框图,若输入三个数a=log6,b=log10,c=log14,则输357
出的结果为( )
A(log6 B(log10 C(log14 D(log63572
【考点】EF:程序框图(
【分析】模拟程序的运行,可得程序框图的功能是输出三个数中最大的数,利用对数的运算法则可得a=log6=1+log2,b=log10=log2+1,c=log14=1+log2,利335577
用单调性可得log2,log2,log2,0,即可得出(357
【解答】解:模拟程序的运行,可得程序框图的功能是输出三个数中最大的数,
?a=log6=1+log2,b=log10=log2+1,c=log14=1+log2,335577
log2,log2,log2,0,357
?a,b,c(即log6最大(3
故选:A(
8(一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )
A( B( C(3 D(
【考点】L!:由三视图求面积、体积(
【分析】由几何体的三视图得该几何体是三棱锥S,ABC,其中SO?底面ABC,
O是AC中点,且OA=OC=OB=1,SO=2,OB?AC,由此能求出该几何体的体积(
【解答】解:由几何体的三视图得该几何体是三棱锥S,ABC,
其中SO?底面ABC,O是AC中点,
且OA=OC=OB=1,SO=2,OB?AC,
?该几何体的体积为:
V===(S,ABC
故选:A(
9(在平面直角坐标系xOy中,以(,2,0)为圆心且与直线(3m+1)x+(1,
2m)y,5=0(m?R)相切的所有圆中,面积最大的圆的标准方程是( )
22222222 A((x+2)+y=16 B((x+2)+y=20 C((x+2)+y=25 D((x+2)+y=36
【考点】J1:圆的标准方程(
【分析】根据题意,将直线的方程变形可得m(3x,2y)m+(x+y,5)=0,分析可得其定点M(2,3),进而分析可得满足题意的圆是以P为圆心,半径为
MP的圆,求出MP的长,将其代入圆的标准方程计算可得答案(
【解答】解:根据题意,设圆心为P,则点P的坐标为(,2,0)对于直线(3m+1)x+(1,2m)y,5=0,变形可得m(3x,2y)m+(x+y,5)
=0
即直线过定点M(2,3),
在以点(,2,0)为圆心且与直线(3m+1)x+(1,2m)y,5=0,
面积最大的圆的半径r长为MP,
22 则r=MP=25,
22 则其标准方程为(x+2)+y=25;
故选B(
10(已知三棱柱ABC,ABC的六个顶点都在球O的球面上,且侧棱AA?平面1111
ABC,若AB=AC=3,?BAC==8,则球的表面积为( )
A(36π B(64π C(100π D(104π
【考点】LG:球的体积和表面积(
【分析】求出BC,可得?ABC外接圆的半径,从而可求该三棱柱的外接球的半
径,即可求出三棱柱的外接球表面积(
【解答】解:?AB=AC=3,?BAC=120?,
?BC=3,
?三角形ABC的外接圆直径2r==6,
?r=3,
?AA?平面ABC,AA=8,11
?该三棱柱的外接球的半径R=5,
22 ?该三棱柱的外接球的表面积为S=4πR=4π×5=100π(
故选C(
11(已知点P(x,y)满足为坐标原点,则使
的概率为( )
A( B( C( D(
【考点】CF:几何概型(
【分析】作出图形,求出相应区域的面积,即可求出概率(
【解答】解:如图所示,点P(x,y)满足的区域面积为=,
使成立的区域如图中阴影部分,面积为,=1,
?所求概率为=,
故选:D(
12(已知(fx)为定义在上的函数,f'(x)是它的导函数,且
恒成立,则( )
A( B( C(
D(
【考点】6B:利用导数研究函数的单调性(
【分析】把给出的等式变形得到f′(x)sinx,f(x)cosx,0,由此联想构造辅助函数g(x)=,由其导函数的符号得到其在(0,)上为增函数,则g
(),g(),g(1),g(),整理后即可得到答案(
【解答】解:因为x?(0,),所以sinx,0,cosx,0,
由f(x),f′(x)tanx,得f(x)cosx,f′(x)sinx,
即f′(x)sinx,f(x)cosx,0(
令g(x)=,x?(0,),则g′(x)=,0,
所以函数g(x)在x?(0,)上为增函数,
则g(),g(),g(1),g(),
对照选项,变形得A正确;
故选:A(
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分,把答案填在答题卷的横
线上..
