2019-2020年最新湖北省鄂州市中考物理模拟试卷及答案解析

湖北省鄂州市中考物理模拟试卷（解析版）　一、选择题1．如图所示，小明将悬挂的轻质小球紧靠音叉，用小锤轻敲和重敲音叉时，小球弹开的角度不同．比较角度的大小是为了探究（　　）A．声音产生的原因B．响度和振幅的关系C．音调和频率的关系D．声音的传播是否需要时间2．把蜡烛放在距离凸透镜50cm处，在透镜另一侧的光屏上观察到倒立、缩小的清晰像．那么凸透镜的焦距不可能是（　　）A．5cmB．10cmC．20cmD．30cm3．下列描述的热现象中需要吸收热量的是（　　）A．早春河面上冰的熔化B．初夏广场上雾的形成C．深秋花草上露的出现D．寒冬屋瓦上霜的形成4．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　）A．0℃的冰没有内能B．物体的温度越高，物体的内能越大C．物体的温度越低，所含的热量越少D．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变5．茶杯静止在水平桌面上，以下属于一对平衡力的是（　　）A．茶杯受到的重力与茶杯对桌面的压力B．茶杯受到的重力与桌面对茶杯的支持力C．茶杯对桌面的压力与桌面对茶杯的支持力D．茶杯受到的重力与桌子受到的重力6．如图所示，OAB为轻质杠杆，可绕支点O自由转动，在B端施加一个动力使杠杆在水平位置平衡，该杠杆（　　）A．一定是省力杠杆B．一定是费力杠杆C．一定是等臂杠杆D．以上情况都有可能7．如图甲所示，小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧．从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度△l之间的关系，如图乙所示，其中b为曲线最高点．不计空气阻力，弹簧在整个过程中始终发生弹性形变，则小球（　　）A．受到的弹力始终不变B．运动过程动能一直增大C．运动过程机械能不变D．在b点时重力等于弹力8．一物块轻轻放入盛满煤油的大烧杯中，静止后有160g煤油溢出；将其轻轻放入盛满水的大烧杯中，静止后有180g水溢出，已知煤油的密度是0.8×103kg/m3，则物块在水中静止时的状态及物块的密度分别是（　　）A．下沉，1.1×103kg/m3B．漂浮，0.85×103kg/m3C．悬浮，1.0×103kg/m3D．漂浮，0.90×103kg/m39．如图所示电路，电源电压保持不变．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，R1、R2的U﹣I关系图象如图所示．则下列判断正确的是（　　）①图线甲是电阻R1的“U﹣I”关系图象②电源电压为12V③电阻R1的最小电功率为2.7W④滑动变阻器R2的最大阻值为30ΩA．只有①③正确B．只有①④正确C．只有②④正确D．只有②③正确10．如图所示，在接线柱A、B间接入导线（其材料为普通铜丝），在接线柱C、D间接入熔丝，接通电源，灯泡正常发光，熔丝不熔断；断开电源，在B、D间连上一根导线，再次接通电源时，灯不亮，熔丝熔断．以下判断错误的是（　　）A．导致熔丝熔断的原因是电路中电流过大B．熔丝熔断时，熔丝中的电流大于AB间导线中的电流C．熔丝熔断，但灯泡依然完好D．用铜丝代替熔丝不符合安全用电的原则11．如图所示的充电鞋垫，由一个传动系统利用脚跟落下的能量驱动磁性转子旋转．线圈产生电流，给鞋面上的充电电池充电．充电电池可通过USB接口对手机充电，下述实验与充电鞋垫工作原理相同的是（　　）A．风车转动时电流 表 关于同志近三年现实表现材料材料类招标技术评分表图表与交易pdf视力表打印pdf用图表说话 pdf 指针偏转B．闭合开关后线圈转动C．旋转启动要使后用电器工作D．闭合开关后铁钉吸引大头针12．下列关于信息的传递和能源的利用说法正确的是（　　）A．电视遥控器是通过紫外线来发射信号的B．手机是通过激光来接收信号的C．煤、石油、天然气是不可再生能源D．核能的利用会造成放射性污染，所以应该关闭核电站　二、填空题（2分×7=14分）13．小明将一支点燃的蜡烛放在凸透镜（f=10cm）前18cm处，光屏上得到了烛焰倒立、______的清晰像．然后他在蜡烛和凸透镜之间放置了一个远视眼镜片，由于远视眼镜片对光线有______作用，所以光屏上烛焰的清晰像变模糊了（如图所示）．若想在光屏上重新得到清晰的烛焰像，他可将光屏______凸透镜．14．如图，小华用不计重力的弹簧秤拉着一物块以2m/s的速度在水平地面上匀速前进，弹簧秤的读数为______N，物块受到的滑动摩擦力的大小为______N；当速度增加到4m/s时，物块受到的滑动摩擦力的大小为______N．15．路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，各接口之间是______（选填“串联”或“并联”）的，你的判断的依据是______．　三、作图题（4分×3=12分）16．作出月亮在池水中的像，以及小明在A点看到像的光路．17．小球A固定在静止的支架上，画出小球的受力示意图．18．家用电吹风，由电动机和电热丝等组成，为了保证电吹风的安全使用，要求只能吹热风或吹冷风，不能只发热不吹风；请在图中用笔画线连接好符合要求的电路图．　四、实验题（4分+7分+7分=18分）19．如图是小明探究光的反射规律的实验装置，在平面镜上放置一块硬纸板，纸板由可以绕ON转折的E、F两部分组成．