2014-2015学年江西省宜春市上高二中高二（上）
第一次月考物理试卷
一、选择题（每小题4分，共44分，1～7小题为单选，8～11小题为多选）
1．（4分）（2014秋•凉州区校级期中）对物体带电现象的叙述，正确的是（ ）
A．
不带电的物体一定没有电荷
B．
带电物体一定具有多余的电子
C．
一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒不带电了，这过程中电荷不守恒
D．
摩擦起电实际上是电荷从一个物体转移到另一个物体或者从物体的一部分转移到物体的另一部分的过程
考点：
电荷守恒定律；元电荷、点电荷．
分析：
电荷并不能创生，也不能消失，只能从一个物体转移到另一物体，或从物体的一部分转移到另一部分，但电荷的总量保持不变．元电荷的电量是最小的带电量．
解答：
解：A、不带电的物体可能带有等量的正电荷和负电荷，对外显示不带电．故A错误．
B、带电物体可能有多余的正电荷，也可能有多余的负电荷．故B错误．
C、一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒不带电了，是因为电荷被中和了，电荷仍然守恒．故C错误．
D、摩擦起电实际上是电荷从一个物体转移到另一个物体或者从物体的一部分转移到物体的另一部分的过程．故D正确．
故选：D．
点评：
解决本题的关键掌握电荷守恒定律，电荷并不能创生，也不能消失，只能从一个物体转移到另一物体，或从物体的一部分转移到另一部分，但电荷的总量保持不变．以及知道元电荷的电量是最小的带电量．
2．（4分）（2014•杨浦区一模）下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有（ ）
①场强E= ②场强E= ③场强E= ④电场力做功W=Uq．
A．
①③
B．
②③
C．
②④
D．
①④
考点：
匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
题中的四个物理公式，分别是：电场强度的定义式、匀强电场中电场强度与电势差的关系公式、点电荷产生的电场的场强公式和电场力做功与电势差关系公式；结合物理公式得出的过程进行分析即可．
解答：
解：①电场强度E=是用比值定义法得出的物理量，是从力角度研究电场的物理量，适用于任意电场，故①正确；
②匀强电场中沿场强方向电势降低最快，且没前进相同距离电势的降低相等，故匀强电场中任意两点的间的电势差与两点沿电场线的距离成正比；故电场强度与电势差的关系公式U=Ed仅仅适用与匀强电场，故②错误；
③点电荷产生的电场的场强公式E=是由电场强度的定义式和库仑定律联立得到，反映了点电荷的电场中任意一点的电场强度与该点的空间位置和场源电荷的电荷量的关系，而电场有多种，不是只有点电荷有电场，故③错误；
④电场力做功与电势差的关系公式W=qU，反映了在电场中任意两点间移动电荷时，电场力做功与两点间电势差成正比，适用于任意电场，故④正确；
故选D．
点评：
本题关键是要熟悉有关电场的各个公式，要知道公式的推导过程，从而能够确定公式的适用范围．
3．（4分）（2014秋•上高县校级月考）在光滑的绝缘水平面上，两个质量均为m带电量分别为+q和﹣q的甲、乙两个小球，在力F的作用下保持间隔距离不变，一起做匀加速直线运动，则甲、乙两球之间的距离r为（ ）
A．
q
B．
q
C．
2q
D．
2q
考点：
库仑定律．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
对整体分析，根据牛顿第二定律求出共同的加速度，隔离对乙分析，运用牛顿第二定律求出它们之间的距离．
解答：
解：选甲、乙作为整体为研究对象，加速度为：a=…①
选乙为研究对象，列牛顿第二定律方程有：=ma…②
①②联立得：r=q
故B正确、ACD错误．
故选：B．
点评：
解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．
4．（4分）（2012秋•泗水县校级期末）如图7所示，AC、BD为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O，半径为R．电荷量均为Q的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称，+Q与O点的连线和oc间夹角为60°．下列说法正确的是（ ）
A．
O点的场强大小为，方向由O指向D
B．
O点的场强大小为，方向由O指向D
C．
A、C两点的电势关系是φA＜φc
D．
电荷量为q的正电荷在A点的电势能大于在C点的电势能
考点：
电势；电场强度；电势能．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
两个等电量正点电荷Q产生 的电场等势线与电场线具有对称性，作出AC间的电场线，根据顺着电场线电势降低和对称性，分析B与D电势的高低，判断电场力做功情况，可知A点和C电电势能的大小，根据点电荷的电场E=k和电场叠加原理可求解O点的场强大小．
解答：
解：A、B、根据点电荷的电场E=k和电场叠加原理：O点的场强大小E=cos30°=，方向由O指向D，故A错误，B正确；