13(将等比数列{a}的各项排成如图所示的三角形数阵,,则数阵n
的第5行所有项之和为 992
【考点】89:等比数列的前n项和(
【分析】由题意可的第5行a,a,a,a,a,再根据等比数列的前n项和1112131415
公式计算即可(
【解答】解:由题意可的第5行a,a,a,a,a,1112131415
?,
10 ?a=×2=32,11
?a+a+a+a+a==9921112131415
故答案为:992
14(若,则的展开式中的常数项为 160 (
【考点】DB:二项式系数的性质(
【分析】,=3=6(利用的展
开式中的通项公式即可得出(
【解答】解: =3=6(
,,6rr62r 则的展开式中的通项公式:T=y=2y,r+1
令6,2r=0,解得r=3(
?常数项==160(
故答案为:160(
15(已知函数f(x)是定义在R上的奇函数,且在区间(0,+?)上单调递增,
若实数a满足,则a的取值范围是 (1,3) (
【考点】3N:奇偶性与单调性的综合(
【分析】根据函数是奇函数,且在(0,+?)单调递增,得到函数在R上单调递
增,利用函数的单调性解不等式即可得到结论(
【解答】解:?f(x)是定义在R上的奇函数,且在(0,+?)单调递增,
?由,得,
?
?1,a,3,
?a的取值范围是(1,3),
故答案为(1,3)(
16(已知A、B为双曲线=1(a,0,b,0)的左右顶点,F,F为其左右12焦点,双曲线的渐近线上一点P(x,y)(x,0,y,0),满足=0,且0000
? ?PBF=45,则双曲线的离心率为 (1
【考点】KC:双曲线的简单性质(
【分析】P在渐近线y=,上,根据=0可知OP=c,从而可求出P点坐标,得出PA?AB,故PA=AB,从而得出a,b的关系,代入离心率公式计算即
可(
【解答】解:由题意可知P在渐近线y=,上,?y=,,0
?=0,?PF?PF,12
2222 ?OP=FF=c,即x+=c,?x=a,1200
?PA?x轴,PA=b,
? ??PBF=45,1
?PA=AB,即2a=b,
?e===(
故答案为:(
三、解答题:本大题共5小题,满分60分,解答应写出文字说明、证明过程或
演算步骤
17(如图,在锐角?ABC中,D为AC边的中点,且BC=,O为?ABC
外接圆的圆心,且cos?AOC=,(
(1)求?ABC的余弦值,
(2)求?ABC的面积(
【考点】HT:三角形中的几何计算(
2【分析】(?)由圆的性质可知?AOC=2?ABC.2cos?ABC,1=,(解得cos?
ABC(
(?)过点C作CE?BA,与DB的延长线交于点E,连接AE在?BCE中,由余
弦定理解得CE=2,AB=2(可得?ABC的面积s=(
【解答】解:(?)由圆的性质可知?AOC=2?ABC(
2 ?cos?AOC=,(?2cos?ABC,1=,(
解得cos?ABC=(
(?)过点C作CE?BA,与DB的延长线交于点E,连接AE
又?D为AC边的中点,所以D为平行四边形ABCE对角线的交点(
?cos?BCE=,cos?ABC=,(
在?BCE中,BC=2,BE=2DB=4,cos?BCE=,(
222 由余弦定理得BE=BC+CE,2×BC×CE×cos?BCE,
解得CE=2,?AB=2(
?cos?ABC=,?