（1）要使入射光和其反射光的径迹同时在纸板上出现，你认为纸板与平面镜的位置关系是______（选填“垂直”或“不垂直”）．实验时，从纸板前不同的方向都能看到光的径迹，这是因为光在纸板上发生了______反射．（2）小明让一束光沿AO贴着纸板E射到平面镜上，在纸板F上会看到反射光OB的径迹．三次改变入射角的大小，实验所测得数据如表所示．他根据表中数据得出的结论和其他同学的结论并不一致．请你 分析 定性数据统计分析pdf销售业绩分析模板建筑结构震害分析销售进度分析表京东商城竞争战略分析 小明测量实验数据过程中出现的问题可能是______． 实验次数 入射角 反射角 1 20° 70° 2 30° 60° 3 50° 40°（3）三次实验中，总能在纸板上观察到入射光和反射光的径迹．由此小明得出结论：“在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在同一平面内”．请你评估小明的做法是否合理并说明理由：______．20．在物理实验室，小明用U形管压强计研究液体内部的压强规律．（1）比较图甲、乙、丙，得出结论：同种液体，同一深度，液体向各个方向的压强______（选填“相等”或“不相等”）．（2）将图甲中的探头逐渐下移，可观察到U形管内液柱的高度差逐渐变大，得出结论：液体密度一定，液体的压强随深度的增加而______（选填“增大”“减小”或“不变”）．（3）向图乙中的容器内加入一定量的浓盐水，为使探头在液体中的深度与加盐水前的深度相同，应将探头位置______（选填“上移”“不变”），然后观察到U形管内液柱的高度差变大，可得出结论：______．（4）实验后，小明自制了如图所示的装置继续探究，已知隔板在容器的中央．他向隔板左侧倒水，发现橡皮膜向右侧凸起，如图丁所示，这说明液体对容器______有压强．他再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜恢复原状，如图戊所示，则ρ液______ρ水，此时A、B两点的液体压强关系：PA______PB．21．在“测量小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12Ω）．（1）为了能够顺利完成实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用______．A．“10Ω0.5A”的滑动变阻器．B．“50Ω0.5A”的滑动变阻器．（2）用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整．（3）根据实验测得的数据，绘制小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象，分析图象可知：小灯泡的额定功率为______W．（4）实验中观察到：当小灯泡两端电压低于0.5v时小灯泡不发光，根据图象分析其原因______．（5）完成上述实验后，小华在缺少电压表的情况下，根据绘制出的小灯泡电流与电压关系图象设计出了一个测未知定值电阻的电路，如图丁所示，请根据电路图写出其中一次测量的实验步骤①______②______表达式：Rx______．　五、计算题（6分×2=12分）22．如图甲所示的地面清洁机器人，质量为3kg，要求对水平地面压强不超过3000Pa，机器人在水平地面运动时，所受推力与速度关系如图乙所示．（g取10N/kg）．求：（1）该机器人与水平地面的接触面积至少多少m2？（2）该机器人所提供的水平推力为300N时，匀速直线运动2s能通过多远路程？此时水平推力做了多少功？（3）该机器人在水平地面上以0.5m/s速度匀速直线运动时，水平推力的功率是多大？23．如图所示的电路中，电源电压为8V，R2是阻值为40Ω的定值电阻，压敏电阻R1的阻值随压力的变化情况如图乙所示，当开关S闭合后，问：（1）当电流表示数为0.4A时，压敏电阻受到的压力为多少？（2）当电路连续工作10min，电阻R2产生的热量为多少？（3）若此热量的84%给20g的水加热，则水温升高多少？[水的比热容为4.2×103J•（kg•℃）﹣1]．　湖北省鄂州市中考物理模拟试卷参考答案与试题解析　一、选择题1．如图所示，小明将悬挂的轻质小球紧靠音叉，用小锤轻敲和重敲音叉时，小球弹开的角度不同．比较角度的大小是为了探究（　　）A．声音产生的原因B．响度和振幅的关系C．音调和频率的关系D．声音的传播是否需要时间【考点】响度与振幅的关系．【分析】声音由物体的振动产生，当发声体的振幅越大时，发出声音的响度也越大．【解答】解：由题意可知，用小锤轻敲和重敲音叉时，小球弹开的角度不同．这是因为用力不同时，音叉的振动幅度不同，振幅越大，响度越大，因此比较角度的大小是为了探究响度和振幅的关系．故选B．【点评】了解声音的三个特性，尤其是能根据实验的操作特点得出用不同的力是为了改变音叉的振幅，进而改变响度，是解答的关键．　2．把蜡烛放在距离凸透镜50cm处，在透镜另一侧的光屏上观察到倒立、缩小的清晰像．那么凸透镜的焦距不可能是（　　）A．5cmB．10cmC．20cmD．30cm【考点】凸透镜成像的应用．【分析】根据凸透镜成像规律中的当u＞2f时，光屏上呈现倒立、缩小的实像，解不等式即可得出结论．