C、等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，A、C两点在两个等量异号电荷连线的中垂线上，故φA=φC．故C错误；
D、A点与C点的电势相等，其电势差为零，则电荷q从A点运动到C点，电场力做功为零，A点的电势能等于在C点的电势能，故D错误．
故选：B．
点评：
本题关键抓住电场线与等势线的对称性，注意空间每一点的电场是由两个点电荷产生的电场叠加，是考查基础的好题．
5．（4分）（2014•湖南一模）如图甲所示，A、B是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速度为零的电子，电子仅电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图乙所示．则（ ）
A．
电场力FA＞FB
B．
电场强度EA=EB
C．
电势φA＜φB
D．
电子的电势能EPA＞EPB
考点：
电场线；电场强度；电势能．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
根据电子的运动方向，确定电场力的方向．场强方向与电子所受电场力方向相反，从而可判断出电场强度方向．根据场强方向判断电势的高低．由速度图象的斜率读出加速度的变化情况，确定场强的变化情况．根据能量守恒，分析电势能的变化．
解答：
解：A、B：速度时间图象的斜率等于加速度，由图可知：电子做初速度为零的加速度增大的加速直线运动．加速度增大，说明电子所受电场力增大，电子在A点受到的电场力小于B点．由F=qE可知，电场强度增大，A点的场强小于B点，即EA＜EB．故AB错误．
C、电子由静止开始沿电场线从A运动到B，电场力的方向从A到B，而电子带负电，则场强方向从B到A，根据顺着电场线电势降低可知，A点的电势低于B点电势，即φA＜φB．故C正确．
D、由速度图象看出，电子的速度增大，动能增大，根据能量守恒得知，电子的电势能减小，则电子在A点的电势能大于B点，即EPA＞EPB．故D正确．
故选：CD
点评：
本题实质考查分析电子受力情况和运动情况的能力，从力和能量两个角度进行分析，分析的切入口是速度的斜率等于加速度．
6．（4分）（2013•崇明县一模）如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=10cm，ad=bc=20cm，电场线与矩形所在平面平行．已知a点电势为20V，b点电势为24V，则（ ）
A．
场强大小一定为E=40V/m
B．
cd间电势差一定为4 V
C．
场强的方向一定由b指向a
D．
c点电势可能比d点低
考点：
匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
匀强电场的电场线为相互平行间隔相等的平行线，而等势线与电场线垂直，可知，cd间电势差等于ba间电势差．电场线方向无法确定，场强大小不能求出．
解答：
解：A、C根据题设条件可知，场强方向无法确定，知道了ab间电势差，但不能根据E=求出场强的大小．故AC错误．
B、根据匀强电场的电场线与等势线分布的特点可知，cd间电势差必等于ba间电势差，为4V．故B正确．
D、cd间电势差为4V，则知c点电势比d点高4V．故D错误．
故选B
点评：
本题的关键在于抓住匀强电场的等势面与电场线分布均匀的特点，分析cd间电势差与ba间电势差的关系．
7．（4分）（2014•顺义区一模）如图所示的电场中，一个正电荷从C点分别沿直线被移动到A点和B点，在这两个过程中，均需克服电场力做功，且做功的数值相同．有可能满足这种情况的电场是（ ）
A．
存在沿y轴正向的匀强电场
B．
存在沿x轴负向的匀强电场
C．
在第Ⅰ象限内某位置有一个负点电荷
D．
在第Ⅳ象限内某位置有一个负点电荷
考点：
电势差与电场强度的关系；电场的叠加．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
由题，在这两个过程中，电场力做功相等，说明A、B的电势相等，分别研究四个选项电场力做功情况，选择符合题意的选项．
解答：
解：由题，在这两个过程中，电场力做功相等，说明A、B两点的电势相等．
A、若存在沿y轴正向的匀强电场，A、B两点的电势不等，电场力做功不等，不符合题意．故A错误．
B、若存在沿x轴负向的匀强电场，A、B两点的电势相等，将正电荷移动a、b两点电场力做负功，即克服电场力做功，符合题意．故B正确．
C、若存在处于第Ⅰ象限内某位置的负点电荷形成的电场，A、B两点的电势不等，电场力做功不等，不符合题意．故C错误．
D、若存在处于第Ⅳ象限内某位置的负点电荷形成的电场，而且负点电荷处于A、B连线的垂直平分线上，A、B两点的电势相等，将正电荷移动A、B两点电场力做正功，不符合题意．故D错误．
故选：B．
点评：
本题关键要根据题意判断出A、B两点电势相等，其次要了解各种电场等势线的分布情况．
8．（4分）（2010秋•东莞期中）在点电荷Q的电场中，一个电子通过时的轨迹如图实线所示，a、b为两个等势面，则下列判断中正确的是（ ）
A．
Q一定为负电荷
B．
电子从b到a的过程中电场力做负功
C．