??ABC的面积s=(
18(在四棱锥P,ABCD中,PA?平面ABCD,AC?BD,PA=AC=2AD=4,AB=BC=2,
M,N,E分别为PD,PB,CD的中点(
(1)求证:平面MBE?平面PAC;
(2)求二面角M,AC,N的余弦值(
【考点】MT:二面角的平面角及求法;LY:平面与平面垂直的判定(【分析】(1)设F为AC中点,连接BF和EF,可得B、F、E三点共线,且BE?AC(再由PA?平面ABCD,得PA?BE,从而BE?平面PAC,进一步得到平面MBE
?平面PAC;
(2)由PA?平面ABCD,得PA?AC且PA?AD,又AC?AD,则以A为坐标原点,AC为x轴,AD为y轴,AP为z轴建立如图所示空间直角坐标系,由已知求出所用点的坐标,分别求出平面MAC的法向量与平面NAC的法向量,由两法向量所
成角的余弦值可得二面角M,AC,N的余弦值(
【解答】(1)证明:设F为AC中点,连接BF和EF,
?AB=BC,?BF?AC(
?E为CD中点,?EF?AD(
又?AC?AD,?EF?AC(
?B、F、E三点共线,?BE?AC(
又?PA?平面ABCD,且BE?平面ABCD,
?PA?BE(
?BE?平面PAC(
又?BE?平面MBE,
?平面MBE?平面PAC;
(2)解:?PA?平面ABCD,?PA?AC且PA?AD(
又?AC?AD,
?以A为坐标原点,AC为x轴,AD为y轴,AP为z轴建立如图所示空间直角坐
标系,
?PA=AC=2AD=4,AB=BC=2,M,N,E分别为PD,PB,CD的中点,
?A(0,0,0),B(2,,4,0),C(4,0,0),D(0,2,0),P(0,0,4),
M(0,1,2),N(1,,2,2)(
?,,(
设平面MAC的法向量为,平面NAC的法向量为
(
由,可得,取z=1,得(
由,可得,取z=1,得(
cos,,=(
?二面角M,AC,N的余弦值为(
19(某市高二年级学生进行数学竞赛,竞赛分为初赛和决赛,规定成绩在110分及110分以上的学生进入决赛,110分以下的学生则被淘汰,现随机抽取500名学生的初赛成绩按[30,50),[50,70),[70,90),[90,110),[110,130),[130,150]做成频率副本直方图,如图所示:(假设成绩在频率分布直方图中各
段是均匀分布的)
(1)求这500名学生中进入决赛的人数,及进入决赛学生的平均分(结果保留
一位小数);
(2)用频率估计概率,在全市进入决赛的学生中选取三人,其中成绩在[130,
150]的学生数为X,试写出X的分布列,并求出X的数学期望及方差(
【考点】CH:离散型随机变量的期望与方差;CG:离散型随机变量及其分布列(【分析】(1)由题意和频率分布直方图列出方程,求出a,由此能求出这500名
学生中进入决赛的人数,及进入决赛学生的平均分(
(2)成绩在130分以上的学生数X是一个随机变量,其可能取值为0,1,2,3,
X,B(3,),由此能求出X的分布列、数学期望及方差(
【解答】解:(1)由题意和频率分布直方图,得:
4+0.0128+0.0112+0.0056+0.0040+a,
解得a=0.0020,
?这500名学生中进入决赛的人数为:(0.0040+0.0020)×500×20=60,
进入决赛学生的平均分为:
40×0.0056×20+60×0.0128×20+80×0.0144×20+100×0.0112×20+120×
0.0040×20+140×0.0020×20=80.48?80.5,
?这500名学生中有60人进入决赛,进入决赛学生的平均分为80.5分(
(2)?进入决赛的60名学生中,成绩在130分以上的学生有20人,
用频率估计概率,则学生成绩在[110,130)之间的概率为,
在[130,150]之间的概率为,