【解答】解：把蜡烛放在距离凸透镜50cm的某一位置时，在透镜另一侧得到一个清晰的，倒立的、缩小的像，则u＞2f，即50cm＞2f，解得f＜25cm，则选项ABC都符合，只有D选项是不可能的．故选：D．【点评】此题考查了对凸透镜成像规律的理解，首先要熟练掌握凸透镜成像的规律，同时注意其应用．此题中解不等式是关键，还要注意的是选择的是：“凸透镜的焦距不可能”，审题要仔细，认真．　3．下列描述的热现象中需要吸收热量的是（　　）A．早春河面上冰的熔化B．初夏广场上雾的形成C．深秋花草上露的出现D．寒冬屋瓦上霜的形成【考点】熔化与熔化吸热特点．【分析】物态变化中需要吸收热量的是：熔化、汽化和升华，根据我们对于物态变化的认识逐一分析四个选项，看它们都是什么物态变化形成的，从而得出结论．【解答】解：A、早春河面上冰的熔化，熔化吸热，符合题意；B、雾是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，不符合题意；C、露也是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，不符合题意；D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，不符合题意．故选A．【点评】本题考查的是生活中的物态变化和物态变化中吸放热的判断，是一道热学的基础题．　4．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　）A．0℃的冰没有内能B．物体的温度越高，物体的内能越大C．物体的温度越低，所含的热量越少D．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变【考点】温度、热量与内能的关系．【分析】①一切物体都有内能；②温度升高内能增加；温度降低内能减少；③热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量；④内能的大小跟质量、温度、状态有关．【解答】解：A、因物体的分子永不停息地做无规则的运动，所以任何温度的物体都有内能．此选项错误；B、温度影响内能的多少．物体的温度越高，具有的内能越大．此选项正确；C、热量是一个过程量，要用“吸收”或“放出”来表达，而不能用“具有”或“含有”来修饰．此选项错误；D、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，单比较物体的温度不能判断内能的变化．此选项错误．故选B．【点评】（1）由于分子的热运动永不停息，所以一切物体在任何情况下总具有内能．（2）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量，要用“吸收”或“放出”来表达，而不能用“具有”或“含有”来修饰．　5．茶杯静止在水平桌面上，以下属于一对平衡力的是（　　）A．茶杯受到的重力与茶杯对桌面的压力B．茶杯受到的重力与桌面对茶杯的支持力C．茶杯对桌面的压力与桌面对茶杯的支持力D．茶杯受到的重力与桌子受到的重力【考点】平衡力的辨别．【分析】对每个选择项中提到的两个力分析，然后与二力平衡的条件对应，从而确定哪两个力是一对平衡力．【解答】解：A、这两个力方向相同，都竖直向下；并且不作用在同一物体上，所以不是平衡力．故A错误．B、茶杯受到的重力与桌面对它的支持力，这两个力满足了二力平衡的四个条件：等大、反向、共线、作用在同一物体上．所以是一对平衡力．故B正确．C、这是一对作用力与反作用力，这两个力不作用在同一物体上，所以不是平衡力．故C错误．D、这两个力的方向相同，都竖直向下，而且大小也不相同，所以不是平衡力．故D错误．故选B【点评】理解二力平衡的条件是判断两个力是否是平衡力的关键．　6．如图所示，OAB为轻质杠杆，可绕支点O自由转动，在B端施加一个动力使杠杆在水平位置平衡，该杠杆（　　）A．一定是省力杠杆B．一定是费力杠杆C．一定是等臂杠杆D．以上情况都有可能【考点】杠杆的分类．【分析】使用杠杆时，如果动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；如果动力臂等于阻力臂，为等臂杠杆；如果动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；因为在B点用力的方向不确定，所以其省费力情况要根据用力的方向确定．据此分析．【解答】解：B点力的方向不同，力臂的大小则不同，不能确定动力臂与阻力臂的大小关系，所以此时杠杆可能省力，可能费力，可能既不省力也不费力．故ABC不符合题意，D符合题意．故选D．【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件、杠杆的分类的了解与掌握，会画力臂帮助分析是本题的关键．　7．如图甲所示，小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧．从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度△l之间的关系，如图乙所示，其中b为曲线最高点．不计空气阻力，弹簧在整个过程中始终发生弹性形变，则小球（　　）A．受到的弹力始终不变B．运动过程动能一直增大C．运动过程机械能不变D．在b点时重力等于弹力【考点】动能和势能的大小变化．【分析】由图象可知，小球速度先变大，后变小．弹簧发生形变从而产生弹力，弹力的大小与弹簧的弹性形变程度有关．