电子经过两等势面的动能Eka＞Ekb
D．
电子在两等势面上的电势能Epa＞Epb
考点：
等势面；电场强度；电势能．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，反之，远离Q的过程电场力做正功．可判断电势能的大小和动能大小以及Q的电性．
解答：
解：A、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，故Q为负电荷，故A正确；
B、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从b到a过程中，电场力做正功；故B错误；
C、D、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从b到a过程中，电场力做正功，因此动能增大电势能减小，故C正确，D错误；
故选：AC
点评：
该题考查轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的思路．
9．（4分）（2014秋•上高县校级月考）虚线
表
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示初速为vA的带电粒子只在电场力作用下的运动轨迹，则（ ）
A．
粒子带负电
B．
粒子带正电
C．
粒子在A点具有的电势能比在B点具有的电势能小
D．
粒子在A点的动能比在B点的动能小
考点：
电势能；电势．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
根据顺着电场线电势降低判断电势的高低．电场线的疏密反映场强的大小．
由轨迹的弯曲方向判断带电粒子所受电场力的大致方向，确定带电粒子的电性．
解答：
解：AB、由图看出，粒子的轨迹向下弯曲，粒子所受电场力大致向下，而电场线方向向下，说明粒子带正电．故A错误，B正确．
C、粒子由A到B的过程，电场力做负功，电势能增加，所以粒子在B点电势能大，故C正确．
D、根据能量守恒，粒子在A 点具有的电势能比在B 点具有的电势能小，粒子在A点的动能比在B点的动能大，故D错误．
故选：BC．
点评：
本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小．
10．（4分）（2014秋•镇原县校级月考）如图所示，P、Q是两个电荷量相等的正点电荷，它们连线的中点是O，A、B是中垂线上的两点，OA＜OB，用EA、EB、φA、φB分别表示A、B两点的电场强度和电势，则（ ）
A．
EA一定大于EB
B．
EA可能小于EB
C．
φA一定等于φB
D．
φA一定大于φB
考点：
电场强度；电势．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
用常见电荷的电场线的分布特点和点电荷场强公式E=，分析出电荷连线和连线中垂线上场强和电势的特点．
解答：
解：两个等量同种电荷连线中点O的电场强度为零，无穷远处电场强度也为零，故从O点沿着中垂线向上到无穷远处电场强度先增大后减小，场强最大的P点可能在A、B连线之间，也可能在B点以上，还可能在A点一下，由于A、B两点的间距也不确定，故EA可能大于EB，也可能小于EB，还可能等于EB；中点以上的中垂线各点电场强度方向竖直向上，故电势越来越低，φA一定大φUB；故AC错误，BD正确．
故选：BD．
点评：
本题关键是要明确两个等量同种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，沿着场强方向，电势越来越低．
11．（4分）（2015•滕州市校级模拟）如图所示，已知带电小球A、B的电荷量分别为QA、QB，OA=OB，都用长L的绝缘丝线悬挂在绝缘墙角O点处．静止时A、B相距为d．为使平衡时AB间距离变为2d，可采用以下哪些
方法
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（ ）
A．
将小球B的质量变为原来的八分之一
B．
将小球B的质量增加到原来的8倍
C．
将小球A、B的电荷量都增为原来的二倍，同时将小球B的质量变为原来的一半
D．
将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半，同时将小球B的质量增加到原来的2倍
考点：
库仑定律．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
对小球进行受力分析，并作出平行四边形；由几何关系可知力与边的关系，即可得出符合条件的选项．
解答：
解：A如图所示，B受重力、绳子的拉力及库仑力；
将拉力及库仑力合成，其合力应与重力大小相等方向相反；
根据三角形相似：﹣﹣﹣﹣①，
而库仑力﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
由①②得，，要使d变为2d：
①可以使球B的质量变为原来的，故A正确、B错误．
②小球A、B的电荷量都增为原来的2倍，同时将小球B的质量变为原来的一半，C正确、D错误．
故选：AC．
点评：