成绩在130分以上的学生数X是一个随机变量,其可能取值为0,1,2,3,
P(X=0)=,
P(X=1)=,
P(X=2)==,
P(X=3)=,
?X的分布列为:
X 0 1 2 3
P
?X,B(3,),
?E(X)=3×=1,
D(X)=3×=(
20(如图,在平面直角坐标中,过F(1,0)的直线FM与y轴交于点M,直线
MN与直线FM垂直,且与x轴交于点N,T是点N关于直线FM的对称点(
(1)点T的轨迹为曲线C,求曲线C的方程;
(2)椭圆E的中心在坐标原点,F为其右焦点,且离心率为,过点F的直线l与曲线C交于A、B两点,与椭圆交于P、Q两点,请问:是否存在直线使A、F、
Q是线段PB的四等分点,若存在,求出直线l的方程;若不存在,请说明理由(
【考点】K4:椭圆的简单性质(
【分析】(?)设T(x,y),可知FM的斜率必存在,故设直线FN的方程为y=k
2(x,1),求出M(0,,k),N(,k,0)),由T是点N关于直线FM的对称点,
2 得T的坐标x,y满足(即可得曲线C的方程为y=4x(
(?)易得椭圆的方程为(假设存在直线l使A、F、Q是线段PB的四等分点,当直线l的斜率不存在或为0时,显然不满足题意(设直线l的方程为y=m(x,1)(m?0)(由图形可知,必有2AF=FB(联立方程,利用韦达定理解
得m=,再分别验证即可(
【解答】解:(?)设T(x,y),可知FM的斜率必存在,故设直线FN的方程为
y=k(x,1)
令x=0,得M(0,,k),?当k?0时,直线MN的方程为y+k=,(
2 令y=0,得N(,k,0)),
?T是点N关于直线FM的对称点?T的坐标x,y满足(
消去k得y=4x,当k=0时得T(0,0)(
2 曲线C的方程为y=4x(
(?)椭圆E的中心在坐标原点,F为其右焦点,且离心率为,
?椭圆的方程为(
假设存在直线l使A、F、Q是线段PB的四等分点,
当直线l的斜率不存在或为0时,显然不满足题意(
设直线l的方程为y=m(x,1)(m?0)(
由图形可知,必有2AF=FB(
设A(x,y),B(x,y),1122
2 由得my,4y,4m=0;
2 ?=16+16m,0,?,yy=,4;12
?2AF=FB(?,
又?,
解得m=
?当m=2时,直线l的方程为y=2(x,1)
此时解得A(,,),B(2,2)(
由,得P(,,),Q(,)(
可得y?2y,?点Q不是FB的中点,?A、F、Q不是线段PB的四等分点(BQ
同理m=,2时,也可得A、F、Q不是线段PB的四等分点(
综上不存在直线l使A、F、Q是线段PB的四等分点(
21(已知函数(fx)=axlnx+bx(a?0)在(1,(f1))处的切线与x轴平行,(e=2.71828…)
(1)试讨论f(x)在(0,+?)上的单调性;
(2)?设g(x)=x+,x?(0,+?),求g(x)的最小值;
?证明:?1,x(
【考点】6E:利用导数求闭区间上函数的最值;6B:利用导数研究函数的单调性(
【分析】(1)求出函数的导数,通过讨论a的范围求出函数的单调区间即可;
(2)?求出函数的导数,解关于导函数的不等式,求出函数的单调区间,从而
求出函数的最小值即可;
,,x11x?问题转化为(xlnx,1)(xe+1)+2?0,即(lnx+)(x+e)?2,设h(x)
=lnx+,根据函数的单调性证明即可(
【解答】(1)解:?f′(x)=alnx+a+b,
?f′(1)=a+b=0,故b=,a,
?f(x)=axlnx,ax,且f′(x)=alnx,
当a,0时,x?(0,1)时,f′(x),0,x?(1,+?)时,f′(x),00,
?f(x)在(0,1)递减,在(1,+?)递增;
a,0时,x?(0,1)时,f′(x),0,x?(1,+?)时,f′(x),0,