机械能是动能和势能的统称，动能与物体的质量和速度有关；在运动过程中小球受重力与弹簧的弹力，当两力大小相等时，小球速度最大，此时弹力与重力是一对平衡力．【解答】解：A、小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧．从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，弹簧形变程度逐渐变大，所以小球受到弹力也逐渐变大，故A错误；B、由图象可知，小球速度先变大，后变小．小球质量不变，所以小球动能先变大，后变小，故B错误；C、小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧．此过程中小球的机械能转化为弹簧的弹性势能，所以小球的机械能变小，故C错误；D、在小球向下运动过程中，受竖直向上的弹簧的弹力，竖直向下的重力．开始时，重力大于弹力，合力向下，小球速度越来越大．随弹簧压缩量的增大，弹力越来越大，当弹力与重力相等时，两力是一对平衡力，合力为零．小球再向下运动，弹力大于重力，合力向上，小球速度减小．由此可见，当重力G与弹力F是一对平衡力时，小球速度最大，故D正确．故选D．【点评】本题考查了弹力、动能和能量转化以及运动和力关系等问题．解题的关键要读懂图，由图获取弹簧压缩量，小球速度变化的信息分析小球的运动过程，分析弹力的变化情况．　8．一物块轻轻放入盛满煤油的大烧杯中，静止后有160g煤油溢出；将其轻轻放入盛满水的大烧杯中，静止后有180g水溢出，已知煤油的密度是0.8×103kg/m3，则物块在水中静止时的状态及物块的密度分别是（　　）A．下沉，1.1×103kg/m3B．漂浮，0.85×103kg/m3C．悬浮，1.0×103kg/m3D．漂浮，0.90×103kg/m3【考点】物体的浮沉条件及其应用．【分析】根据物体在煤油和水中受到的浮力大小，判断出物体在煤油中的状态，根据浮力公式得出物体的体积，从而可根据物体在水中完全浸没时的浮力与物体所受浮力的关系得出浮沉情况，确定重力，由密度公式求出物体的密度．【解答】解：由题意知，物体在水中的浮力大于在煤油中的浮力，则在水中无论漂浮、悬浮或下沉，在煤油中一定下沉；由ρ=得：V=V排===200cm3；由ρ=得物体完全浸没时排开水的质量：m=ρ水V=1g/cm3×200cm3=200g；由题意知，实际排开水的质量小于物体完全浸没时排开水的质量，所以物体在水中并未完全浸没，在水中漂浮；根据物体的浮沉条件，G=G排，则物体的质量m=m排=180g；所以物体的密度：ρ===0.9g/cm3=0.9×103kg/m3，ABC错误，D正确．故选D．【点评】本题考查了学生对密度公式、重力公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握和运用，判断出物体在两种液体的浮沉情况是解决问题的关键．　9．如图所示电路，电源电压保持不变．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，R1、R2的U﹣I关系图象如图所示．则下列判断正确的是（　　）①图线甲是电阻R1的“U﹣I”关系图象②电源电压为12V③电阻R1的最小电功率为2.7W④滑动变阻器R2的最大阻值为30ΩA．只有①③正确B．只有①④正确C．只有②④正确D．只有②③正确【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【分析】①根据电压变化的范围进行判断，定值电阻两端电压不会等于零；②由图象找出某一电流值所对应的定值电阻与滑动变阻器的电压，由欧姆定律求出定值电阻的阻值；由串联电路的特点求出电源电压；③电阻两端电压最小、通过的电流最小时，消耗的电功率最小；④当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电路电流最小，由图象求出此时滑动变阻器两端的电压、电路电流，由欧姆定律可求出滑动变阻器的最大阻值【解答】解：①从“U﹣I”关系图象可以看出，甲为滑动变阻器的U﹣I关系图象，因为最后电压变为0，此时滑动变阻器的电阻为0；乙为电阻R1的U﹣I图象；②由U﹣I图象得，I=0.3A时，U乙=3V，U甲=9V，电源电压U=U乙+U甲=3V+9V=12V；③由U﹣I图象得，I=0.3A时，U乙=3V，所以电阻R1的最小电功率为P1最小=U乙I=3V×0.3A=0.9W；④当滑动变阻器的阻值最大时，两电阻串联，干路电流最小；由图象知：电路电流I=0.3A，滑动变阻器两端的电压U甲=9V；滑动变阻器的最大阻值为R2===30Ω．故选C．【点评】本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“U﹣I”关系图象．在电学中，有些题目的信息是通过图象给出的，所以要会读电路图中的信息和U﹣I图象中的信息．　10．如图所示，在接线柱A、B间接入导线（其材料为普通铜丝），在接线柱C、D间接入熔丝，接通电源，灯泡正常发光，熔丝不熔断；断开电源，在B、D间连上一根导线，再次接通电源时，灯不亮，熔丝熔断．以下判断错误的是（　　）A．导致熔丝熔断的原因是电路中电流过大B．熔丝熔断时，熔丝中的电流大于AB间导线中的电流C．熔丝熔断，但灯泡依然完好D．用铜丝代替熔丝不符合安全用电的原则【考点】电路的三种状态；熔断器的作用及保险丝的选择 方法 快递客服问题件处理详细方法山木方法pdf计算方法pdf华与华方法下载八字理论方法下载 ．