本题考查了共点力平衡条件的应用，库仑定律、力的合成与分解．题中B球处于动态平衡状态，注意本题采用了相似三角形法；对学生数学能力要求较高，应注意相应知识的积累应用．
二、填空题（每空3分，共15分）
12．（6分）（2014秋•上高县校级月考）如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在 电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA= 0 N/C，B处的场强大小EB= 9×103 N/C．
考点：
电场强度．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
根据公式E=k求出点电荷在C点处产生的场强大小，判断出场强方向，C点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解AB两点处的场强大小及方向．
解答：
解：点电荷在A点处产生的场强大小为E=k=9×109×N/C=9×103N/C，方向从O→A；
而匀强电场方向向右，大小9×103N/C，叠加后，合电场强度为零．
同理，点电荷在B点处产生的场强大小也为E=k=9×109×N/C=9×103N/C，方向从O→B；
根据平行四边形定则得，则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为 EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；
同理，B点的场强大小为 EB=E=9×103N/C；
故答案为：0，9×103
点评：
本题电场的叠加问题，一要掌握点电荷的场强公式E=k；二要能根据据平行四边形定则进行合成．
13．（3分）（2014秋•加格达奇区校级期中）如图所示，在点电荷+Q的电场中有A、B两点，将两正电荷a和b，其中他们的质量4ma=mb，电量2qa=qb，分别从A点由静止释放到达B点时，它们的速度大小之比为 ．
考点：
库仑定律；牛顿第二定律．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
由题意可知AB两点间的电势差UAB相等，从A到B得过程中运用动能定理即可求解．
解答：
解：对ab从A到B得过程中分别运用动能定理得：
①
②
又因为质量4ma=mb，电量2qa=q b，
由解得：=
故答案为：：1
点评：
本题主要考查了动能定理得直接应用，要知道电场力对电荷做的功等于电势差乘以电荷量，难度适中．
14．（6分）（2010秋•尧都区校级期末）匀强电场中有M、N、P三点，连成一个直角三角形，MN=4cm，MP=5cm，如图所示，把一个电量为﹣2×10﹣9C的检验电荷从M点移到N点，电场力做功8×10﹣9J，从M点移到P点电场力做功也是8×10﹣9J．则匀强电场的方向 由N指向M ，电场强度大小为 100 N/C．
考点：
电势差与电场强度的关系．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
根据公式U=求出C、A间和C、B间的电势差，找出等势点，确定等势线，根据电场线与等势线垂直，确定电场线的方向，再根据E=求场强大小．
解答：
解：根据电场力做功的公式得：UMN==V=﹣4V，而从M移到P时，电场力做功也为8×10﹣9J，所以UMP=﹣4V，所以N、P两点为等势点，且N点的电势大于M点的电势，即场强方向由N指向M；有：E===100N/C．
故答案为：由N指向M，100．
点评：
本题要掌握电势差公式U=，知道电场线与等势面相互垂直而电场线由是由高电势指向低电势；匀强电场中U=Ed中的d应为沿电场方向的有效距离．
三、计算题
15．（10分）（2012秋•朝阳区期末）用两根长度均为L的绝缘细线各系一个小球，并悬挂于同一点．已知两小球质量均为m，当它们带上等量同种电荷时，两细线与竖直方向的夹角均为θ，如图所示．若已知静电力常量为k，重力加速度为g．求：
（1）小球所受拉力的大小；
（2）小球所带的电荷量．
考点：
库仑定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
对其中一个小球受力分析，由共点力的平衡条件可得出小球所受拉力的大小和小球受到的库仑力，由库仑力公式可得出小球所带电荷量．
解答：
解：（1）对小球进行受力分析，如图所示．
设绳子对小球的拉力为T，
根据平衡条件得：，
（2）设小球在水平方向受到库仑力的大小为F，
F=mgtanθ
根据库仑定律得：
答：（1）小球所受拉力的大小是；
（2）小球所带的电荷量是．
点评：
本题两边的球是对称的，故分析其中一个小球即可得出正确结论；
在电场中处理问题的方法与力学是一致的，做好受力分析是解决问题的关键．
16．（10分）（2014秋•上高县校级月考）把一个电荷量为q=﹣5×10﹣9 C的负电荷从电场中M点移到距电场无穷远处，电荷克服电场力做功WM=6.0×10﹣3J，如果把该点电荷从电场中N点移到距电场无穷远处，电荷克服电场力做功WN=3.6×10﹣3J．取无穷远处为零电势点，求：
（1）M、N点的电势是多少？