?f(x)在(0,1)递增,在(1,+?)递减;
(2)?解:?g(x)=x+,x?(0,+?),
,1x ?g′(x)=1,e=,
x?(0,1)时,g′(x),0,x?(1,+?)时,g′(x),0,
故g(x)在(0,1)递减,在(1,+?)递增,
故g(x)=g(1)=2;min
?证明:由(1)得:f(x)=axlnx,ax,
由?1,x,得:xlnx,x++x,1?0,
,x1 即(xlnx,1)(xe+1)+2?0
,,x1x1 ?(xlnx+1)xe+xlnx+1?2xe
,,x1x1 ?(xlnx+1)(xe+1)?2xe,
,1x 即(lnx+)(x+e)?2,
设h(x)=lnx+,h′(x)=,
故h(x)在(0,1)递减,在(1,+?)递增,
故h(x)?h(1)=1,
又g(x)在(0,+?)时,g(x)?2,
,1x 故(lnx+)(x+e)?2成立,
即?1,x成立(
请考生在第(22)、(23)题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分,作答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑,把答案填在答题卡
上([选修4-4坐标系与参数方程]
22(已知直线l在直角坐标系xOy中的参数方程为为参数,θ为倾斜角),以坐标原点O为极点,x轴正半轴为极轴,建立极坐标系,在极坐标
2 系中,曲线的方程为ρ,ρcosθ,4cosθ=0(
(1)写出曲线C的直角坐标方程;
(2)点Q(a,0),若直线l与曲线C交于A、B两点,求使为定
值的值(
【考点】QH:参数方程化成普通方程;Q4:简单曲线的极坐标方程(【分析】(1)极坐标方程两边同乘ρ,根据极坐标与直角坐标的对于关系得出直
角坐标方程;
(2)把直线l的参数方程代入曲线C的方程,利用根与系数的关系和参数的几
何意义化简即可得出结论(
2222 【解答】解:(1)?ρ,ρcosθ,4cosθ=0,?ρ,ρcosθ,4ρcosθ=0,2222 ?x+y,x,4x=0,即y=4x(
2 (2)把为为参数,θ为倾斜角)代入y=4x得:22 sinθ•t,4cosθ•t,4a=0,
?t+t=,tt=,,1212
?===
=,
?当a=2时,为定值(
[选修4-5不等式选讲]
22 23(已知函数f(x)=|x,2x+a,1|,a,2a(
(1)当a=3时,求f(x)?,10的解集;
(2)若f(x)?0对x?R恒成立,求a的取值范围(
【考点】5B:分段函数的应用;R5:绝对值不等式的解法(
【分析】(1)求出a=3时,f(x)的解析式,去掉绝对值,运用二次不等式的解
法,即可得到所求解集;
222(2)由题意可得|x,2x+a,1|,a,2a?0对x?R恒成立,即有|(x,1)+a
2,2|,a,2a?0对x?R恒成立(再讨论a,2?0和a,2,0,可得a的不等式,
解不等式求交集,即可得到所求a的范围(
2 【解答】解:(1)当a=3时,f(x)=|x,2x+2|,15,
22 由x,2x+2,0恒成立,则f(x)=x,2x,13,
2 由f(x)?,10,可得x,2x,3?0,
解得x?3或x?,1,
即f(x)?,10的解集为{x|x?3或x?,1};
(2)f(x)?0对x?R恒成立,
22 即为|x,2x+a,1|,a,2a?0对x?R恒成立,22 即有|(x,1)+a,2|,a,2a?0对x?R恒成立(
2 当a,2?0即a?2时,只需a+2a?0,即,2?a?0;
22 当a,2,0,即a,2时,只需a+2a?a,2,即a+a+2?0,
由判别式?=1,4×2,0,可得不等式无实数解(
综上可得,a的取值范围是[,2,0](
2017年5月22日