【分析】（1）熔丝熔断的原因是：短路或总功率过大导致的电流过大；（2）串联电路电流是处处相等的；（3）据实际情况可以分析灯泡是否完好及安全用电的原则．【解答】解：A、断开电源，在B、D间连上一根导线，再次接通电源时，灯发生短路，不亮，熔丝熔断，是由于电流过大导致的，故正确；B、此时熔丝和导线串联，故电流相等，故错误；C、由于灯泡发生短路，所以虽然熔丝熔断，但灯泡是完好的，故正确；D、据安全用电的知识可知，绝对不能用铜丝代替熔丝，故正确；故选B．【点评】能准确的判断出熔丝熔断的原因，并能结合安全用电的知识分析是解决该题的关键．　11．如图所示的充电鞋垫，由一个传动系统利用脚跟落下的能量驱动磁性转子旋转．线圈产生电流，给鞋面上的充电电池充电．充电电池可通过USB接口对手机充电，下述实验与充电鞋垫工作原理相同的是（　　）A．风车转动时电流表指针偏转B．闭合开关后线圈转动C．旋转启动要使后用电器工作D．闭合开关后铁钉吸引大头针【考点】电磁感应．【分析】（1）充电鞋垫是利用电磁感应现象制成的，磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光．（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案．【解答】解：充电鞋垫是利用电磁感应现象制成的，磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，给鞋面上的充电电池充电；A、风车转动时，线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，电流表指针发生偏转，与充电鞋垫原理相同，故A正确；B、此图反映了通电线圈在磁场中受到力的作用而转动，与充电鞋垫原理无关，故B错误．C、图中是电磁继电器工作原理，旋转启动后，电流通过电磁铁产生磁性吸引衔铁，使用电器电路接通，与充电鞋垫原理无关，故C错误；D、此图探究的是电磁铁磁性强弱的影响因素，研究电磁铁磁性强弱与线圈中电流大小有关，与充电鞋垫的制成原理无关．故D错误．故选：A．【点评】（1）此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、电磁继电器、电磁铁磁性强弱的决定因素等知识点．（2）首先根据题意明确充电鞋垫的制成原理是解决此题的关键．　12．下列关于信息的传递和能源的利用说法正确的是（　　）A．电视遥控器是通过紫外线来发射信号的B．手机是通过激光来接收信号的C．煤、石油、天然气是不可再生能源D．核能的利用会造成放射性污染，所以应该关闭核电站【考点】能源的分类；红外线；核能．【分析】A、电视遥控器是利用红外线发射信号的；B、手机是利用电磁波接收信号的；C、能够源源不断地从自然界获得或可重复利用的能源是可再生能源，不能够源源不断地从自然界获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；D、核能利用不当造成泄漏会造成放射性污染．【解答】解：A、电视遥控器是利用红外线发射信号的，故A错误；B、手机是利用电磁波接收信号的，故B错误；C、煤、石油、天然气不能够源源不断地从自然界获得或不可重复利用，是不可再生能源，故C正确；D、合理用核能，防止核泄漏，不会对环境造成放射性污染，故D错误；故选C．【点评】本题涉及的知识点较多，但难度不大，熟练掌握基础知识即可正确解题．　二、填空题（2分×7=14分）13．小明将一支点燃的蜡烛放在凸透镜（f=10cm）前18cm处，光屏上得到了烛焰倒立、　放大　的清晰像．然后他在蜡烛和凸透镜之间放置了一个远视眼镜片，由于远视眼镜片对光线有　会聚　作用，所以光屏上烛焰的清晰像变模糊了（如图所示）．若想在光屏上重新得到清晰的烛焰像，他可将光屏　靠近　凸透镜．【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．【分析】（1）当物距处于f和2f之间时，凸透镜成倒立放大的实像；（2）远视镜片是凸透镜，对光线具有会聚作用，会使像提前形成．【解答】解：已知f=10cm，则2f=20cm，蜡烛在凸透镜前18cm处，处于f和2f之间，成倒立放大的实像；远视眼镜片是凸透镜，所以远视眼镜片对光线有会聚作用；将远视眼镜片放在蜡烛和凸透镜之间，经过凸透镜的光线会比原来提前会聚成像，所以将光屏靠近凸透镜，才能在光屏上重新得到清晰的像．故答案为：放大；会聚；靠近．【点评】本题主要考查了凸透镜成像规律的应用，要熟练掌握成像特点与物距、像距的关系．　14．如图，小华用不计重力的弹簧秤拉着一物块以2m/s的速度在水平地面上匀速前进，弹簧秤的读数为　3.6　N，物块受到的滑动摩擦力的大小为　3.6　N；当速度增加到4m/s时，物块受到的滑动摩擦力的大小为　3.6　N．【考点】摩擦力的大小．【分析】根据二力平衡条件判断摩擦力的大小；摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与运动速度无关．【解答】解：读图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数为3.6N，当拉着一物块以2m/s的速度在水平地面上匀速前进时，此时弹簧秤的读数为3.6N；物块受到的滑动摩擦力与拉力是一对平衡力，所以摩擦力为3.6N；当速度增加到4m/s时，压力大小和接触面的粗糙程度不变，所以物块受到的滑动摩擦力的大小不变，仍为3.6N．