（2）M、N点的电势差是多少？把该点电荷从M点移到N点电场力做功是多少？
考点：
电势差与电场强度的关系；电势．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
带负电的试探电荷顺着电场线移动，电场力做负功．而电场中某点的电势等于将该电荷从无穷远处移到这该点电场力所做的功与其电荷量的比值．若改变零电势位置，则电势也会发生变化，但电势差却不变．
解答：
解：（1）由题意可知，若将该电荷从M点和N点分别移到无穷远处，电场力应做正功，其值分别等于WM和WN，设O点为无穷远处，φ0=0，则：
UMO== V=1.2×106 V
UNO== V=7.2×105 V
所以φM=1.2×106 V，φN=7.2×105 V．
（2）M、N两点电势差：
UMN=φM﹣φN=4.8×105 V
点电荷从M点移到N点，电场力做功：
W=qUMN=﹣5×10﹣9×4.8×105 J=﹣2.4×10﹣3 J，电场力做负功．
答：（1）M、N点的电势分别是1.2×106 V、7.2×105 V；
（2）M、N点的电势差是4.8×105 V；把该点电荷从M点移到N点电场力做功﹣2.4×10﹣3 J．
点评：
考查电势的定义及电势与电势差的关系，同时知道电势体现电场能的一种性质．
17．（10分）（2014秋•清流县校级月考）如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们间距为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个不知道电荷性质，电量为2×10﹣5C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.2J．求：
（1）判断电荷带正电还是负电？由A到B电场力做的功WAB？
（2）A、B两点的电势差UAB为多少？
（3）匀强电场的场强的大小？
考点：
匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
根据电势差的变化得出电场力做功，结合电场力做功与电势差的关系求出A、B两点的电势差．根据匀强电场的电场强度公式求出场强的大小．
解答：
解：（1）因电势能增加0.2J 即电场力做功为W=﹣0.2J 则带负电
（2）由A→B电场力做负功 q=﹣2×10﹣5c
则UAB=
（3）根据匀强电场中的关系式有：U=Ed
由几何关系可知：d=LABcos60°=0.01m 则E==106v/m
答：（1）判断电荷负电由A到B电场力做的功）﹣0.2J
（2）A、B两点的电势差UAB为104V
（3）匀强电场的场强的大小106v/m
点评：
解决本题的关键知道电场力做功等于电势差的减小量，掌握电场力做功与电势差的关系．注意运用W=qU计算时，功的正负、q的正负都要代入计算，以及在中，d表示沿电场线方向上的距离．
18．（11分）（2014秋•库尔勒市校级期末）如图所示，一根长为l的细绝缘线，上端固定，下端系一个质量为m的带电小球，将整个装置放入一匀强电场，电场强度大小为E，方向水平向右，已知：当细线偏离竖直方向为θ=37°时，小球处于平衡状态，（sin37°=0.6）试求：
（1）小球带何种电荷，带电量为多少；
（2）如果将细线剪断，小球经时间t发生的位移大小；
（3）若将小球拉至最低点无初速释放，当小球运动到图示位置时受到线的拉力的大小．
考点：
匀强电场中电势差和电场强度的关系．
专题：
电场力与电势的性质专题．
分析：
（1）正电荷所受电场力与电场强度同方向，负电荷所受电场力与电场强度反方向；受力分析后，根据平衡条件得到电场力，确定电场强度；
（2）剪短细线后，小球受电场力和重力，合力恒定，加速度恒定，做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求加速度，再根据位移时间关系公式求解位移；
（3）小球做圆周运动，到达图示位置时，合力指向圆心，提供向心力，根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解．
解答：
解：（1）对小球受力分析，受重力、拉力和电场力，电场力向右，故带正电荷，根据平衡条件可知：x方向：Tsinθ=qE，y方向：Tcosθ=mg，
解得qE=mgtanθ，故故小球带正电荷，带电量为．
（2）剪短细线后，小球受电场力和重力，合力沿着绳子向右下方，大小等于第一问中绳子的拉力，为；根据牛顿第二定律，加速度为，
做初速度为零的匀加速直线运动，位移为x=
（3）
小球做圆周运动，到达图示位置时，受到重力、电场力和细线的拉力，重力和电场力的合力；
三力的合力指向圆心，提供向心力，，解FT=
答：（1）小球带正电荷，带电量为．
（2）如果将细线剪断，小球经时间t发生的位移大小为；
（3）若将小球拉至最低点无初速释放，当小球运动到图示位置时受到线的拉力的大小．
点评：
本题关键是：（1）根据平衡条件结合正交分解法求解力；（2）根据牛顿运动定律确定加速度后计算位移；（3）根据动能定理求解速度后，运用向心力公式和牛顿第二定律求解拉力
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