故答案为：3.6；3.6；3.6．【点评】此题考查了摩擦力大小的决定因素、二力平衡条件的应用，注意：当拉力增大时，由于其他条件不变，受到的摩擦力并不随之增大，这是较易出错的地方．　15．路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，各接口之间是　并联　（选填“串联”或“并联”）的，你的判断的依据是　各个电脑能独立工作　．【考点】串联电路和并联电路的辨别．【分析】用电器串联时，任何一只用电器开路，则其它用电器都不能正常工作；并联电路可以使几个用电器在工作时互不影响．【解答】解：同一台路由器为多台电脑提供网络服务，一台电脑不工作，其它电脑不受影响，所以根据并联电路的特点可知，各接口之间是并联的．故答案为：并联；各个电脑能独立工作．【点评】活中的电器大多数都是采用的并联连接，主要是各电器之间互不影响．　三、作图题（4分×3=12分）16．作出月亮在池水中的像，以及小明在A点看到像的光路．【考点】作光的折射光路图．【分析】由于光在水面上发生镜面反射，所以形成的像和原来的月亮是关于水面轴对称的．根据平面镜成像特点，做出月亮在水面的像，连接像点与A即可．【解答】解：根据平面镜成像特点中的物距等于像距，做出月亮在水面的像，连接像点与A点，与水面的交点即为入射点，再连接月亮和入射点即为入射光线，如图所示：【点评】此题考查的是我们对生活中光的反射现象的应用，这是光现象中的重点，是中考时必考的一个知识点．　17．小球A固定在静止的支架上，画出小球的受力示意图．【考点】力的示意图．【分析】小球所受的重力和弹力力是一对平衡力，作用点都在小球的重心（几何中心）上，重力方向竖直向下，弹力方向竖直向上．【解答】解：小球A固定在静止的支架上，处于静止状态，受到竖直向下的重力和支架对它向上的弹力作用，并且这两个力是一对平衡力，重力从重心竖直向下画，标出符号G，弹力从重心竖直向上画，标出符号F，注意所画的线段长度要相等．如图所示：【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等．　18．家用电吹风，由电动机和电热丝等组成，为了保证电吹风的安全使用，要求只能吹热风或吹冷风，不能只发热不吹风；请在图中用笔画线连接好符合要求的电路图．【考点】电路图设计．【分析】电吹风吹冷风时只有电动机工作，吹热风时电动机和电热丝共同工作，说明电动机和电热丝互不影响即为并联；要求只能吹热风或吹冷风，不能只发热不吹风，说明一开关位于干路控制整个电路，另一开关位于电热丝支路控制该支路，据此进行解答．【解答】解：经分析可知，电动机和电热丝并联，一开关位于干路，另一开关位于电热丝的支路，如下图所示：【点评】本题考查了电路图的设计，根据串并联电路的特点判断出电动机和电热丝的连接方式以及开关的位置是关键．　四、实验题（4分+7分+7分=18分）19．如图是小明探究光的反射规律的实验装置，在平面镜上放置一块硬纸板，纸板由可以绕ON转折的E、F两部分组成．（1）要使入射光和其反射光的径迹同时在纸板上出现，你认为纸板与平面镜的位置关系是　垂直　（选填“垂直”或“不垂直”）．实验时，从纸板前不同的方向都能看到光的径迹，这是因为光在纸板上发生了　漫　反射．（2）小明让一束光沿AO贴着纸板E射到平面镜上，在纸板F上会看到反射光OB的径迹．三次改变入射角的大小，实验所测得数据如表所示．他根据表中数据得出的结论和其他同学的结论并不一致．请你分析小明测量实验数据过程中出现的问题可能是　把反射光线与镜面的夹角当成了反射角　． 实验次数 入射角 反射角 1 20° 70° 2 30° 60° 3 50° 40°（3）三次实验中，总能在纸板上观察到入射光和反射光的径迹．由此小明得出结论：“在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在同一平面内”．请你评估小明的做法是否合理并说明理由：　不合理．应将纸板F沿法线方向折转，再次观察纸板上是否还能看到反射光　．【考点】光的反射定律．【分析】（1）（2）光的反射规律：三线共面（入射光线、反射光线、法线在同一平面上），两线分居（入射光线、反射光线分居法线两侧），两角相等（入射角、反射角），光路可逆．在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在光屏上发生了漫反射而进入我们的眼里；（3）要验证反射光线与入射光线是否在同一平面上，可以通过让纸板B不与纸板A在同一平面上来研究．【解答】解：（1）要使入射光线和其反射光线的径迹同时在纸板上出现，则法线必须与平面镜垂直，并且反射光线、入射光线和法线必须在同一平面内，因此纸板与平面镜的位置关系必垂直；实验时从光屏前不同的方向都能看到光的传播路径，是由于光屏表面凹凸不平，光在这里发生了漫反射的缘故；（2）根据反射定律，反射角等于入射角，反射角是反射线与法线的夹角，入射角是入射线与法线的夹角，当入射角分别为20°、30°、50°时，反射线与法线的夹角，即反射角也应分别是20°、30°、50°，而70°，60°，40°正好是反射光线与镜面的夹角，所以是把反射光线与镜面的夹角当成了反射角．（3）不合理．实验中要探究反射光线、入射光线是否在同一平面内，应将纸板F沿法线方向折转，再次观察纸板上是否还能看到反射光．故答案为：（1）垂直；漫；（2）把反射光线与镜面的夹角当成了反射角；（3）不合理．应将纸板F沿法线方向折转，再次观察纸板上是否还能看到反射光．【点评】本题考查了研究光的反射定律的实验，反射角等于入射角．反射光线与法线的夹角﹣﹣反射角，而不是反射光线与镜面的夹角．并考查了探究的方法，应注意掌握．　20．在物理实验室，小明用U形管压强计研究液体内部的压强规律．（1）比较图甲、乙、丙，得出结论：同种液体，同一深度，液体向各个方向的压强　相等　（选填“相等”或“不相等”）．（2）将图甲中的探头逐渐下移，可观察到U形管内液柱的高度差逐渐变大，得出结论：液体密度一定，液体的压强随深度的增加而　增大　（选填“增大”“减小”或“不变”）．（3）向图乙中的容器内加入一定量的浓盐水，为使探头在液体中的深度与加盐水前的深度相同，应将探头位置　上移　（选填“上移”“不变”），然后观察到U形管内液柱的高度差变大，可得出结论：　液体深度一定，液体的压强跟液体密度有关，密度越大，压强越大　．（4）实验后，小明自制了如图所示的装置继续探究，已知隔板在容器的中央．他向隔板左侧倒水，发现橡皮膜向右侧凸起，如图丁所示，这说明液体对容器　侧壁　有压强．他再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜恢复原状，如图戊所示，则ρ液　＜　ρ水，此时A、B两点的液体压强关系：PA　=　PB．【考点】探究液体压强的特点实验．【分析】（1）由液体压强特点结合控制变量法分析解答（1）（2）（3）；（4）容器左右两部分分别注入密度相同的液体，根据p=ρgh，分析薄膜突起的方向以及影响液体的压强的因素；分别计算出水和液体对橡皮膜的压强，比较大小得出结论，根据p=ρgh分析．【解答】解：（1）由液体压强公式p=ρgh可知，同种液体，同一深度，液体向各个方向的压强相等；（2）由液体压强公式p=ρgh可知，同种液体，液体的压强随深度的增加而增大；（3）h为液体的深度，加入浓盐水后要使深度不变，应将探头上移，U形管内液柱的高度差变大是由于液体深度不变，液体密度变大的缘故；（4）由图丁可知，向隔板左侧倒水，发现橡皮膜向右侧凸起，如图丁所示，这说明液体对容器的侧壁有压强，水对橡皮膜有向右的压强，液体对橡皮膜有向左的压强，压强相等时，橡皮膜不发生凸起，此时两侧压强相等，ρ水gh水=ρ液gh液，由图戊可知，h水＜h液，所以ρ水＞ρ液．故答案为：（1）相等；（2）增大；（3）上移、液体深度一定，液体的压强跟液体密度有关，密度越大，压强越大；（4）侧壁、＜、=．【点评】本题主要考查液体压强的特点，解题的关键是熟记液体压强的公式，充分利用图象中提供的信息，寻找等量关系，判断出相应的物理量之间的关系，是一道基础题．　21．在“测量小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12Ω）．（1）为了能够顺利完成实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用　B　．A．“10Ω0.5A”的滑动变阻器．B．“50Ω0.5A”的滑动变阻器．（2）用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整．（3）根据实验测得的数据，绘制小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象，分析图象可知：小灯泡的额定功率为　0.5　W．（4）实验中观察到：当小灯泡两端电压低于0.5v时小灯泡不发光，根据图象分析其原因　实际电功率太小　．（5）完成上述实验后，小华在缺少电压表的情况下，根据绘制出的小灯泡电流与电压关系图象设计出了一个测未知定值电阻的电路，如图丁所示，请根据电路图写出其中一次测量的实验步骤①　开关S1闭合，S2断开，调节滑动变阻器的滑片至电流表的示数为0.25A　②　开关S1断开，S2闭合，保持滑动变阻器滑片不动，读出电流表示数I　表达式：Rx　　．【考点】电功率的测量．【分析】（1）由串联电路特点和欧姆定律计算灯泡正常发光时变阻器连入的阻值，从而确定变阻器的规格；（2）连接实物图，要确定电流表的量程，知道灯泡电压和电阻，根据欧姆定律来确定电流表量程，滑动变阻器已经连接好．（3）由图象读出灯泡电压为2.5V时的电流，由P=UI计算其额定功率；（4）灯泡亮度由实际功率决定，由此分析解答；（5）根据计算电阻的公式R=，要分别找出电阻两端电压，和通过电阻的电流，结合电路图确定实验步骤．【解答】解：（1）测量小灯泡的电功率实验中，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，电流表测电路中电流，由题知灯泡正常发光时电路中电流约为：I==≈0.21A，由串联电路特点可知：I=IR=IL=0.21A，此时变阻器连入阻值：R===≈16.7Ω，所以应选择滑动变阻器的规格为50Ω0.5A；（2）由（1）可知，I=0.21A，电流表选择小量程即可，将电流表0.6A接线柱与灯泡左端接线柱连接即可，如下图所示：（3）由图象可知，当灯泡电压为2.5V时的电流为0.2A，所以灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；（4）根据灯泡的亮度由实际功率决定，由图象知，当灯泡两端电压小于0.5V时，电流为0.1A，由P=UI知灯泡实际功率非常小，所以灯泡不发光；（5）根据电阻 计算公式 六西格玛计算公式下载结构力学静力计算公式下载重复性计算公式下载六西格玛计算公式下载年假计算公式 R=，需要找出电阻两端电压，通过电阻的电流，结合电路图步骤如下：①开关S1闭合，S2断开，调节滑动变阻器的滑片至电流表的示数为0.25A；②开关S1断开，S2闭合，保持滑动变阻器滑片不动，读出电流表示数I；根据图象丙，当通过灯泡电流为0.25A时，灯泡两端电压U=2.5V，由并联电压规律Ux=U灯=2.5V，当开关S1断开，S2闭合时，电流表测总电流，由并联电流规律Ix=I﹣0.25A，Rx==．故答案为：（1）B；（2）见上图；（3）0.5；（4）实际电功率太小；（5）①开关S1闭合，S2断开，调节滑动变阻器的滑片至电流表的示数为0.25A；②开关S1断开，S2闭合，保持滑动变阻器滑片不动，读出电流表示数I；③．【点评】本题考查了滑动变阻器的选择、实物图的连接、实验操作、欧姆定律的应用、电表的读数、电路故障判断、功率计算等知识点，考查的知识点较多，要求学生有较强的能力．　五、计算题（6分×2=12分）22．如图甲所示的地面清洁机器人，质量为3kg，要求对水平地面压强不超过3000Pa，机器人在水平地面运动时，所受推力与速度关系如图乙所示．（g取10N/kg）．求：（1）该机器人与水平地面的接触面积至少多少m2？（2）该机器人所提供的水平推力为300N时，匀速直线运动2s能通过多远路程？此时水平推力做了多少功？（3）该机器人在水平地面上以0.5m/s速度匀速直线运动时，水平推力的功率是多大？【考点】压强的大小及其计算；功的计算；功率的计算．【分析】（1）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出压力的大小，又知道对水平地面的最大压强，根据S=求出该机器人与水平地面的最小接触面积；（2）由图象可知，该机器人所提供的水平推力为300N时的速度，根据s=vt求出匀速直线运动通过的路程，根据W=Fs求出此时水平推力做的功；（3）根据图象读出该机器人在水平地面上以0.5m/s速度匀速直线运动时推力的大小，利用P===Fv求出水平推力的功率．【解答】解：（1）该机器人与水平地面的压力：F压=G=mg=3kg×10N/kg=30N，由p=可得，该机器人与水平地面的最小接触面积：S===0.01m2；（2）由图象可知，该机器人所提供的水平推力为300N时的速度v=0.6m/s，由v=可得，匀速直线运动通过的路程：s=vt=0.6m/s×2s=1.2m，此时水平推力做的功：W=Fs=300N×1.2m=360J；（3）由图象可知，该机器人在水平地面上以0.5m/s速度匀速直线运动时的推力F′=150N，则水平推力的功率：P=F′v′=150N×0.5m/s=75W．答：（1）该机器人与水平地面的接触面积至少为0.01m2；（2）该机器人所提供的水平推力为300N时，匀速直线运动2s能通过1.2m的路程，此时水平推力做了360J的功；（3）该机器人在水平地面上以0.5m/s速度匀速直线运动时，水平推力的功率是75W．【点评】本题考查了压强公式、速度公式、做功公式、功率公式的应用，从图象中读出推力和速度的对应值是关键．　23．如图所示的电路中，电源电压为8V，R2是阻值为40Ω的定值电阻，压敏电阻R1的阻值随压力的变化情况如图乙所示，当开关S闭合后，问：（1）当电流表示数为0.4A时，压敏电阻受到的压力为多少？（2）当电路连续工作10min，电阻R2产生的热量为多少？（3）若此热量的84%给20g的水加热，则水温升高多少？[水的比热容为4.2×103J•（kg•℃）﹣1]．【考点】欧姆定律的应用；热平衡方程的应用；焦耳定律的计算公式及其应用．【分析】由图甲可知，R1与R2并联，电流表测干路电流．（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流，再根据欧姆定律求出R1的阻值，由图乙可知压敏电阻受到的压力；（2）根据W=UIt求出电路连续工作10min电阻R2产生的热量；（3）根据η=×100%求出水吸收的热量，根据Q吸=cm△t求出水温升高的温度．【解答】解：由图甲可知，R1与R2并联，电流表测干路电流，（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=可得，通过R2的电流：I2===0.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R1的电流：I1=I﹣I2=0.4A﹣0.2A=0.2A，R1的阻值：R1===40Ω，由图乙可知，压敏电阻受到的压力为2N；（2）电路连续工作10min电阻R2产生的热量：Q2=W2=UI2t=8V×0.2A×10×60s=960J；（3）由η=×100%可得，水吸收的热量：Q吸=Wη=960J×84%=806.4J，由Q吸=cm△t可得，水温升高的温度：△t===9.6℃．答：（1）当电流表示数为0.4A时，压敏电阻受到的压力为2N；（2）当电路连续工作10min，电阻R2产生的热量为960J；（3）若此热量的84%给20g的水加热，则水温升高9.6℃．【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电热公式、效率公式、吸热公式的应用，关键是从图象中获取有用的信息，计算过程要注意单位的换算．